2023学年福建省五校物理高二第一学期期中调研模拟试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷注意事项:1答题前，考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚，将条形码准确粘贴在条形码区域内。2答题时请按要求用笔。3请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试卷上答题无效。4作图可先使用铅笔画出，确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。5保持卡面清洁，不要折暴、不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示电路中，闭合电键S，当滑动变阻器的滑动触头P从最高端向下滑动时，A电压表V读数先变大后变小，电流表A读

2、数变大B电压表V读数先变小后变大，电流表A读数变小C电压表V读数先变大后变小，电流表A读数先变小后变大D电压表V读数先变小后变大，电流表A读数先变大后变小2、如图所示，木块沿竖直墙下落，木块的受力情况是（ ）A只受重力B受到重力和摩擦力C受到重力、摩擦力和弹力D受到重力和弹力3、边长为的闭合金属正三角形框架，左边竖直且与磁场右边界平行，完全处于垂直框架平面向里的匀强磁场中现把框架匀速水平向右拉出磁场，如图所示，则下列图象与这一过程相符合的是（ ）ABCD4、如图所示，a、b、c是由正点电荷形成的电场中一条电场线上的三个点，已知ab=bc，a、b两点间电势差为10V，则b、c两点间电势差()A小

3、于10VB等于10VC大于10VD条件不足，无法判断5、一只普通白炽灯，不通电时灯丝的电阻为R1；正常发光时灯丝的电阻为R 1比较R1和R1的大小，应是( )AR1R1 BR1R1 CR 1R1 D条件不足，无法判断6、如图所示的电场中两点A和B（实线为电场线，虚线为等势面）关于A、B两点的场强E和电势，正确的是（）A =， =B，C，D，二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、平行板电容器的两极板接于电池两极，一带电小球悬挂在电容器内部，闭合电键k，电容器充电，这时悬线

4、偏离竖直方向的夹角为则下述说法正确的是（ ） A保持电键k闭合，带正电的A板向B板靠近，则变大B保持电键k闭合，带正电的A板向B板靠近，则不变C电键k断开，带正电的A板向B板靠近，则不变D电键k断开，带正电的A板向B板靠近，则增大8、下列关于匀变速直线运动的说法正确的是（）A做匀变速直线运动的物体，它的加速度方向和速度方向总是相同的B做匀变速直线运动的物体，它的加速度方向和速度变化的方向总是相同的C做匀变速直线运动的物体，它的速度变化越大，加速度越大D做匀变速直线运动的物体，它的速度在单位时间内变化越大，加速度越大9、已知引力常量G和下列某组数据就能计算出地球的质量，这组数据是（）A地球绕太阳

5、运行的周期及地球与太阳之间的距离B月球绕地球运行的周期及月球与地球之间的距离C人造地球卫星在地面附近绕行的速度及运行周期D若不考虑地球自转，已知地球的半径及地球表面重力加速度10、空间存在一电场，一带负电的粒子仅在电场力作用下从x1处沿x轴负方向运动，初速度大小为v0,其电势能Ep随坐标x变化的关系如图所示，图线关于纵轴左右对称，以无穷远处为零电势能点，粒子在原点O处电势能为E0，在x1处电势能为E1，则下列说法中正确的是（ ）A坐标原点O处电场强度最大B粒子经过x1、-x1处速度相同C由x1运动到O过程加速度一直减小D粒子能够一直沿x轴负方向运动，一定有三、实验题：本题共2小题，共18分。把

6、答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）用伏安法测量某电阻Rx的阻值，现有器材如下 待测电阻Rx：范围在58，额定功率为1W；电流表A1：量程00.6A（内阻0.2）电流表A2：量程03A（内阻0.05）电压表V1：量程03V（内阻3k）电压表V2：量程015V（内阻15K）滑动变阻器R：0100电源：电动势12V，内阻忽略不计导线，开关为了较准确地测量，并保证器材安全，电流表应选_，电压表应选_，并在虚线框中画出电路图_。（仪表请填写数字序号，其他答案不给分）12（12分）小灯泡灯丝的电阻会随温度的升高而变大，因而引起功率变化。一研究性学习小组在实验室通过实验研究这一问

7、 题，实验室备有的器材是：电压表（0-3V，3k），电流表（0-0.6A，0.1），电池，开关，滑动变阻器，待测小 灯泡，导线若干。实验时，要求小灯泡两端电压从0逐渐增大到额定电压以上。 （1）他们应选用图中哪图所示电路_进行实验。A B C D （2）根据实验测得数据描绘如图所示的U-I图象，由此可知，小灯泡电阻R随温度T的关系是:_。 （3）已知实验中使用的小灯泡标有1.5V字样。请你根据上述试验的结果，确定小灯泡在 1.5V电压下的实际功率是_W。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示为一电流表

8、的原理示意图质量为m的均质细金属棒MN的中点处通过一挂钩与一竖直悬挂的弹簧相连,绝缘弹簧劲度系数为k,在矩形区域abcd内有匀强磁场,磁感应强度大小为B,方向垂直纸面向外,与MN的右端N连接的一绝缘轻指针可指示标尺上的刻度,MN的长度大于ab当MN中没有电流通过且处于平衡状态时,MN与矩形区域的cd边重合,当MN中有电流通过时,指针所指刻度可表示电流大小(1)当电流表示数为零时,弹簧伸长多少?(重力加速度为g)(2)若要电流表正常工作,MN的哪一端应与电源正极相接?若k=2.0N/m,ab=0.20m,cb=0.050m,B=0.20T,此电流表的量程是多少?(不计通电时电流产生的磁场的作用)

9、(3)若将量程扩大2倍,磁感应强度应变为多大?14（16分）如图所示，abcd是一个正方形盒子cd边的中点有一个小孔e，盒子中有沿ad方向的匀强电场一个质量为m、带电量为q的粒子从a处的小孔沿ab方向以初速度v0射入盒内，并恰好从e处的小孔射出。(忽略粒子重力)求：(1)该带电粒子从e孔射出的速度大小；(2) 若正方形的边长为L，求该电场的场强大小。15（12分）如图电路中，电源的电动势E=3V，内阻r=1，电阻R1=2，R2=R4=1，R3=8，R5=5，电容器的电容C=100F，求闭合电键K后，通过电阻R3的总电量 参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的

10、四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、A【解析】试题分析：由电路图可知，本题为滑动变阻器的两部分并联，并联后，再与R串联；由几何知识可知滑片移动时总电阻的变化；则由闭合电路欧姆定律可求得电路中电流的变化及路端电压的变化解：设滑动变阻器触点以上的电阻为R上，触点以下的电阻为R下因为滑动变阻器的有效电阻R并除最初和最终为零外，是R上和R下并联的结果，二者之和一定，二者相等时积最大，所以当触点在中间时电阻最大，根据全电路欧姆定律，I总=，所以当触点在中间时电流最小，电压表V读数为电源的路端电压，U=E - Ir，当触点在中间时路端电压最大，电压表V读数先变大后变小，所以本题选A或C再算电流表A读

11、数即R下的电流I，根据电阻并联分流公式，联立以上3式，解得变化为I=当滑动变阻器的滑动触头P从最高端向下滑动时，R上一直变大而R下一直变小，从上式可以看出，电流表A读数I一直变大，所以本题选A故选A【点评】本题考查全电路欧姆定律，滑动变阻器，电路分析，并联分流等，难度：较难电路分析和电压表电流表读数随滑动变阻器触点移动而变化的题目是传统题目，但此题推陈出新，有新意，用新方法，一是应用数学知识：二者和不变，相等时积最大，二是应用数学方法，把最后的I式子变化为最后一式，目的是减少变化量2、A【解析】重力方向竖直向下，墙面也是竖直的，所以物体与墙之间并没有相互挤压，所以当物体沿着墙壁竖直下落时，只受

12、到地球的吸引力即重力，物体与墙壁间没有相互挤压，故没有滑动摩擦力和墙壁支持力故选A3、B【解析】根据感应电动势公式推导其与距离关系的表达式，再推导感应电流、外力和外力功率的表达式，进行分析选择解：A、B感应电动势E=BLv=B?1xtan30v=，则E与x成正比故A错误，B正确C、线框匀速运动F外=F安=BIL，I=，E=BLv，得到F外=,L=则F外=，B、R、v一定，则F外x1D、外力的功率P外=F外v=，P外x1点评：图象往往根据公式推导解析式来选择本题关键是推导安培力与距离的关系4、A【解析】已知Uab=10V，由图可知电场线的方向向右，而a、b、c是由正点电荷形成的电场中一条电场线上

13、的三个点，则正电荷在a的左端，所以ab之间的平均场强一定大于bc之间的平均场强，由U=Ed可得b、c两点间电压一定小于10V；故A正确，BCD错误故选：A。【点睛】本题考查了正点电荷周围的电场强度、电势、电势差的情况，知道电场线是从正电荷或者无穷远出发出，到负电荷或无穷远处为止，沿电场线的方向，电势降低，根据点电荷的周围电场分布情况可正确解答本题就是考查学生基础知识的掌握，加强基础知识的学习，掌握住电场线的特点，即可解决本题5、B【解析】试题分析：正常发光时温度要比不通电时温度高，又因为金属导体电阻随着温度的升高而增大，所以有，故B正确考点：考查了电阻定律6、B【解析】根据电场线越密的地方电场

14、强度越大，所以A点的场强大于B点的场强，根据沿着电场线电势逐渐降低，所以A点的电势高于B点的电势，故B正确，ACD错误二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AC【解析】AB.保持电键k闭合时，电容器板间电压不变，当带正电的A板向B板靠近时，板间距离d减小，由知，板间场强增大，小球所受电场力增大，则增大。故A正确，B错误。CD.当电键k断开时，电容器板间电量不变，当带正电的A板向B板靠近时，板间距离d减小，根据、和，可得则板间场强不变，小球所受电场力不变，则不变。故C正确

15、，D错误。8、BD【解析】匀加速直线运动的速度方向和加速度方向相同，而匀减速直线运动的速度方向和加速度方向相反，故A错误；由加速度的定义可知加速度的方向与速度变化方向相同，故B正确； 加速度表示速度变化的快慢，速度变化越快，加速度就越大，速度在单位时间内变化越大，与速度变化大小无关，故C错误；D正确所以BD正确，AC错误9、BCD【解析】AB根据万有引力提供向心力有得只能求出中心天体的质量，A可求得太阳质量，B可求得地球质量，A错误，B正确；C人造卫星的线速度为，结合B选项中的质量表达式可知可以求出地球的质量，C正确；D万有引力提供重力解得选项D正确。故选BCD。10、BD【解析】试题分析：根

16、据电势能与电势的关系：Ep=q，场强与电势的关系：，得：Ep-x图象切线的斜率等于，根据数学知识可知，坐标原点O处切线斜率为零，则坐标原点O处电场强度为零，故A错误由图看出，x1、-x1两处的电势能相等，根据能量守恒定律得知，粒子经过x1、-x1处速度相同，故B正确由x1运动到O过程，根据数学知识可知，图线的斜率先增大后减小，说明场强先增大后减小，由F=qE知，粒子所受的电场力先增大后减小，根据牛顿第二定律得知，加速度先增大后减小，故C错误根据公式Ep=q，可知，该粒子带负电，从x1处到-x1处，电势先降低后升高，电场方向先沿x轴负方向后沿x轴正方向，电场力先沿x轴正方向后沿x轴负方向，粒子只

17、要能通过原点O，就能一直沿x轴运动，设粒子恰好能到达原点O时的速度为v，则根据能量守恒定律得：mv2=E0-E1，当v0v时，即粒子能够一直沿x轴负方向运动，故D正确故选BD考点：电场强度；电势及电势能；能量守恒定律【名师点睛】解决本题的关键要分析图象斜率的物理意义，判断电势和场强的变化，再根据力学基本规律：牛顿第二定律和能量守恒定律进行分析三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、 【解析】待测电阻Rx：范围在58，额定功率1W，则电阻额定电压约为U=PR2.24V2.83V，因此可以选量程为3V，内阻3k的电压表V1，故选；电阻的额定电流

18、为：0.350.45A，因此可以选量程为0.6A，内阻为0.2的电流表A1,故选；伏安法测电阻，电源、开关、滑动变阻器、电流表、待测电阻组成串联电路，电压表并联在待测电阻两端，实验电路图如图所示：12、A 增大 0.69 【解析】(1)1由题意可知，要求小灯泡的两端的电压从零开始变化，故滑动变阻器应采用分压接法；因灯泡的内阻一般较小，故电流表应采用外接法；四个电路图中的A符合要求，故选A；(2)2U-I图像中，图像的斜率增大，而图像的斜率表示灯泡的内阻，说明小灯泡的电阻R随温度T升高而增大；(3)3由图可知，此时灯泡两端的电压为1.5V，电流为0.46A，故功率四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、 (1)(2)M端 (3)2.5 A (4)0.10【解析】试题分析：(1)设当电流表示数为零时，弹簧的伸长量为，则有由式得：.(2)为使电流表正常工作，作用于通有电流的金属棒MN的安培力必须向下，因此M端应接正极(3)设电流表满偏时通过MN间电流强度为Im.则有联立并代入数据得(4)设量程扩大后，磁感应强度变为B，则有由式得：代入数据得：考点：安培力；共点力平衡的条件及其应用；胡克定