2023学年福建省安溪一中、养正中学、惠安一中、泉州实验中学高二物理第一学期期中经典模拟试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷注意事项1考生要认真填写考场号和座位序号。2试题所有答案必须填涂或书写在答题卡上，在试卷上作答无效。第一部分必须用2B 铅笔作答；第二部分必须用黑色字迹的签字笔作答。3考试结束后，考生须将试卷和答题卡放在桌面上，待监考员收回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示,实线为电场线,虚线表示等势面,相邻两个等势面之间的电势差相等,有一个运动的正电荷在等势面l3上某点的动能为20J,运动至等势面l1上的某一点时动能变为0,若取l2为零势面,则此电荷的电势能为2J时,其动能为（）A18B10

2、JC8JD2J2、如图所示，L1、L2、L3为等势面，两相邻等势面间电势差相同，取L2的电势为零，有一负电荷在L1处动能为30J，运动到L3处动能为10J，则电荷的电势能为4J时，它的动能是(不计重力和空气阻力)： ()A6JB4JC16JD14J3、了解物理规律的发现过程，学会像科学家那样观察与思考往往比掌握知识更重要，下列说法不符合物理学史实的是( )A法拉第最早提出电场的概念，并提出用电场线表示电场B牛顿通过“理想斜面实验”，推翻了亚里士多德的“力是维持物体运动的原因”C库仑总结出了真空中静止点电荷之间相互作用的规律D美国物理学家密立根最早用油滴实验精确地测出了元电荷e的电荷量4、回旋加

3、速器在科学研究中得到了广泛应用，其原理如图所示。D1和D2是两个中空的半圆形金属盒，置于与盒面垂直的匀强磁场中，它们接在电压为U、周期为T的交流电源上。位于D1圆心处的质子源A能不断产生质子（初速度可以忽略），它们在两盒之间被电场加速。当质子被加速到最大动能Ek后，再将它们引出。忽略质子在电场中的运动时间，则下列说法中正确的是（ ）A若只增大交变电压U，则质子的最大动能Ek会变大B若只增大交变电压U，则质子在回旋加速器中运行的时间不变。C若只将交变电压的周期变为2T，仍能用此装置持续加速质子D质子第n次被加速前、后的轨道半径之比为5、根据电场线的模拟实验，描绘出了一个正电荷的电场线分布图，如图

4、所示设该电场中a、b两点的电场强度的大小分别为Ea、Eb，则Ea和Eb的关系为AEaEbBEaEbCEaEbD无法确定6、在地球赤道上进行实验，如图所示，线圈平面沿南北方向竖直放置，线圈中心O处水平放置一可自由转动的小磁针，处于静止状态，该处地磁场的磁感应强度大小为B0；给线圈通电后，小磁针水平偏转了角则A仅改变电流方向，小磁针转向不会变化B仅改变电流大小可以使小磁针垂直于线圈平面C通电线圈在中心O处产生的磁感应强度大小为D通电线圈在中心O处产生的磁感应强度大小为二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不

5、全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，相距为d的水平金属板M、N的左侧有一对竖直金属板P、Q，板P上的小孔S正对板Q上的小孔OM、N间有垂直纸面向里的匀强磁场，在小孔S处有一带电的负粒子，其重力和初速不计当变阻器的滑动触头在AB的中点时，粒子恰能在M、N间做直线运动当滑动变阻器滑片滑到A点后，则 （ ）A粒子在M、N间运动的过程中，动能将减小B粒子在M、N间运动的过程中，动能将增大C粒子在M、N间将做圆周运动D粒于在M、N间运动的过程中，电势能将不断增大8、某人站在静浮于水面的船上，从某时刻开始人从船头走向船尾，若不计水的阻力，那么在这段时间内人和船的运动情况是（ ）A人匀速行走，船匀速后

6、退，两者速度大小与它们的质量成反比B人加速行走，船加速后退，而且加速度大小与它们的质量成反比C人走走停停，船退退停停，两者动量总和总是为零D当人在船尾停止运动后，船由于惯性还会继续后退一段距离9、截面直径为d、长为L的导线，两端电压为U，当这三个量中的一个改变时，对自由电子定向移动平均速率的影响，下列说法正确的是A电压U加倍时，自由电子定向移动的平均速率不变B导线长度L加倍时，自由电子定向移动的平均速率减为原来的一半C导线截面直径d加倍时，自由电子定向移动的平均速率不变D导线截面直径d加倍时，自由电子定向移动的平均速率加倍10、如图所示，垂直纸面的正方形匀强磁场区域内，有一位于纸面且电阻均匀的

7、正方形导体框abcd，现将导体框分别朝两个方向以v、3v速度朝两个方向匀速拉出磁场，则导体框从两个方向移出磁场的两过程中 （ ）A通过导体框截面的电荷量相同B导体框所受安培力方向相同C导体框中产生的焦耳热相同D导体框bc边两端电势差大小相等三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）游标卡尺的读数为_cm.螺旋测微器的读数为_mm. 12（12分）两位同学用如图所示装置，通过半径相同的A、B两球的碰撞来验证动量守恒定律。（1）为了完成本实验，下列必须满足的条件是_。A斜槽轨道末端的切线必须水平B入射球和被碰球的质量必须相等C入射球和被碰球

8、大小必须相同D入射球每次必须从轨道同一位置由静止滚下（2）实验中测得入射球A的质量为m1，被碰撞小球B的质量为m2，图中O点是小球抛出点在水平地面上的垂直投影。实验时，先让入射球A从斜轨上的起始位置由静止释放，找到其平均落点的位置P，测得平抛射程为OP；再将入射球A从斜轨上起始位置由静止释放，与小球B相撞，分别找到球A和球B相撞后的平均落点M、N，测得平拋射程分别为OM和ON。当所测物理量满足表达式_时，即说明两球碰撞过程动量守恒；如果满足表达式_时，则说明两球的碰撞为完全弹性碰撞。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。1

9、3（10分）如图所示，在平面直角坐标系xOy的第二、三、四象限内存在竖直向上的匀强电场，x轴下方同时存在垂直纸面向外的匀强磁场.一带电小球从x轴上的A点以初速度v0垂直x轴向上射出，小球沿竖直光滑的绝缘圆形轨道内壁运动到y轴上的C点，以速度v0垂直y轴进入第一象限，接着以与x轴正方向成=45从D点斜射入x轴下方，小球再次回到x轴时恰好经过原点O。已知小球的质量为m，带电量为q，重力加速度为g，求：(1)空间第二、三、四象限内匀强电场的电场强度大小E；(2)x轴下方匀强磁场的磁感应强度大小B；(3)小球从A点运动到O点经历的时间t14（16分）有一带电荷量q= -310-6 C的点电荷，从某电场

10、中的A点移到B点，电荷克服电场力做610-4 J的功，从B点移到C点，电场力对电荷做910-4 J的功，求A、C两点的电势差并说明A、C两点哪点的电势较高。15（12分）如图所示的真空管中，电子从灯丝K发出(初速度不计)，经过电压为U1的加速电场加速后沿中心线进入两平行金属板M、N间的匀强电场中，通过电场后打到荧光屏上的P点设M、N板间电压为U2，两板距离为d，板长为L1，板右端到荧光屏的距离为L2，已知U1576 V，U2168 V，L16 cm，d3 cm，L221 cm，求：(1)电子离开偏转电场时的偏转角的正切值；(2)电子打到荧光屏上的位置P偏离屏中心O的距离参考答案一、单项选择题：

11、本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】带电粒子在电场中只受电场力作用，则电势能和动能之和守恒，设L1电势为U，L2电势为0，则L3电势为-U；根据能量关系可知：Ek3-Uq=Uq，则Uq=10J，则粒子的总能量为：E=qU=10J；则此电荷的电势能为 2 J 时，其动能为8J，故选C. 点睛：解决本题的关键知道电场力做功和电势能的变化关系，以及知道电荷的电势能和动能之和保持不变2、C【解析】如图为三个等差等势面，根据W=qU，电荷L1到L2，L2到L3电场力做功相等，电势能减小量相等，则电荷在L2处动能为20J，此处电荷电势能为零

12、，电荷电势能与动能总量为20J，根据能量守恒，当电势能为4J时，动能为16J故C正确，ABD错误故选C3、B【解析】试题分析：最早提出电场概念的是法拉第，并提出了用电场线形象表示电场的思想；伽利略通过“理想斜面实验”，推翻了亚里斯多德的“力是维持物体运动的原因”；库仑总结出了真空中静止点电荷之间相互作用的规律即库仑定律；美国物理学家密立根最早用油滴实验精确地测出了元电荷e的电荷量为选项B正确考点：此题考查了物理学史4、D【解析】回旋加速器是通过电场进行加速，磁场进行偏转来加速带电粒子带电粒子在磁场中运动的周期与交流电源的周期相同，根据比较周期当粒子最后离开回旋加速器时的速度最大，根据求出粒子的

13、最大速度，从而得出最大动能的大小关系。【详解】A项：根据得，则最大动能，与加速电压无关，故A错误；B项：若只增大交变电压U，则质子在回旋加速器中加速次数会减小，导致运行时间变短，故B错误；C项：若只将交变电压的周期变为2T，而质子在磁场中运动的周期不变，则两周期不同，所以不能始终处于加速状态，故C错误；D项：根据洛伦兹力提供向心力做匀速圆周运动，则有半径公式 与，所以质子第n次被加速前后的轨道半径之比为，故D正确。故选：D。【点睛】解决本题的关键知道带电粒子在磁场中运动的周期与交流电源的周期相同，求出粒子的周期和最大动能，根据质量比和电量比，去比较周期和最大动能。5、C【解析】电场线的疏密表示

14、电场强度的强弱，电场线某点的切线方向表示电场强度的方向，沿着电场线方向电势是降低的，据此可正确解答【详解】由电场线的疏密可知，a点的电场线比b点的电场线更密，所以EbEa；故C正确【点睛】电场线虽然不存在，但可形象来描述电场的分布，明确电场线分布与电场强度以及电势之间的关系6、D【解析】A根据右手螺旋定则，可知，当仅改变电流方向，线圈内部磁场方向发生改变，则由矢量的合成法则，可知，小磁针处合磁场方向改变，导致小磁针转向发生变化，故A错误；B当只改变电流大小时，线圈内部的磁场方向垂直线圈平面，但由于外加的匀强磁场，依据矢量的合成法则，可知，不可以使小磁针垂直于线圈平面，故B错误；CD通电线圈在中

15、心O处产生的磁感应强度B与B0的关系如图所示，有：故C错误，D正确二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AC【解析】AB粒子恰能在M、N间作直线运动，则有：当滑片移动到A端时，极板间电势差变小，电场强度减小，带负电的粒子受向上的电场力减小，则粒子向下偏转，电场力将对粒子做负功，引起粒子动能减小，故A正确，B错误。C当滑片移动到A端时，电场强度为零，粒子仅受洛伦兹力作用，做匀速圆周运动，故C正确；D当滑片移动到A端时，电场强度为零，电场力消失，电势能变为零，故D错误。故选

16、AC【点睛】本题难度属于中等，带点粒子在匀强电场中可做两种运动，一是当初速度为零或与电场方向在同一直线时，带电粒子做匀变速直线运动；二是当初速度电场方向不在同一直线时，带电粒子在电场力作用下做平抛运动带点粒子在复合场中的运动，要依据受力分析及力对物体运动状态的影响等知识综合分析8、ABC【解析】A人和船组成的系统动量守恒。设人的质量为m，瞬时速度为v，船的质量为M，瞬时速度为v，人走的方向为正方向，则有解得则有所以人匀速行走，船匀速后退，两者速度大小与它们的质量成反比，故A正确；B人和船相互作用力大小相等，方向相反，故船与人的加速度分别为，则有，故B正确；C人和船组成的系统动量守恒，系统初始动

17、量为0，所以人走走停停，船退退停停，两者动量总和总是为零，故C正确；D当人在船尾停止运动后，船的速度也为零，故D错误。故选ABC。9、BC【解析】试题分析：根据公式I=UR可得，U加倍I增大，所以根据公式I=nqsv可得，电子的定向移动的平均速率增大，A错误，根据公式R=LS可得，当导线长度L加倍时，电阻增大一倍，根据公式I=UR，电流减小一倍，所以根据公式I=nqsv可得，电子定向移动速率减小为原来的一半，B正确，当导线截面直径d加倍时，根据公式R=LS可得，电阻变为原来的四分之一，所以电流增大为原来的4倍，根据公式I=nqsv可得横截面积变为原来的四分之一，所以电子的定向移动速率不变，C正

18、确，D错误，考点：考查了电流的微观和宏观表达式点评：正确掌握公式I=UR和R=LS以及I=nqsv是本题的关键10、AD【解析】电荷量可知两种情况磁通量变化相同，电荷量相同，对；由左手定则可知安培力方向相反，B错；焦耳热等于拉力做的功，拉力等于安培力BIL，可知拉力大小不同，但移动距离相同，可知拉力做功不同，焦耳热不同，C错；3v向右拉出时，感应电动势E=3BLv，bc两端电压为U=，向左拉出时E=BLv，bc两端电压为路端电压bc两端电压为3Lv/4，D对三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、2.03 10.295 【解析】游标卡尺的主

19、尺读数为20mm，游标尺上第3个刻度与主尺上某一刻度对齐，故其读数为0.13mm=0.3mm，所以最终读数为：20mm+0.3mm=20.3mm=2.03cm；螺旋测微器的固定刻度读数为10mm，可动刻度读数为0.0129.5mm=0.295mm，所以最终读数为10.295mm(10.29410.297)【点睛】解决本题的关键掌握游标卡尺和螺旋测微器的读数方法，游标卡尺读数的方法是主尺读数加上游标读数，螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读.12、ACD m1OP=m1OMm2ON 【解析】(1)1A要保证每次小球都做平抛运动，则轨道的末端必须切线水平，故A正确；B为了防止入射球反弹，应让入射球的质量大于被碰球的质量，故B错误；C为了使两球发生对心碰撞，入射球和被碰球大小必须相同，故C正确；D要保证碰撞前的速度