2023学年安徽省亳州市蒙城县第六中学高二物理第一学期期中学业质量监测模拟试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷请考生注意：1请用2B铅笔将选择题答案涂填在答题纸相应位置上，请用05毫米及以上黑色字迹的钢笔或签字笔将主观题的答案写在答题纸相应的答题区内。写在试题卷、草稿纸上均无效。2答题前，认真阅读答题纸上的注意事项，按规定答题。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示的电路中，电源的电动势为E，内阻为r，当闭合开关S后，若将滑动变阻器的滑片P向下调节，则正确的是A电压表和电流表的示数都增大B灯L2变暗，电流表的示数减小C灯L1变亮，电压表的示数减小D灯L2变亮，电容器的带电量增加2、真空中，两

2、个等量异种点电荷电量数值均为q，相距为r，两点电荷连线中点处的电场强度的大小为A0BCD3、下图中，可以将电压升高给电灯供电的变压器是（ ）ABCD4、真空中有两个静止的点电荷，它们之间静电力的大小为F若将这两个点电荷之间的距离加倍，其中一个点电荷的电荷量不变，另一个点电荷的电荷量变为原来的两倍，则改变电荷量后这两个点电荷之间静电力的大小为A2FBFCD5、有一个电风扇，额定电压为U，额定功率为P，电动机线圈的电阻为R，把它接入电压为U的电路中，下列计算时间t内产生热量的方法中正确的是ABQ=PtCD以上三种方法均正确6、在电场中的某点放一个检验电荷，其电荷量为q，受到的电场力为F，则该点的电

3、场强度为，下列说法正确的是()A若移去检验电荷，则该点的电场强度为0B若检验电荷的电荷量变为4q，则该点的场强变为4EC若放置到该点的检验电荷变为2q，则场中该点的场强大小不变，但方向相反D若放置到该点的检验电荷变为2q，则场中该点的场强大小、方向均不变二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、在如图(a)所示的电路中，R1为定值电阻，R2为滑动变阻器闭合开关S，将滑动变阻器的滑片P从最右端滑到最左端，两个电压表的示数随电路中电流变化的完整过程图线如图(b)所示，则A图线甲

4、是电压表V2示数随电流变化的图线B图线甲延长线与U轴交点的纵坐标数值上等于电源的电动势C电源的最大输出功率为3.6WD滑动变阻器R2的最大功率为0.9W8、如图所示的图象中，表示物体作匀减速运动的是ABCD9、如图所示，在A、B两点分别固定电荷量为+Q和+2Q的点电荷，C为A、B连线的中点，将一点电荷从C点沿电场线移动，下列叙述正确的是A点电荷向左移动到A点之前，所受电场力逐渐增大B点电荷向左移动到A点之前，所受电场力先减小后增大C点电荷向右移动到B点之前，所受电场力逐渐增大D点电荷向右移动到B点之前，所受电场力先增大后减小10、在甲乙所示的电路中，电阻R和自感线圈L的阻值都很小，且小于灯泡A

5、的电阻，接通S，使电路达到稳定，灯泡A发光，则( )A在电路甲中，断开S后，A将逐渐变暗B在电路甲中，断开S后，A将先变得更亮，然后才逐渐变暗C在电路乙中，断开S后，A将逐渐变暗D在电路乙中，断开S后，A将先变得更亮，然后才逐渐变暗三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）有一标有“6V，1.5W”的小灯泡，现描绘小灯泡的伏安特性曲线，提供的器材除导线和开关外，还有：A直流电源6V(内阻不计) B直流电流表03A(内阻约0.1)C直流电流表0300mA(内阻约5)D直流电压表015V(内阻约15k) E滑动变阻器（0-10）F滑动变阻器

6、（0-1k）（1）实验中电流表应选用_，滑动变阻器应选用_；(用序号表示)（2）在矩形框中画出实验电路图_；（3）将实物图连线_。12（12分）如图为“用DIS研究在温度不变时，一定质量的气体压强与体积的关系”实验装置图(1)图中，实验器材A是_.(2)一同学在两次实验中测得不同的(p、V)数据，发现p和V的乘积明显不同若此同学的实验操作均正确，则造成此结果的可能原因是：_；_.(3)为了保持注射器内气体的温度不变，实验中采取的主要措施有：避免用手握住注射器封闭有气体的部分；_.(4)大气压强为p0,注射器内气体的初始体积为10cm3.实验过程中,注射器内气体体积在4cm3至20cm3的范围内

7、变化,注射器内部与外界压强差的最大值为_p0.四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图甲所示，轻弹簧上端固定，下端系一质量为m=1kg的小球，小球静止时弹簧伸长量为10cm现使小球在竖直方向上做简谐运动，从小球在最低点释放时开始计时，小球相对平衡位置的位移，随时间t变化的规律如图乙所示，重力加速度g取10m/s1（1）写出小球相对平衡位置的位移随时间的变化关系式；（1）求出小球在011.9s内运动的总路程和11.9s时刻的位置；（3）小球运动到最高点时加速度的大小14（16分）如图所示，水平放置的平行板电容

8、器的两极板、，两板间距离，接上恒定直流电源。上极板的中央有一小孔，在的正上方处的点，有一小油滴自由落下。已知小油滴的电量，质量。当小油滴即将落到下极板时，速度恰好为零。（不计空气阻力，），求：（1）两极板间的电势差；（2）两极板间的电场强度；（3）若平行板电容器的电容，则该电容器带电量是多少？15（12分）如图所示，在沿水平方向的匀强电场中有一固定点O，用一根长度为的绝缘细线把质量为，带有正电荷的金属小球（可视为质点）悬挂在O点，小球静止在B点时细线与竖直方向的夹角为。现将小球拉至位置A使细线水平伸直后由静止释放，（ 取， ， ）求：(1)匀强电场的场强大小E；(2)小球通过最低点C时细线对小

9、球的拉力大小T. 参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】将滑动变阻器的滑片P向下调节，变阻器接入电路的电阻减小，外电路总电阻减小，根据闭合电路欧姆定律分析得知：干路电流I增大，路端电压U减小，则电压表示数减小，灯L1变亮；R与灯L2并联电路的电压：U减小,U1增大,U并减小，灯L2变暗.流过电流表的电流：I增大，I2减小，IA增大，电流表的示数增大;电容器两端的电压等于并联部分的电压,电压变小，由：知电容器的电荷量减少，故选C.2、D【解析】正负点电荷单独存在时，在中点处产生的电场强且方向沿着两者的连线，指

10、向负电荷，故合场强为故D正确，ABC错误。故选D3、C【解析】变压器不能升高直流电流的电压，AD错误；根据变压器电压与匝数成正比，则升压变压器的原线圈匝数应小于副线圈匝数，B错误；C正确4、C【解析】电荷量变化之前，电荷间的静电力电荷量变化之后，电荷间的静电力故B项正确5、A【解析】A.根据电功率公式P=UI，可得电路中的电流；由焦耳定律Q=I2Rt，得时间t内产生的热量，故A正确.B.Pt为电风扇消耗的总能量，选项B错误；C. 电风扇不是纯电阻电路，则，选项C错误；D.由以上分析可知，选项D错误.6、D【解析】电场中某点的电场强度只取决于电场本身，与检验电荷无关，故选D.二、多项选择题：本题

11、共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AB【解析】A当滑片左移时，滑动变阻器接入电阻减小，则电路中总电阻减小，由闭合电路欧姆定律可以知道电路电流增大；而R1两端的电压增大,R2两端的电压减小,故乙表示是V1示数的变化;甲表示V2示数的变化;故A正确;B当把R1和电源和一起看成等效电源时，V2示数表示的是外电压，所以图线甲延长线与U轴交点的纵坐标数值上等于电源的电动势，故B正确.C由图可以知道,当只有R1接入电路时,电路中电流为0.6A,电压为4.5V,则由:可得:当滑动变阻器全部接入时,两

12、电压表示数之比为,故:由闭合电路欧姆定律可得:计算得出：, ；因当电源的内电阻等于外电阻时电源的输出功率最大,故当外阻等于时，电源的输出功率最大,故此时电流：故电源的最大输出功率：故C错误;D由C的分析可以知道R1的阻值为，R2电阻为；当R1等效为电源的内阻,即当滑动变阻器的阻值等于时,滑动变阻器消耗的功率最大，故当滑动变阻器阻值为时,滑动变阻器消耗的功率最大,由闭合电路欧姆定律可得,电路中的电流：则滑动变阻器消耗的总功率：所以D错误;8、BC【解析】匀减速即指加速度一定，速度逐渐减小的直线运动，反映在图线上，即是一条速度逐渐减小的直线，由图可知，AD中速度大小增大 ，物体做的是匀加速直线运动

13、，BC中速度大小减小，物体做的是匀减速直线运动，故AD错误，BC正确9、BC【解析】设离A点距离为x处场强为零，AB的距离为2r，根据点电荷场强公式得：，解得：，所以AB连线上电场强度等于零的位置在C点的左边，则将一点电荷从C点沿电场线移动，点电荷向左移动到A点之前，场强先减小后增大，所受电场力先减小后增大，故A错误，B正确；将点电荷向右移动到B点之前，场强一直增大，所受电场力逐渐增大，故C正确，D错误所以BC正确，AD错误10、BC【解析】AB.在电路甲中，由于电阻R和自感线圈L的电阻值都很小，所以通过灯泡的电流比线圈的电流小，断开S时，由于线圈阻碍电流变小，导致A将变得更亮，然后逐渐变暗。

14、故A错误，B正确；CD.在电路乙中，断开S，由于线圈阻碍电流变小，导致A将逐渐变暗。故C正确，D错误。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、C E 【解析】(1) 1 2额定电流：故电流表选C；因要求电压从零开始变化，变阻器用分压接法，滑动变阻器应选小阻值的E。(2) 3本实验中要求多测几组数据，故应采用分压接法；同时因灯泡的内阻较小，与电流表内阻相差不多，故应采用电流表外接法，故电路图如图所示：(3) 4根据电路图连接实物图如图所示：12、压强传感器 环境温度不同 注射器内气体的质量不同 推拉活塞要缓慢 【解析】（1）1本实验需要测量气

15、体的体积和压强，体积由注射器的刻度直接读出，而实验器材A是压强传感器，可测出压强（2）23根据理想气体状态方程知，p和V的乘积明显不同，可能是由于环境温度不同，导致气体的温度T不同造成的，也可能是由于注射器内气体的质量不同造成的（3）4为了保持注射器内气体的温度不变，推拉活塞要缓慢（4）5以注射器内气体为研究对象：初始时：p1=p0，V1=10cm3；体积最小时：p2=？，V2=4cm3；体积最大时：p3=？，V3=20cm3；根据玻意耳定律得：p1V1=p2V2=p3V3，则得：所以注射器内部与外界压强差的最大值为四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必

16、要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）（1）115cm ；0（3）5m/s1【解析】（1）由振动图像可知：A=5cm，T=1.1s，则 小球相对平衡位置的位移随时间的变化关系式： （1）11.9s=10T，则小球在011.9s内运动的总路程：43A=115cm；11.9s时刻的位置：y=0；即在平衡位置（3）小球在平衡位置时弹簧伸长量10cm，则： 小球在最高点时，弹簧伸长5cm，则 解得a=5m/s114、（1）3.0103V；（2）2.0104V/m，方向竖直向下；（3）1.2108C【解析】（1）由动能定理则有mg（h+L）+qUMN=0代入数据解得UMN=3.0103V（2）由E=代入数据解得E=2.0104 V/m，方向竖直向下（3）根据Q=CU得该电容器带电量 Q=4.010123.0103C=1.210