2023学年福建省仙游县郊尾中学物理高二上期中经典试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷考生须知：1全卷分选择题和非选择题两部分，全部在答题纸上作答。选择题必须用2B铅笔填涂；非选择题的答案必须用黑色字迹的钢笔或答字笔写在“答题纸”相应位置上。2请用黑色字迹的钢笔或答字笔在“答题纸”上先填写姓名和准考证号。3保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，在草稿纸、试题卷上答题无效。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，电容器极板间有一可移动的电介质板，介质与被测物体相连，电容器接入电路后，通过极板上物理量的变化可确定被测物体的位置，则下列说法中正确的是A被测物体向左移动时，

2、电容器的电容将减小B被测物体向右移动时，电容器一定会放电C若电容器极板上带电荷量不变，x变小，电容器极板间电压变大D若电容器极板间的电压不变，x变大，两极板电荷量将变大2、一个质点沿直线运动，其速度图象如图所示，则质点（ ）A在010s内做匀加速直线运动B在010s内做匀速直线运动C在1040s内做匀加速直线运动D在1040s内保持静止3、某物体受到个2Ns的冲量作用，则A物体的末动量一定是负值 B物体的动量一定减少C物体的动量改变量的方向一定与规定的正方向相反D物体原来的动量方向一定与这个冲量的方向相反4、如图所示，有一根直导线上通以恒定电流I，方向垂直指向纸内，且和匀强磁场B垂直，则在图中

3、圆周上，磁感应强度数值最大的点是（ ）Aa点Bb点Cc点Dd点5、如图，一半径为R的电荷量为Q的均匀带电球壳，A、B为球壳表面上的两点。O、P、M、N在一条直线上，POr且rR，PMMN，下列说法正确的是（）AP点的电场强度的大小B电势差UPMUMNC电势差UAPUBPD若电荷量Q不变，P点位置不变，O点位置不变，仅令R变小，则P点的场强变小6、一带正电的粒子仅在电场力作用下从A点经B、C点运动到D点，其vt图象如图所示，则下列说法中正确的是（ ）AA点的电场强度一定大于B点的电场强度B粒子在A点的电势能一定大于在B点的电势能CCD间各点电场强度和电势都为零DAB两点间的电势差大于CB两点间的

4、电势差二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、在磁场中放入一通电导线，导线与磁场垂直，导线长为1 cm，电流为0.5 A，所受的磁场力为5104 N。则A该位置的磁感应强度为0.1 TB若将该电流撤去，该位置的磁感应强度还是0.1 TC若将通电导线跟磁场平行放置，该导体所受到的磁场力为5104 ND若将通电导线跟磁场平行放置，该导体所受到的磁场力为零8、如图所示，空间有一水平方向的匀强电场，初速度为的带电质点从点射入电场，在竖直平面内沿直线从运动到，在此过程中，该质点的（

5、 ）A重力势能和电势能都增加，动能减少B重力势能增加，电势能和动能都减少C重力势能和动能之和增加D动能和电势能之和减少9、如图所示,MNPQ为有界的竖直向下的匀强电场,电场强度为E,ACB为光滑固定的半圆形轨道,圆轨道半径为R,A、B为圆水平直径的两个端点,ACB为圆弧.一个质量为m、电荷量为-q的带电小球,从A点正上方高为H处由静止释放,并从A点沿切线进入半圆轨道.不计空气阻力及一切能量损失,关于带电小球的运动情况,下列说法正确的是( ) A小球再次到达C点的速度可能为零B小球一定能从B点离开轨道C小球在AC部分可能做匀速圆周运动D当小球从B点离开时,上升的高度一定等于H10、如图所示，光滑

6、绝缘细管与水平面成30角，在管的上方P点固定一个点电荷Q，P点与细管在同一竖直平面内，管的顶端A与P点连线水平电荷量为q的小球(小球直径略小于细管内径)从管中A处由静止开始沿管向下运动，在A处时小球的加速度为a.图中PBAC，B是AC的中点，不考虑小球电荷量对电场的影响则在Q形成的电场中()AA点的电势高于B点的电势BB点的电场强度大小是A点的4倍C小球从A到C的过程中电势能先减小后增大D小球运动到C处的加速度为ga三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）（1）图甲所示的电流表使用0.6A量程时，对应刻度盘上每一小格代表_A，图中表针

7、示数是_A；当使用3A量程时，对应刻度盘上每一小格代表_A，图中表针示数为_A。（2）图乙所示的电表使用较小量程时，每小格表示_V，图中指针的示数为_V。若使用的是较大量程，则这时表盘刻度每小格表示_ V，图中表针指示的是_V。（3）用游标卡尺测得某样品的长度如图（甲）所示，其示数L_mm；用螺旋测微器测得该样品的外径如图（乙）所示，其示数D_mm。12（12分）某小组同学通过实验测量金属丝的电阻率，现有的器材规格如下：A待测金属丝电阻（大约），长度为LB直流电流表（量程，内阻约）C直流电流表（量程，内阻约）D直流电压表（量程，内阻为）E定值电阻F直流电源（输出电压，内阻不计）G滑动变阻器R（

8、阻值范围，允许最大电流）H开关一个导线若干（1）用螺旋测微器测量金属丝直径如图甲所示，则金属丝直径d = _mm,用游标卡尺测量金属小球直径如图乙所示，小球直径D = _ cm （2）根据器材的规格和实验要求，为了减小测量误差，直流电流表应选_（填选项前的字母）。（3）在方框内画出实验电路图（要求电压和电流的变化范围尽可能大一些）。_（4）某次测量中，电流表的读数为I，电压表的读数为U，则该金属丝的电阻率表达式为_（用题中所给物理量的字母表示并忽略电表内阻的影响）。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所

9、示，电阻，当电键K闭合时理想电压表读数是1.0V，当K断开时理想电压表读数是0.8V，求:电源的电动势E和内电阻r14（16分）在电场中电荷量为2.010-9C的正电荷从A点移动到B点，电场力做了1.510-7J 的正功。再把这个正电荷从B点移动到C点，电场力做了4.010-7J的负功。在A、B、C三点中，哪一点的电势最高？A和B之间、B和C之间、A和C之间的电势差UAB、UBC、UAC各是多大？15（12分）炽热的金属丝可以发射电子,在炽热的金属丝和竖直金属板间加电压U1, 从炽热的金属丝发射出的电子在真空中被加速后,从金属板的小孔穿出,再从水平放置的两平行金属板的中间水平射入两板间的匀强电

10、场中,如图所示,电子恰能沿一板的边缘飞出,且飞出时速度方向与水平方向成60角,不计电子重力,电子离开金属丝的初速度视为零,已知电子的质量为m,电荷量为e。求:（1）.电子穿出金属板小孔时的速度大小。（2）.加在水平两极板间的电压。参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、B【解析】A被测物体向左移动时，插入的介质增大，根据可知，电容器的电容将变大，选项A错误；B被测物体向右移动时，插入的介质减小，根据可知，电容器的电容将变小，电容器带电量减小，则电容器一定会放电，选项B正确；C若电容器极板电量不变，x变小，根据可知电容增

11、大，由Q=CU得知，电容器极板间电压U变小，故C错误。D若电容器极板间的电压不变，x变大，拔出电介质，由电容的决定式得知，电容减小，由Q=CU得知，电容器极板上带电量Q减少，故D错误。2、A【解析】AB.图像中质点在010s内速度一直增大，且斜率一定，所以质点做匀加速直线运动，故A项符合题意，B项不符合题意CD.图像中质点在10s40s速度保持不变，所以质点做匀速直线运动，故CD项不符合题意3、C【解析】试题分析：根据动量定理得：，说明物体的动量增量一定与规定的正方向相反，不能说明原末动量的方向和大小，故C正确考点：动量定理应用4、A【解析】由电流的安培定则可知电流产生的磁场在a点的方向水平向

12、右，c点水平向左，b点竖直向下d点竖直向上，且四点磁感应强度大小相等，根据矢量合成法则可知磁感应强度最大值为a点A. a点与分析相符，A正确B. b点与分析不符，B错误C. c点与分析不符，C错误D. d点与分析不符，D错误5、A【解析】均匀带电球壳在P点产生的场强等效于电荷量为Q的点电荷置于O点在P点产生的场强，则P点产生的场强，若电荷量Q不变，P点位置不变，O点位置不变，仅令R变小，则P点的场强不变，故A正确，D错误；由P到N，电场强度逐渐减小，根据UEd可知，UPMUMN，故B错误；均匀带电球壳为等势面，A、B两点的电势相等，则UAPUBP，故C错误。所以A正确，BCD错误。6、AB【解

13、析】试题分析：由图线可看出，A点的斜线的斜率大于B点，即A点的加速度大于B点，故A点的电场强度一定大于B点的电场强度，选项A正确；从B点的速度大于A点速度，故从A到B动能增加，电势能减小，即粒子在A点的电势能一定大于在B点的电势能，选项B正确；从C到D粒子做匀速运动，故CD间各点电场强度为零，但是电势相等且不一定为零，选项C错误；从A到B和从B到C粒子动能的变化量相同，故电场力做功相同，即AB两点间的电势差等于CB两点间的电势差，选项D错误；故选AB.考点：动能定理；电势与电势能；电场强度.二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的

14、。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、ABD【解析】根据公式B=FIL，得：B=510-40.010.5T=0.1T，磁感应强度B与F、I、L无关，故A正确，B错误；若将通电导线跟磁场平行放置，该导体所受到的磁场力为零，故C错误，D正确，故选ABD。8、AD【解析】试题分析：带点小球做直线运动，所受合力方向与运动方向必定在同一直线上，根据重力和电场力做功的正负判断动能、电势能、重力势能的变化；根据能量守恒，即动能+重力势能+电势能=定值，来判断重力势能和动能之和以及动能和电势能之和的变化做直线运动的条件是合外力方向和速度在同一直线，所以根据受力分析，受到的电场力方向肯定向

15、左，电力做负功，电势能增加又重力做负功，重力势能增加合外力方向和速度反向，所以动能减少，A正确B错误；因为电场力做负功，所以质点的机械能减小，即重力势能和动能之和减小，C错误；过程中只有重力和电场力做功，所以机械能和电势能守恒，即，而重力做负功，重力势能增大，故动能与电势能之和减小，D正确9、CD【解析】当小球的重力与电场力平衡，小球进入轨道，靠弹力提供向心力，做匀速圆周运动根据动能定律判断上升的高度与H的关系通过假设法判断小球到达C点的速度能否为零，若能为零，根据动能定理知，电场力做功做功等于重力做功，则电场力大于重力，无法做圆周运动【详解】A、若小球到达C点的速度为零，由动能定理得，小球所

16、受电场力大于重力，则小球不可能沿半圆轨道运动，所以小球到达C点的速度不可能为零，A错误；B、由于题中没有给出H与R、E的关系，所以小球不一定能从B点离开轨道，B错误；C、若重力大小等于电场力，小球在AC部分做匀速圆周运动，C正确；D、若小球能从B点离开轨道，由于小球在AB部分电场力做功为零，所以若小球能从B点离开，上升的高度一定等于H，D正确故选CD【点睛】本题考查了带电小球在电场和重力场中的运动，综合运用了动能定理、牛顿第二定律等知识，综合性强，对学生的能力要求较高10、BCD【解析】试题分析：正点电荷的电场线发散型，由于沿着电场线方向，电势降低，因此A点的电势低于B点的电势，故A错误；结合

17、几何关系知：PA=2PB，由点电荷电场强度公式，可知电场强度的大小与间距的平方成反比，则B点的电场强度大小是A点的4倍，故B正确；根据电场力做正功，电势能减小；电场力做负功，电势能增加，可知：小球带负电，从A到C的过程中，电场力先做正功，后做负功，则电势能先减小后增大，故C正确；在A处时小球的加速度为a，对A点受力分析，电场力、重力与支持力，由力的合成法则可知，合外力由重力与电场力沿着细管方向的分力之和提供的；当在C处时，小球仍受到重力、电场力与支持力，合外力是由重力与电场力沿着细管方向的分力之差提供的，即为g-a故D正确故选BCD考点：电势能；功能关系三、实验题：本题共2小题，共18分。把答

18、案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、0.02A 0.44A 0.1A 2.20A 0.1V 1.40V 0.5V 7.0V 30.35mm 3.205mm 【解析】（1）1234电流表使用0.6A量程时，刻度盘上的每一小格为0.02A，指针的示数为0.44A；当换用3A量程时，每一小格为0.1A，指针示数为2.20A；（2）5678电压表使用3V量程时，每小格表示0.1V，指针示数为1.70V；使用15V量程时，每小格为0.5V，指针示数为7V；（3）9游标卡尺的主尺读数为：30mm，游标读数为0.057mm=0.35mm所以最终读数为：30mm+0.35mm=30.35mm

19、10螺旋测微器的固定刻度读数为3mm，可动刻度读数为0.0120.4mm=0.204mm所以最终读数为：3mm+0.204mm=3.204mm由于需要估读在范围3.203-3.205内均正确12、 1.775 2.25 C 【解析】（1）由图可知，螺旋测微器固定刻度示数为1.5mm，游标尺示数为27.50.01mm=0.275mm，螺旋测微器示数为1.5mm+0.275mm=1.775mm；由图可知，游标卡尺主尺示数为2.2cm，游标尺示数为50.1mm=0.5mm，游标卡尺示数为2.2cm+0.05cm=2.25cm。（2）电源电动势为4V，电路中的最大电流： ，故选择电流表C。（3）电路如图所示：（4）根据，其中，联立可得： 。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、2V；0.5【解析】当电键K闭合时，电阻R2与R3并联后与R1串联，当K断开时，R1与R2串联，电压表测