2023学年广东省兴宁市一中物理高二上期中监测试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷考生请注意：1答题前请将考场、试室号、座位号、考生号、姓名写在试卷密封线内，不得在试卷上作任何标记。2第一部分选择题每小题选出答案后，需将答案写在试卷指定的括号内，第二部分非选择题答案写在试卷题目指定的位置上。3考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，实线为不知方向的三条电场线，从电场中M点以相同速度飞出a、b两个带电粒子，仅在电场力作用下的运动轨迹如图中虚线所示则（ ）Aa一定带正电，b一定带负电Ba的速度将减小，b

2、的速度将增加Ca的加速度将增加，b的加速度将减小D两个粒子的电势能都减小2、如图所示，实线为不知方向的三条电场线，从电场中M点以相同速度飞出a、b两个带电粒子，仅在电场力作用下的运动轨迹如图中虚线所示.则 ( )Aa一定带正电，b一定带负电Ba的速度将减小，b的速度增加Ca的加速度将减小，b的加速度增加D两个粒子的电势能都增大3、如图所示，在一竖直平面内有一光滑的绝缘倾斜轨道ab和一光滑的绝缘圆弧轨道bcde平滑相接，一个质量为m的带正电小球从距最低点c所在水平面高h。处由静止释放后，刚好能通过圆轨道的最高点e。现在轨道空间内加一竖直向上的、范围足够大的匀强电场，且小球所受的电场力小于小球的重

3、力，下列说法中正确的是 A小球经过c点时，小球的机械能最小B小球经过c点时动能最大，电势能最小C若要小球仍能通过e点，必须从斜面上更高的位置静止释放D若小球仍从斜面上原位置静止释放，通过e点时会对轨道产生压力4、如图所示，金属板组成的电容器充电后与静电计相连，要使静电计 指针的张角变大，下列措施中可行的是（ ）AA板向上移动 BB板向左移动C电容器之间充满介质 D电容器放走部分电荷5、一平行板电容器充电后与电源断开，负极板接地两板间有一个正电荷固定在P点，如图所示，以E表示两板间的场强，U表示电容器两板间的电压，表示正电荷在P点的电势，EP表示正电荷在P点的电势能，若保持负极板不动，将正极板向

4、下移到图示的虚线位置，则AE变大BEP不变C变大DU不变6、如图所示，将可自由转动的四个小磁针（深色的磁极为N极），置于通电直导线附近的四个位置当小磁针静止不动时，小磁针的指向符合事实的是( ) A甲B乙C丙D丁二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、在高能物理研究中，回旋加速器起着重要作用，其工作原理如图所示，D1和D2是两个中空的半圆金属盒，它们之间有一定的电势差。两个半圆盒处于与盒面垂直的匀强磁场中。中央O处的粒子源产生的粒子，在两盒之间被电场加速，粒子进入磁场后做

5、匀速圆周运动，忽略粒子在电场中的加速时间，不考虑相对论效应。下列说法正确的是A粒子运动半个圆周之后，电场的方向必须改变B粒子在磁场中运动的周期越来越大C磁感应强度越大，粒子离开加速器时的动能就越大D两盒间电势差越大，粒子离开加速器的动能就越大8、某实验装置如图所示，在铁芯P上绕着两个线圈A和B。在线圈A中通入电流i与时间t的关系如图所示，那么在t1t2这段时间内，可以观察到线圈B中有感应电流的是ABCD9、一个静止的质点，在04s时间内受到力F的作用，力的方向始终在同一直线上，力F随时间t的变化如图所示，则质点在( )A第2s末速度改变方向B第2s末加速度改变方向C第4s末回到原出发点D第4s

6、末运动速度为零10、如图所示，电源内阻不可忽略。开关S闭合后，在变阻器R0的滑动片向下滑动的过程中A电压表的示数减小B电流表的示数增大C电压表的示数增大D电流表的示数减小三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）某同学利用如图a所示装置做探究弹簧弹力大小和其长度的关系的实验。(1)他通过实验得到如图b所示的弹力大小F与弹簧长度x的关系图线由此图线可得该弹簧的原长x0_cm，劲度系数k_N/m。(2)他又利用本实验原理把该弹簧做成一把弹簧秤，当弹簧秤上的示数如图c所示时，该弹簧的长度x_cm。12（12分）有一未知电阻R（R不随温度变化）

7、，为较准确地测出其阻值，先后用电流表内外接电路进行测试，利用电流表外接法测得的数据为“2.7V，5.0mA”，利用电流表内接法测得的数据为“2.8V，4.0mA”，那么，该电阻测得值较准确的数值为_，它比真实值_（填“偏大”、“相等”或“偏小”）四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示，放在长木板上的木块质量为m，当木板与水平方向夹角为时，木块静止在长木板上求此时木块所受的弹力和摩擦力各多大？当把木块的倾角增大到时，木块刚好沿长木板匀速下滑，求木块和木板之间的动摩擦因数为多大？14（16分）如图所示，长

8、L=1.6m，质量M=3kg的木板静放在光滑水平面上，质量m=1kg、带电量q=+2.510-4C的小滑块放在木板的右端木板和物块间的动摩擦因数=0.1，所在空间加有一个方向竖直向下强度为E=4.0104N/C的匀强电场，如图所示，现对木板施加一水平向右的拉力F取g=10m/s2，求：（1）使物块不掉下去的最大拉力F；（2）如果拉力F=11N恒定不变，小物块所能获得的最大动能.15（12分）如图所示，间距为L的两根平行长直金属导轨MN、PQ固定在倾角为的绝缘斜面上，导轨上端接有阻值为R的电阻，一根长为L、电阻为3R、质量为m的直导体棒ab垂直放在两导轨上。整个装置处于方向垂直斜面向上、磁感应强

9、度大小为B的匀强磁场中。ab由静止释放后沿导轨运动，下滑位移大小为x时到达cd位置并恰好开始做匀速运动。ab在运动过程中与导轨接触良好，导轨电阻及一切摩擦均不计，重力加速度大小为g。求：(1)ab棒匀速时的速度大小；(2)从ab棒由静止释放到开始匀速运动整个过程通过电阻R的电荷量；(3)从ab棒由静止释放到开始匀速运动的整个过程中电阻R产生的热量Q。参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】由图可知，b粒子的轨迹向右弯曲，b粒子受到的电场力方向向右，a的轨迹向左弯曲，a粒子受到的电场力方向向左，由于电场线未知，

10、无法确定两个粒子的电性，但是一定带异种电荷，故A正确；由图看出，向左电场线越来越疏，场强越来越小，则a所受电场力减小，加速度减小，b所受电场力增大，加速度增大，故C错误；由图判断电场力对两个粒子都做正功，电势能都减小，动能都增大，故BD错误2、C【解析】物体做曲线运动，所受力的方向指向轨道的内侧，所以能判断a、b一定带异种电荷，但是不清楚电场的方向，也就不能判断哪一个是正电荷，哪一个是负电荷，故A错误；物体做曲线运动，所受力的方向指向轨道的内侧，从图中轨道变化来看电场力都做正功，动能都增大，速度都增大，它们的电势能都减小，故BD错误；电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小，所以

11、a受力减小，加速度减小，b受力增大，加速度增大，故C正确；故选C【点睛】该题考查带电粒子在电场中运动过程中的轨迹分析，要求能够根据轨迹弯曲的方向判断出电场力的方向，进而判断出粒子的电性、动能与电势能的变化等由曲线运动得出的粒子所受电场力方向指向曲线弯曲的内侧许多同学不易想到此点3、A【解析】试题分析：加上电场后，当从斜面上高h0处释放小球后，小球仍然是刚好能通过轨道的最高点e，所以C、D选项错误；小球的机械能不守恒，在最低点c，小球的电势能最大。故机械能最小，B选项错误而A选项正确。考点：本题考查圆周运动、机械能守恒定律和电势能。4、A【解析】A板向上移动时，两板间的正对面积减小，则由可知，电

12、容器的电容减小，则由Q=UC可知，两板间的电势差增大，故静电计的张角变大；故A正确；B板向左移动时，两板间的距离减小，则C增大，故两板间的电势差减小，故B错误; 电容器之间充满介质，故C增大，则两板间的电势差减小，故C错误；电容器放走部分电荷后，电荷量减小，则电势差减小，故D错误；故选A点睛：对于电容器的动态分析，首先要明确不变量，然后再由定义式和决定式可确定电势差的变化5、B【解析】电容器充电后与电源断开，所以电容器的所带电荷量Q是一个定值，根据公式，公式,公式,可得,与极板间的距离无关，所以极板间的电场强度不变，正极板下移过程中，正电荷仍旧静止，所以电场力不做功，电势能不变，下移过程中d减

13、小，所以C增大，又因为Q不变，所以U减小，负极板接地，所以电势为零，P点到负极板的电势差为，为P到负极板的距离，保持不变，所以电势不变，EP不变，故B正确6、A【解析】伸出右手，大拇指指向电流的方向，四指的方向为磁场的方向，故导体周围磁场方向逆时针（俯视），即小磁针静止时N极的指向即为磁场方向，由题目中图可知，甲图正确，乙、丙、丁均错误；故选A【点睛】本题考查通电导体周围磁场方向的判断，可利用安培定则判断，注意安培定则也称右手螺旋定则二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7

14、、AC【解析】试题分析：回旋加速器通过电场加速、磁场偏转来加速粒子，粒子在磁场中运动的周期与交变电压的周期相等，根据D形盒的半径，结合洛伦兹力提供向心力求出最大动能，判断与什么因素有关由于经过半个运动后，速度方向反向，要使粒子继续被加速，则两个D形盒之间的电场方向必须改变，A正确；粒子在磁场中的运动周期为T=2mqB，与速度无关，恒定不变，B错误；根据qvB=mv2r可得v=qBrm，故粒子的动能Ek=12mv2=q2B2r22m，所以磁感应强度越大，粒子离开加速器时的动能就越大，而粒子获得的动能与两盒间的电势差无关，所以C正确D错误8、BCD【解析】A由图A可知，A中电流不变，电流产生的磁场

15、不变，穿过B的磁通量不变，不产生感应电流，故A错误。BCD由图BCD可知，通过A的电流发生变化，电流产生的磁感应强度发生变化，穿过B的磁通量发生变化，产生感应电流，故BCD正确。9、BD【解析】A物体在0-2s内受到力F的方向一直向右，因此物体在0-2s一直做加速运动，在2s后力F的方向发生了变化因此物体在2s后继续向右做减速运动，故A错，B2s时力F的方向发生了变化，有牛顿第二定律可知加速度也发生了变化，故B正确；C有以上计算可知物体在0-2s内加速运动，一直向前运动，2-4s内做减速运动，一直向前运动，4s时物体减速为0，即0-4s内物体一直向前运动，故C错误DF-t的面积表示力F的冲量，

16、因此可知力F在0-2s内的冲量大小和2-4s内的冲量大小相等，对物体在0-4s写动量定理有，故D正确；10、AD【解析】在变阻器R0的滑动端向下滑动的过程中，滑动变阻器接入电路的电阻减小，则总电阻减小，电路中总电流增大，内电压增大，则由闭合电路欧姆定律可知，电路的路端电压减小，故电压表示数变小；由欧姆定律可知，R1上的分压增大，路端电压减小，故并联部分电压减小，即可知电流表示数变小。故AD正确。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、4 25 16 【解析】(1)12如果以弹簧长度x为横坐标，弹力大小F为纵坐标，作出Fx图象，那么图象与横轴

17、的截距表示弹簧的原长，图线的斜率表示弹簧的劲度系数，所以根据图象可知，该弹簧的原长x04cm劲度系数(2)3弹簧秤的读数表示弹力的大小，即F3.0N，所以该弹簧的长度12、700 偏大 【解析】两次测量电压表示数变化率大小UU2.8-2.72.7127，电流表示数变化率大小II5.0-4.05.0=15；则UUII，可见电流表示数变化显著，说明电压分流作用显著，采用电流表内接法误差较小。测量值Rx=UI2.8410-3=700，真实值R真=Rx-RA，故测量值比真实值偏大。【点睛】实验误差要从实验原理进行分析本实验原理是伏安法，a图中由于电流表的分压，使测量值大于真实值b图中由于电压表的分流，

18、使测量值小于真实值四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）mgcos， mgsin（2 )tan【解析】试题分析：（1）木块恰能静止，说明物体受力平衡，受力分析应用平衡条件列式（2）木块能沿木板匀速滑动，说明物体受力也是平衡的，再次受力分析应用平衡条件列式解：（1）对物体受力分析如图：木块所受的弹力为：FN=mgcos木块所受摩擦力为：Ff=mgsin（2）当木块倾角增大为时摩擦力为Ff=mgsin 弹力为FN=mgcos摩擦因数为=tan答：（1）求此时木块所受的弹力mgcos，摩擦力mgsin（2）当把木块的倾角增大到（）时，木块刚好沿长木板匀速下滑，求木块和木板之间的动摩擦因数为tan【点评】处于受力平衡状态的物体，求解物理量时一定要牢牢把握住受力平衡这个关键点，受力分析时注意不要添力漏力即可14、（1）8N（2）6.4J【解析】（1）F最大的时候物块不掉下，必是物块与木板具有共同的最大加速度a1，对物块，最大加速度，a1=对整体F =（ M + m ）a1= 8N （2）木板的加速度m/s2= 3 m/s2 由得物块滑过木板所用时间t =s物块离开木板时的速度v1= a1t =m/s15、 (1) v=