2023学年甘肃省张掖市高台县一中高二物理第一学期期中综合测试试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷考生请注意：1答题前请将考场、试室号、座位号、考生号、姓名写在试卷密封线内，不得在试卷上作任何标记。2第一部分选择题每小题选出答案后，需将答案写在试卷指定的括号内，第二部分非选择题答案写在试卷题目指定的位置上。3考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图中a、b直线分别表示由同种材料制成的两条长度相同、粗细均匀的电阻丝的伏安特性曲线。关于这两条电阻丝，以下判断正确的是（ ）A电阻丝a较细B电阻丝b较细C若将电阻丝a、b串联在一

2、起接入电路，则b两端的电压较大D若将电阻丝a、b并联在一起接入电路，则通过a的电流较大2、以的水平初速度抛出的物体，飞行一段时间后，打在倾角为的斜面上，此时速度方向与斜面夹角为，如图所示，则物体在空中飞行的时间为不计空气阻力，g取)（ ）ABCD3、有一个长方体型的金属电阻，材料分布均匀，边长分别为a、b、c，且abc电流沿以下方向流过该金属电阻，其中电阻值最小的是（ ）ABCD4、在如图所示的UI图象中，直线为某一电源的路端电压与电流的关系图线，直线为某一电阻R的UI图线。用该电源直接与电阻R相连组成闭合电路，由图象可知A电源的电动势为3 V，内阻为1B电阻R的阻值为2 C电源的输出功率为4

3、 WD电源的效率为50%5、在静电场中，一个电子由a点移到b点时电场力做功为+4 eV，则下列判断中正确的是（ ）A电子的电势能增加4 eVB电子的电势能减少4 eVC电子的电势能减少5 eVDa、b两点间电势差Uab=4 V6、如图所示,直流电源两端的电压保持不变,平行板电容器与电源连接,下极板接地一带电油滴位于电容器中的P点且恰好处于平衡状态现将平行板电容器的上极板竖直向上移动一小段距离，A带电油滴将沿竖直方向向上运动B电容器的电容增大C极板所带的电荷量减少DP点与下极板的电势差不变二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全

4、部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，M、N是两块水平放置的平行金属板，R0为定值电阻，R1和R2为可变电阻，开关S闭合.质量为m的带正电荷的微粒从P点以水平速度v0射入金属板间，沿曲线打在N板上的O点.若经下列调整后，微粒仍从P点以水平速度v0射入，则关于微粒打在N板上的位置说法正确的是A保持开关S闭合，增大R1，粒子打在O点左侧B保持开关S闭合，增大R2，粒子打在O点左侧C断开开关S，M极板稍微上移，粒子打在O点右侧D断开开关S，N极板稍微下移，粒子打在O点右侧8、用来加速带电粒子的回旋加速器，其核心部分是两个D形金属盒在加速带电粒子时，两金属盒置于匀强磁场中，

5、两盒分别与高频电源相连带电粒子在磁场中运动的动能Ek随时间t的变化规律如图所示，忽略带电粒子在电场中的加速时间，则下列判断正确的是A伴随粒子动能变大，应有(t2t1) (t3t2)( t4t3);B高频电源的变化周期应该等于2(tntn1);C要想粒子获得的最大动能增大，可增加D形盒的半径;D粒子加速次数越多，粒子最大动能一定越大.9、有一电热器，额定电压为220V，额定功率为1000W.现要把它改装一下，用在电压为110V的电路中，若要使它消耗的功率仍为1000W下面做法中正确的是( )A将电热器中的电热丝截去一半B将电热器中的电热丝截去3/4，只留下1/4C在电热器中再并联一根与原来相同的

6、电热丝D将电热器中的电热丝等分成两段，再并联起来10、质量为m的物块甲以3 m/s的速度在光滑水平面上运动，有一轻弹簧固定其上，另一质量也为m的物块乙以4 m/s的速度与甲相向运动，如图所示，则（ ）A当两物块相距最近时，物块甲的速率0.5m/sB相互作用之后物块甲的速率可能达到4 .1m/sC甲、乙两物块在弹簧压缩过程中，由于弹力作用,动量不守恒D当物块甲的速率为1 m/s时，物块乙的速率可能为2 m/s，也可能为0三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分） (1)读出图中游标卡尺与螺旋测微器的读数，游标卡尺读数为_mm，螺旋测微器读

7、数为_mm(2)要测量某电压表V1的内阻RV，其量程为2V，内阻约2k。实验室提供的器材有：电流表A，量程0.6A，内阻约为0.1；电压表V2，量程5V，内阻约为5 k；定值电阻R1，阻值为30；定值电阻R2，阻值为3k；滑动变阻器R3，最大阻值10，额定电流1.5A；电源E，电动势6V，内阻约0.5；开关S一个，导线若干。请从上述器材中选择必要的器材，设计一个测量电压表V1内阻RV的实验电路。要求测量尽量准确，试画出符合要求的实验电路图，并标出所选元件的相应字母代号。（_）写出电压表V1内阻RV的表达式_，式中各符号的物理意义是_。12（12分）某同学在探究规格为“ ”的小灯泡伏安特性曲线实

8、验中，该同学采用如图甲所示的电路进行测量。现备有下列器材供选用：A量程是，内阻是的电流表B量程是，内阻是的电流表C量程是，内阻是的电压表D量程是，内阻是的电压表E阻值为，额定电流为的滑动变阻器F阻值为，额定电流为的滑动变阻器G蓄电池（内阻不计）H开关一个，导线若干(1)为使测量结果尽量准确，电流表应选用_，电压表应选用_，滑动变阻器应选用_（只填字母代号）。(2)在实验过程中，开关闭合前，滑动变阻器的滑片应置于最_端（填“左”或“右”）。(3)在实验过程中，已知各元器件均无故障，但闭合开关后，无论如何调节滑片，电压表和电流表的示数总是调不到零，其原因是_点到_点的导线没接好（空格中请填写图甲中

9、的数字，如“2”点到“3”点的导线）。(4)该同学描绘出小灯泡的伏安特性曲线示意图如图所示，则小灯泡的电阻随工作电压的增大而_（填“不变”“增大”或“减小”）四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示，电源电动势为E30 V，内阻为r1 ，电灯上标有“6 V、12 W”字样，直流电动机线圈电阻R2 .若电灯恰能正常发光，求电动机输出的机械功率14（16分）如图所示的闭合电路中，电源电动势E=12V，内阻r=1，灯泡A标有“6V，3W”，灯泡B标有“4V，4W”当开关S闭合时A、B两灯均正常发光求：R1与R

10、2的阻值分别为多少？15（12分）如图1所示，M1M4、N1N4为平行放置的水平金属轨道，M4P、N4Q为平行放置的竖直圆孤金属轨道，M4、N4为切点，轨道间距L1.0m，整个装置左端接有阻值R0.5的定值电阻。M1M2N2N1、M3M4N4N3为长方形区域I、II，I区域宽度d10.5m，区域宽度d2=0.4m;两区域之间的距离s1.0m；I区域内分布着变化规律如图2所示的匀强磁场B1，方向竖直向上；区域内分布着匀强磁场B20.5T，方向竖直向上。两磁场间的轨道与导体棒CD间的动摩擦因数为0.2，M3N3右侧的直轨道及圆弧轨道均光滑。质量m0.1kg，电阻R0=0.5的导体棒CD自t=0开始

11、加上垂直于棒的水平恒力F1.0N，从M2N2处由静止开始运动，到达M3N3处撤去恒力F，CD棒穿过匀强磁场区上滑后又恰好返回停在M2N2。若轨道电阻、空气阻力不计，运动过程中导体棒与轨道接触良好且始终与轨道垂直，求：(1)CD棒从M2N2处运动到M3N3处所需要的时间(2)CD棒从开始运动到第一次通过M4N4过程通过R的电量(3)在整个运动过程中CD棒上产生的焦耳热Q。参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、A【解析】AB根据电阻丝的伏安特性曲线可知当材料和长度相同时，再由电阻定律，可得即电阻丝a较细，电阻丝b较粗，A

12、正确，B错误；C电阻丝a、b串联，它们电流相等，电阻大的两端电压较大，即C错误；D电阻丝a、b并联它们电压相等，电阻大的电流较小，即D错误。故选A。2、B【解析】小球打在倾角为30的斜面上，速度方向与斜面夹角为60，有几何关系可知，速度与水平方向的夹角为30，将该速度分解：，又有：，联立并代入数据解得：，故B正确，ACD错误3、A【解析】由电阻的决定式可知，A中电阻；B中电阻；C中电阻；D中电阻；故电阻最小的为A；4、C【解析】根据图线纵轴截距读出电源的电动势，由斜率大小读出电源的内阻图线的斜率大小等于电阻R的大小两图线的交点表示电阻R接在该电源的电压和电流，求出电源的输出功率和电源的效率。【

13、详解】A项：由图线图线纵轴截距读出电源的电动势 E=3V，其斜率大小等于电源的内阻，则r=UI=36=0.5，故A错误；B项：电阻R的阻值为R=UI=22=1，故B错误；C项：两图线的交点表示该电源直接与电阻R相连组成闭合电路时电路中电流和路端电压，则有 U=2V，I=2A，电源的输出功率为P=UI=22W=4W故C正确；D项：电源的效率为=UIEI10000=231000066.700，故D错误。故应选：C。【点睛】本题抓住伏安特性曲线的斜率、截距和交点的数学意义来理解其物理意义，知道两个图象的交点表示该电源与电阻R相连组成闭合电路时电路中电流和路端电压。5、B【解析】ABC：一个电子由a点

14、移到b点时电场力做功为+4 eV，电子的电势能减少4 eV。故B项正确，AC两项错误。D：a、b两点间电势差Uab=Wabq=4eV-e=-4V，故D项错误。6、C【解析】将平行板电容器的上极板竖直向上移动一小段距离，由电容器的决定式可判断电容的变化；而电容器两板间电压不变，根据分析板间场强的变化，根据F=qE判断电场力变化，确定油滴运动情况【详解】电容器两端的电压不变，将上极板上移时，d增大，由电容的决定式，可知C减小，根据Q=UC可知，极板带电量也减小，故B错误，C正确；根据，可知电场强度减小，则电场力减小，故带电油滴将沿竖直方向向下运动，故A错误；根据U=Ed，可知，P点与下极板的距离不

15、变，但E减小，故P点与下极板的电势差减小，故D错误， 故选C【点睛】本题考查电容器的动态分析问题，要明确一直和电源相连，故电压不变；再由决定式及定义式分析电容、电量等的变化二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AD【解析】A.保持开关S闭合，由串并联电压关系可知，R0两端的电压增大R1，U将减小，电容器两端的电压减小，则粒子受到的电场力减小，受到的重力不变，则产生的加速度增大从P点以水平速度v0射入金属板间打在极板上则有：水平位移为：水平位移将减小，故粒子打在O点左侧，

16、故A正确；B.保持开关S闭合，增大R2，R0两端的电压：不变，即电容器两端的电压不变，粒子仍打在O点故B错误；C.断开开关，平行板带电量不变，平行板间的电场强度为：结合：和可得：M极板稍微上移，电场强度不变，故加速度不变，不会影响离子的运动，还打在O点，故C错误；D.断开开关，平行板带电量不变，平行板间的电场强度为：结合：和可得：N极板稍微下移，电场强度不变，加速度不变，但y增大:水平位移将增大，粒子打在O点右侧故D正确8、BC【解析】试题分析：根据回旋加速器的原理可知：粒子每做一次圆周运动，就经过电场加速两次，所以其周期为2(tntn1)，故选项B正确；粒子每加速一次，就做半个圆周运动，根据

17、T=2mqB可知其周期与粒子运动的半径无关，所以有(t2t1)= (t3t2)=( t4t3)，故选项A错误；根据洛伦兹力提供粒子做圆周运动的向心力qvB=mv2R可知：v=qBRm，最大速度与半径有关，与加速次数无关，故选项D正确C错误考点：考查对回旋加速器原理的理解和应用9、BD【解析】AB.根据公式P=U2/R,电热丝消耗的功率不变,电压为额定电压的1/2,则电阻应为原来的1/4,根据电阻定律得,电热丝的长度应为原来的1/4,可将电热器中的电热丝截去3/4.故A错误，B正确；C. 若在电热器中再并联一根与原来相同的电热丝,总电阻变为1/2,电压为额定电压的1/2,电热丝消耗的功率为原来的

18、1/2，不符合题意故C错误；D. 若将电热器中的电热丝等分成两段，再并联起来，根据电阻定律可知电阻变为原来的1/4，符合要求故D正确故选BD10、AD【解析】当两物块相距最近时速度相同，取碰撞前乙的速度方向为正方向，设共同速率为v，由动量守恒定律得： ，代入数据解得：v=0.5m/s，故A正确；若物块甲的速率达到4.1m/s，方向与原来相反，则： ，代入数据代入解得：v乙=-3.1m/s，两个物体的碰后动能之和增大，违反了能量守恒定律；若物块甲的速率达到4.1m/s，方向与原来相同，根据动量定理可知，甲的速度不可能增大，综合分析可得故B错误 ；甲、乙两物块（包括弹簧）组成的系统在弹簧压缩过程中

19、，系统所受的合外力为零，系统动量守恒，故C错误；甲、乙组成的系统动量守恒，若物块甲的速率为1m/s，方向与原来相同，由动量守恒定律得： ，代入数据解得：v乙=2m/s；若物块甲的速率为1m/s，方向与原来相反，由动量守恒定律得： ，代入数据解得：v乙=0，故D正确。所以AD正确，BC错误。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、50.15 5.693(5.6915.695) 表示的电压，表示和串联的总电压； 【解析】(1)1游标卡尺的主尺读数为50mm，游标尺上第3个刻度和主尺上某一刻度对齐，所以游标读数为30.05mm=0.15mm，所以

20、最终读数为：50mm+0.15mm=50.15mm2螺旋测微器的固定刻度为5.5mm，可动刻度为19.30.01mm=0.193mm，所以最终读数为：5.5mm+0.193mm=5.693mm由于需要估读，最后的结果可以在5.6915.695mm之间；(2)32V的电压表的满偏电流：电流表的量程是0.6A，二者相差太大，所以不能使用电流表测量，要使用电压表，根据串联电阻的分压原理来测量；滑动变阻器的最大电阻是10，在电路中不能分担太大的电压，所以滑动变阻器要采用分压式接法；所以选择的器材有电压表、定值电阻、滑动变阻器、电源，开关、导线，电路原理图如图：45电压表与定值电阻上电压的和等于电压表的

21、电压，根据串联电阻的分压关系得：解得：式中表示电压表的读数，表示和串联的总电压（或电压表的读数）。12、A C F 左 1 5 增大 【解析】(1)1由小灯泡的规格“2.5V 0.6W”可求出小灯泡的额定电流为所以电流表应选A。2由小灯泡的额定电压为2.5V可知，电压表应选C。3由于实验要求电压和电流从零开始调，所以滑动变阻器应采用分压接法，应选择阻值小的变阻器F，以方便调节。(2)4由电路图可知，为实验的安全性，开关S闭合前应将变阻器滑片P置于输出电压最小的左端。(3)5由电路图可知，闭合开关S，当变阻器滑片P置于最左端时，电压表和电流表中都无示数，如果电压表和电流表的示数总是调不到零，原因是1点到5点的导线没接好，变阻器成了限流接法。6填“5”点。(4)7由