2023学年福建省福州格致中学高二物理第一学期期中质量检测试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷考生须知：1全卷分选择题和非选择题两部分，全部在答题纸上作答。选择题必须用2B铅笔填涂；非选择题的答案必须用黑色字迹的钢笔或答字笔写在“答题纸”相应位置上。2请用黑色字迹的钢笔或答字笔在“答题纸”上先填写姓名和准考证号。3保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，在草稿纸、试题卷上答题无效。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、a、b、c为电场中同一条电场线上的三点，c为ab的中点，a、b电势分别为a8V、b4V下列叙述正确的是()A该电场在c点处的电势一定为6VBa点处的场强Ea一定大于b点

2、处的场强EbC一正电荷运动到c点时受到的静电力由c指向aD一正电荷从c点运动到b点电势能一定减少2、在平行板间加上如图所示周期性变化的电压，重力不计的带电粒子静止在平行板中央，从t=时刻开始将其释放，运动过程无碰板情况，下列选项图中，能定性描述粒子运动的速度图像的是ABCD3、如图所示，下列四种运动中属于匀变速运动的是 A带电粒子在匀强磁场中，只受磁场力作用做匀速圆周运动（如图甲）B带电粒子在等量异种点电荷连线上，只受电场力作用做直线运动（如图乙）C带电粒子只在点电荷电场中，只受电场力作用做直线运动（如图丙）D带电粒子在匀强电场中，只受电场力作用做曲线运动（如图丁）4、驾驶汽车的过程中严禁发生

3、下列违章行为，其中惯性发生改变的是( )A超载B超速C闯红灯D不系安全带5、对电表的改装下列说法正确的是（ ）A将G表改装成V表需并联一个大电阻B将G表改装成A表需串联一个小电阻C如果已知V表的内阻和V表的读数，则可以算出流过V表的电流D以上说法都不对6、对于如图所示电场中的A、B、C三点，下列判断正确的是（ ）AA点的电势最低BB点的电场强度最大C正电荷在A点受到的电场力最大D负电荷在C点具有的电势能最大二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、中国代科学家沈括在梦溪笔读

4、中最早记载了地磁偏角：“以磁石器针，则能指南，然常微偏东，不全南也。”研究表明，地球周围地磁场的磁感线分布示意如图。结合上述材料，下列说法正确的是（）A地理南、北极与地磁场的南、北极重合B我国北京地区的地磁场方向为北偏下C地球表面任意位置的地磁场方向都与地面平行，且平行于地球自转方向D地球内部也存在磁场，地磁南极在地理北极附近8、将原来不带电的绝缘导体B移近带负电的绝缘导体A，如图所示，以下说法正确的是：（ ）A导体B上各点的场强大小相等B导体A内部的场强一定为零C导体B的左端电势比右端电势高D导体B上的感应电荷在它的C点所形成的场强一定不为零9、如图所示，在y 轴上关于O点对称的A、B两点有

5、等量同种点电荷Q，在x轴上有关于O点对称的C、D两点，下列判断正确的是（）AD点电场强度为零BO点电场强度为零C若将点电荷q从O移向C，电势能增大D若将点电荷q从O移向D，电势能增大10、如图所示，质量相同的两个带电粒子P、Q以相同的速度沿垂直于电场方向射入两平行板间的匀强电场中，P从两极板正中央射入，Q从下极板边缘处射入，它们最后打在同一点（重力不计），则从开始射入到打到上极板的过程中, 关于两个带电粒子P、Q （ ）A它们所带的电荷量之比qPqQ12B它们动能增加量之比EkPEkQ12C它们运动时间的大小关系是tPtQ 12D它们运动加速度的大小关系是aPaQ12三、实验题：本题共2小题，

6、共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）现要测定一段粗细均匀、电阻约为60 的合金丝的电阻率，若已测得其长度，要尽量精确的测量其电阻值R，器材有：电池组(电动势3.0 V，内阻约为 1 )电流表(量程0100 mA，内阻约0.5 )电压表(量程03 V，内阻约3 k)滑动变阻器R1(010 ，允许最大电流2.0 A)；滑动变阻器R2(0500 ，允许最大电流0.5 A)；开关一个、导线若干(1)以上器材中，所用的滑动变阻器应选_(填“R1”或“R2”)(2)用螺旋测微器测量合金丝直径时的刻度位置如图7甲所示，读数为_mm.(3)如图乙所示是测量合金丝电阻的电路

7、，闭合开关之前，滑动变阻器的滑片应移到_(填“最左端”或“最右端”)(4)为了更准确地测出合金丝的阻值，在不更换实验器材的条件下，对实验应改进的是_(填选项前的字母)A电流表连接方式改为内接法B滑动变阻器连接方式改为限流式12（12分）某同学要测量一均匀新材料制成的圆柱体的电阻率，步骤如下：用20分度的游标卡尺测量其长度如图1，由图可知其长度为_mm；用螺旋测微器测量其直径如图2，由图可知其直径为_mm；该同学先用欧姆表粗测该圆柱体的阻值，选择欧姆档倍率“”后测得的阻值如图3表盘所示，测得的阻值约为_，导线的直径为d，长度为L，电压表示数为U，电流表示数为I，则电阻率的表达式_四、计算题：本题

8、共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）长为l的绝缘细线,一端拴一质量为m的带正电小球,另一端悬挂在O点,静止时细线竖直、小球位于A点.当小球处于电场强度大小为E、方向水平的匀强电场中时,细线偏离竖直方向的角度为,此时小球静止在B点.取，则：(1)小球所带电荷量是多少?(2)若将小球从B点拉到A点由静止释放,求小球再次回到B点时细线拉力的大小.14（16分）如图所示，为一除尘装置的截面图，其原理是通过板间的电场或磁场使带电尘埃偏转并吸附到极板上，达到除尘的目的。已知金属极板MN长为d，间距也为d。大量均匀分布的尘埃以相同的水平

9、速度v0进入除尘装置，设每个尘埃颗粒质量为m、电量为q。当板间区域同时加入匀强电场和垂直于纸面向外的匀强磁场并逐步增强至合适大小时，尘埃恰好沿直线通过该区域;且只撤去电场时，恰好无尘埃从极板MN间射出，收集效率（打在极板上的尘埃占尘埃总数的百分比）为100%，不计尘埃的重力、尘埃之间的相互作用及尘埃对板间电场、磁场的影响。 (1)判断M板所带电荷的电性；(2)求极板区域磁感应强度B的大小；(3)若撤去极板区域磁场，只保留原来的电场，则除尘装置的收集效率是多少？(4)把极板区域的磁场和电场均撤去后，在y轴右侧设计一个垂直于坐标平面的圆形匀强磁场区域，就可把全部尘埃收集到位于Q点的收集箱内。若直角

10、坐标系原点O紧贴金属极板MN右侧中点，Q点坐标为（2d，1.5d），求此磁场的方向及磁感应强度B的大小范围。15（12分）如图所示，水平桌面上有一薄木板，它的右端与桌面的右端相齐.薄木板的质量M=1.0kg，长度L=1.0m.在薄木板的中央有一个小滑块(可视为质点)，质量m=0.5kg.小滑块与薄木板之间的动摩擦因数1=0.10，小滑块、薄木板与桌面之间的动摩擦因数相等，皆为2=0.20.设小滑块与薄木板之间的滑动摩擦力等于它们之间的最大静摩擦力.某时刻起对薄木板施加一个向右的拉力使木板向右运动.求：(1)当外力F=3.5N时，m与M的加速度各为多大？(2)若使小滑块与木板之间发生相对滑动，拉

11、力F至少是多大？(3)若使小滑块脱离木板但不离开桌面，求拉力F应满足的条件参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】试题分析：当该电场是匀强电场时，由于沿电场方向相同距离电势差相等，则场在c点处的电势一定为6V当该电场不是匀强电场时，在c点处的电势不一定为6V故A错误一条电场线无法比较电场线的疏密，就无法比较场强的大小，则a点处的场强不一定大于b点处的场强故B错误；由题可判断电场线方向从a指向b，正电荷运动到c点时受到的电场力由a指向b.故C错误. a点的电势高于b点的电势，根据正电荷在电势高处电势能大可知，正

12、电荷从c点运动到b点电势能一定减少故D正确故选D.【点睛】只有当该电场是匀强电场时，在c点处的电势一定为6V根据推论：正电荷在电势高处电势能大，分析正电荷从c点运动到b点电势能如何变化电场线的疏密可以判断场强的大小正电荷受到的电场力方向与场强方向相同2、B【解析】重力不计的带电粒子静止在平行板中央，从t=时刻开始将其释放，粒子在匀强电场中从静止开始运动，从到做匀加速运动；从到，因电场力反向，则做匀减速运动，速度达到零；而从到T，因电场力方向不变，因此反向做匀加速运动；从T到继续做匀减速运动，速度达到零。在下一个周期中仍是这样：回头向前匀加速运动，再匀减速运动，这样来回运动下去。速度先增大后减小

13、，再反向增大，再反向减小。A.速度方向没有改变，与结论不符，故A错误；B.速度变化与结论相符，故B正确；C.速度不是均匀变化，方向没有变化，与结论不符，故C错误；D. 速度不是均匀变化，与结论不符，故D错误；3、D【解析】A. 匀速圆周运动的加速度大小不变，方向时刻改变，不是匀变速运动故A错误B. 带电粒子在等量异种点电荷连线上，根据电场线分布可知，场强在变，受到的电场力在改变，则加速度在改变，不是匀变速运动，故B错误C.根据点电荷场强公式可知，离点电荷越远，场强越小，电场力越小，加速度越小，故不是匀变速运动，故C错误D. 带电粒子在匀强电场中，受到的电场力不变，加速度不变，是匀变速运动，故D

14、正确4、A【解析】A、质量是物体惯性的唯一量度，惯性的大小只与物体的质量有关，汽车超载是，车的质量发生变化，则惯性发生变化，故A正确；B、惯性的大小只与物体的质量有关，汽车超速只增大速度，但不改变惯性，故B错误；C、惯性的大小只与物体的质量有关，汽车闯红灯与惯性的大小无关，故C错误；D、惯性大小只与质量有关，不系安全带与惯性的大小无关，故D错误点睛：该题考查对惯性的理解，需要注意的是：一切物体都有惯性，惯性的大小只与质量有关，与其他都无关5、C【解析】将电流表改装成电压表需串联一个大电阻，选项A错误；将电流计改装成大量程电流表需并联一个小电阻，选项B错误；如果已知电压表的内阻和电压表的读数，则

15、根据可以算出流过电压表的电流，选项C正确，D错误；故选C.6、C【解析】沿着电场线方向电势减小，故B点的电势最低，A错误，电场线的疏密程度表示场强大小，所以A点的场强最大，正电荷在A点受到的电场力最大，B错误，C正确，负电荷在B点的电势能最大，D错误二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BD【解析】A地理南、北极与地磁场的南、北极不重合有一定的夹角，即为磁偏角，故A正确；B磁场是闭合的曲线，地球磁场从南极附近发出，从北极附近进入地球，北京位于北半球，故地磁场方向为北偏下

16、，故B正确；C磁场是闭合的曲线，地球磁场从南极附近发出，从北极附近进入地球，组成闭合曲线，不是地球表面任意位置的地磁场方向都与地面平行，故C错误；D磁场是闭合的曲线，地球内部也存在磁场，地磁南极在地理北极附近，故D正确。8、BD【解析】由于静电感应，B两端出现等量异种电荷，场强大，其他地方电荷少，场强小，A错处于静电平衡状态的导体，内部场强处处为0，B对导体是等势体，C错C点合场强为0，导体B上感应电荷产生的场强与A产生的场强等大反向，D对9、BD【解析】A、B两点有等量同种点电荷+Q，根据叠加原理可知，O点的电场强度为零，而D点的电场强度为方向沿+x轴方向，不为零，A错误B正确；由上可知，O

17、C段的电场方向从OC，而OD段的电场方向从OD，所以若将点电荷+q从O移向C，电场力做正功，电势能减小，C错误；若将点电荷-q从O移向D，电场力做负功，电势能增加，D正确10、AD【解析】试题分析：垂直电场方向不受力，做匀速直线运动，位移相等，得到运动时间相等，C错误；平行电场方向受到电场力，做初速度为零的匀加速直线运动，根据位移时间关系公式，有：，由于两带电粒子平行电场方向分位移之比为1：2，所以它们所带的电荷量之比qPqQ12，故A正确；加速度之比aPaQ12，D正确；电场力做的功等于动能的增量=，所以它们动能增加量之比EkPEkQ14，B错误；故选AD。考点：带电粒子在匀强电场中的运动；

18、牛顿第二定律；动能定理的应用【名师点睛】本题关键将两个带电粒子的运动沿垂直电场方向和平行电场方向两个方向正交分解，垂直电场方向不受力，做匀速直线运动；平行电场方向受到电场力，做初速度为零的匀加速直线运动，根据运动学公式、牛顿第二定律和功能关系联合列式分析。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、R1 0.703 最右端 A 【解析】（1）为方便实验操作，应选择最大阻值较小的滑动变阻器；（2）螺旋测微器固定刻度与可动刻度示数之和是螺旋测微器示数；（3）滑动变阻器采用分压接法时，为保护电路闭合开关前滑片应置于分压电路分压为零的位置；（4）根据待

19、测电阻与电表内阻间的关系确定电流表的接法【详解】（1）为测多组实验数据，滑动变阻器需要采用分压式接法，为方便实验操作，滑动变阻器应选择R1；（2）由图示螺旋测微器可知，其示数为：0.5 mm20.30.01 mm0.703mm（3）由图示电路可知，滑动变阻器采用分压接法，为保护电路，闭合开关前滑片应置于最右端；（4），因此电流表应采用内接法；滑动变阻器连接方式改为限流式对实验的误差无影响，故选A.【点睛】本题考查了实验器材选择、螺旋测微器示数、实验注意事项、电路故障分析、电流表接法，螺旋测微器固定刻度与可动刻度示数之和是螺旋测微器示数之和12、50.15 4.697(2) 700 【解析】游标

20、卡尺是20分度的卡尺，其分度值为，则图示读数为：螺旋测微器的固定刻度为，可动刻度为，所以最终读数为表盘的读数为7，所以导电玻璃的电阻约为根据电阻定律可得：，圆柱体导体材料的横截面积：，根据欧姆定律可得：，联立可得金属电阻率：四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、 （2）【解析】试题分析：小球静止在B点，合力为零，由平衡条件求小球所带电荷量；小球从A运动到B，由动能定理求出小球到达B点的速度，再由牛顿第二定律求细线的拉力。（1）小球所带电荷量为q，细线的拉力为F，小球静止在B点时，由平衡条件得：Fsin370=qE F

21、cos370=mg联立解得： （2）设小球在B点的速度为v，细线的拉力为T，小球从A运动到B，由动能定理得： 在B点，由牛顿第二定律得： 解得： 点睛：本题主要考查了带电体在电场中运动问题，一般运用动能定理求速度，再根据牛顿第二定律求细线的拉力。 14、 (1)M板所带电荷是负电荷；(2)；(3)50%；(4) 【解析】(1)负电荷进入纸面向外的匀强磁场，根据左手定则，受到的洛伦磁力的方向向上，尘埃恰好沿直线通过该区域MN， 说明电场力和洛伦磁力大小相等，方向相反，洛伦兹力竖直向上，则电场力竖直向下，负电荷所受电场力方向与场强方向相反，电场向上，M板带负电；(2)沿N极板射入的尘埃恰好不从极板

22、射出时尘埃的运动轨迹如图所示，由几何知识可知，尘埃在磁场中的半径：r=d尘埃在磁场中做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力，由牛顿第二定律得：，解得：；(3)电场、磁场同时存在时，尘埃匀速直线，满足：qE=qv0B，撤去磁场以后粒子在电场作用下平抛，假设距离N极板y的粒子恰好离开电场：水平方向：d=v0t竖直方向：yat2，加速度：解得：y=0.5d，当y0.5d时，时间更长，水平位移xd，即0.5d到d这段距离的粒子会射出电场，则从平行金属板出射的尘埃占总数的百分比：(4)尘埃在磁场中做匀速圆周运动，尘埃若要汇聚在P点，尘埃运动轨迹应经过P点，偏转磁场的半径应该和尘埃的偏转半径相等，尘埃运动轨迹如图所示，尘埃沿沿顺时针方向偏转，由左手定则可知：磁场的方向垂直于纸面向里，磁场半径的最小值应该为d，对应的B的最大值为：，磁场半径的最大值应该为2d，对应的B的最小值为：，则磁场的范围是： ；1