2023学年北京市朝阳区市级名校物理高二上期中检测试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷注意事项：1答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号、考场号和座位号填写在试题卷和答题卡上。用2B铅笔将试卷类型（B）填涂在答题卡相应位置上。将条形码粘贴在答题卡右上角条形码粘贴处。2作答选择题时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目选项的答案信息点涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案。答案不能答在试题卷上。3非选择题必须用黑色字迹的钢笔或签字笔作答，答案必须写在答题卡各题目指定区域内相应位置上；如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新答案；不准使用铅笔和涂改液。不按以上要求作答无效。4考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡

2、一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，在匀强电场中有矩形ABCD，其中AD边长大于AB边长，其顶点A的电势为0V顶点B的电势为-2V顶点C的电势为0V，以下说法正确的是：AD点的电势为-2VBD点的电势为2VC电场的方向在AC连线的方向上D电场的方向在BD连线的方向上2、如右图甲所示，一弹簧振子在AB间做简谐运动，O为平衡位置乙是振子做简谐运动时的位移一时间图象则关于振子的加速度随时间变化的规律，下列四个图象中正确的是( )ABCD3、有关电压和电动势的说法中正确的是（ ）A电动势就是电源两极间的电压B电

3、动势是反映电源把其他形式能转化为电能本领强弱的物理量C电压与电动势的单位都是伏特，所以电压与电动势是同一物理量的不同叫法D电动势公式与电压公式中的W是一样的，都是静电力做功4、如图，带电荷量之比为qAqB13的带电粒子A、B以相等的速度v0从同一点出发，沿着跟电场强度垂直的方向射入平行板电容器中，分别打在C、D点，若OCCD，忽略粒子重力的影响,则( )AA和B在电场中运动的时间之比为21BA和B运动的加速度大小之比为41CA和B的质量之比为12DA和B的位移大小之比为115、如图所示，实线是一簇未标明方向的匀强电场的电场线，虚线是一带电粒子仅在电场力作用下的运动轨迹，M、N是轨迹上的两点，则

4、（）A粒子带正电BM点的电势高于N点的电势C粒子在M点的速度大于在N点的速度D粒子在M点的电势能大于在N点的电势能6、四盏灯泡接成图示电路，L1 、L2灯泡的规格为“110V ，60W”，L3、L4灯泡的规格为“110V ，30W”，各个灯各个灯泡的实际功率都没有超过它的额定功率。则这四盏灯泡中实际消耗功率最大和最小的灯泡分别是（ ）AL3和L1BL4和L3CL3和L1DL4和L2二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、电动机的电枢阻值为R，电动机正常工作时，两端的电压为

5、U，通过的电流为I，工作时间为t，下列说法中正确的是( ).A电动机消耗的电能为I2RtB电动机线圈产生的热量为I2RtC电动机消耗的电能为UItD电动机线圈产生的热量为U2t/R8、欧姆定律不适用于（ ）A金属导电B电解液导电C稀薄气体导电D气体导电9、一半径为R的均匀带正电圆环水平放置,环心为O点,质量为m的带正电的小球从O点正上方h高的A点静止释放,并穿过带电环,关于小球从A运动到与O对称的点A的过程中,其重力势能、机械能(E)、电势能、加速度(a)随位置变化的图象如图所示(取0点为坐标原点且重力势能为零,加速度的正方向竖直向下,并取无限远处电势为零).其中可能正确的是( )A BC D

6、10、在图示电路中，P为滑动变阻器的滑片，电表均为理想电表下列说法正确的是A在P向右移动的过程中，电流表的示数变大B在P向右移动的过程中，电压表的示数变大C当P移到滑动变阻器的右端时，电源内部消耗的电功率最大D当P移到滑动变阻器的右端时，电源的效率最高三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）如图是多用表的刻度盘，当选用量程为50mA的电流档测量电流时，表针指于图示位置，则所测电流为_m；若选用倍率为“100”的电阻档测电阻时，表针也指示在图示同一位置，则所测电阻的阻值为_如果要用此多用表测量一个约2.0104的电阻，为了使测量比较精确

7、，应选的欧姆档是_（选填“10”、“100”或“1K”）换档结束后，实验操作上首先要进行的步骤是_12（12分）图中螺旋测微器的读数为_; 游标为卡尺测圆筒外径为_mm四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示的电路中，两平行金属板A、B水平放置，极板长l=80cm，两板间的距离d=40cm 电源电动势E=40V，内电阻r=1，电阻R=15，闭合开关S，待电路稳定后，将一带负电的小球从B板左端且非常靠近B板的位置以初速度水平向右射入两板间，该小球可视为质点若小球带电量q=1102C，质量为m=2102kg

8、，不考虑空气阻力，电路中电压表、电流表均是理想电表若小球恰好从A板右边缘射出(g取10m/s2)求（1）滑动变阻器接入电路的阻值为多少？（2）此时电流表、电压表的示数分别为多少？（3）此时电源的输出功率是多少？14（16分）如图所示电路，R12 ，R23 ，R34 .(1)如果已知流过电阻R1的电流I13 A，则干路电流多大？(2)如果已知干路电流I3 A，则流过每个电阻的电流多大？15（12分）如图，一架在180m高空以20m/s的速度水平匀速飞行的直升飞机，要想将两箱物资分别投到山脚和山顶的目标A、B。已知山高135m，山脚与山顶的水平距离为500m，不计空气阻力，g取10m/s2.求：(

9、1)第一箱物资被投下后，它在空中飞行的时间？(2)第一箱物资被投下后，它落地时的速度大小？(3)从飞机上投下两箱物资的时间间隔？参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、B【解析】AB、连接AC和BD交于O点，O是AC和BD的中点，根据运强电场的特点， ，可得=2V；A错误，B正确； CD、因为A、C电势相等，AC是一条等势线，电场线与等势线垂直，所以既不沿AC方向，也不沿BD方向，C错误，D错误。故选：B。2、D【解析】根据简谐运动振子的加速度与位移的关系：可知 t=0时刻振子的加速度a=0，而且在前半个周期内加速度为

10、负值。简谐运动的x-t图象是正弦曲线，则a-t图象与x-t图象上下对调。故D正确，ABC错误。故选D3、B【解析】AC电动势表征电源把其它形式的能转化为电能的本领大小，电势差是电势之差，其绝对值等于电压，两者物理意义不同，不是一回事，故A C错误；B电动势的物理意义是表征电源把其他形式的能转化为电能本领强弱，电动势越大，本领越大，故B正确；D电动势公式中的W为非静电力做功，电压中的W为静电力做功，故D错误。4、B【解析】A、粒子在电场中做类平抛运动,在水平方向:由于带电粒子A、B以相等的速度v0从同一点出发，所以运动时间与走过的水平位移成正比，则粒子的运动时间之比:,故A错误;B、粒子在竖直方

11、向做初速度为零的匀加速直线运动，由于粒子在竖直方向上走过的高度是相等的，所以加速度之比和时间的平方成反比，则加速度之比：，故B正确；C、由牛顿第二定律得：,则粒子质量之比: ,故C错误；D、A、B两个粒子在竖直方向上的位移相等，但水平方向上的位移不相等，所以合位移之比不相等，即不是1:1的关系，故D错误；综上所述本题答案是：B5、C【解析】A假定粒子由到运动，由图可知粒子运动轨迹向左偏，则说明粒子在、两处所受的电场力向左，由于不知电场线方向，故无法判断粒子电性，故A错误；B由于不知电场线方向，无法判断电势的高低，故B错误；CD粒子在、两处所受的电场力向左，从到的过程电场力做负功，则电势能增加，

12、粒子在点的电势能小于在点的电势能，动能减小，所以粒子在点的速度大于在点的速度，故C正确，D错误；故选C。6、B【解析】根据R=U2P可知，L1 、L2灯泡的电阻小于L3 、L4灯泡的电阻，即R1=R2P1P2+P3；对L2和L3，由P=U2R可知P2P3，则这四盏灯泡中实际消耗功率最大和最小的灯泡分别是L4和L3，故选B.二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BC【解析】电动机消耗的电能为W=UIt，故C正确，A错误；电动机正常工作时，线圈生热为：Q=I2Rt，故B正确

13、；而电动机消耗的电能只有一部分转化为内能，则电动机消耗的电能大于产生的内能I2Rt，由于电动机为非纯电阻，所以 不能使用，故D错误所以BC正确，AD错误8、CD【解析】试题分析：欧姆定律适用于纯电阻电路，金属导电和电解液导电都属于纯电阻电路，都适用于欧姆定律，但是稀薄气体导电和气体导电都属于从不导电到导电的过程，只有电压达到一定数值时气体被电离才会导电，属于不适用于欧姆定律，选项AB适用CD不适用考点：欧姆定律适用范围9、AB【解析】A、小球从A到圆环中心的过程中，重力势能EpG=mgh，小球穿过圆环后，EpG=-mgh，根据数学知识可知，A是可能的，故A正确；B、小球从A到圆环中心的过程中，

14、电场力做负功，机械能减小，小球穿过圆环后，电场力做正功，机械能增大，故B是可能的，故B正确；C、由于圆环所产生的是非匀强电场，小球下落的过程中，电场力做功与下落的高度之间是非线性关系，电势能变化与下落高度之间也是非线性关系，所以C是不可能的，故C错误；D、圆环中心的场强为零，无穷远处场强也为零，则小球从A到圆环中心的过程中，场强可能先增大后减小，则小球所受的电场力先增大后减小方向竖直向上，由牛顿第二定律得知，重力不变，则加速度可能先减小后增大；小球穿过圆环后，小球所受的电场力竖直向下，加速度方向向下，为正值，根据对称性可知，电场力先增大后减小，则加速度先增大后减小，故D是可能的，故D错误；故选

15、AB。10、AC【解析】AB滑动变阻器向右移动，电路总电阻减小，根据：可知，电流表的示数变大，根据：可知电压表的示数减小；故A正确，B错误；CD当P移到滑动变阻器的右端时，外电阻R最小，根据：可知，电路中的电流最大；根据：可知此时电源内部消耗的电功率最大；故C正确；根据效率：可知，此时的电源的效率最低，故D错误；三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、【答题空1】30.730.9【答题空2】1600【答题空3】1k【答题空4】欧姆调零【解析】当选用量程为50mA的电流档时电流为30.9 m，当选用倍率为“100”的电阻档测电阻时，所测电阻的

16、阻值为16100=1600，当指针指在中间刻度附近时测量比较准确，因此选倍率为1K的指针在中间刻度附件，欧姆表在换挡位之后要进行欧姆调零12、2.720mm 29.8 【解析】游标卡尺读数的方法是主尺读数加上游标读数，不需估读螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读；【详解】解：螺旋测微器的固定刻度读数为2.5mm，可动刻度读数为，所以最终读数为：；游标卡尺的主尺读数为，游标尺上第8个刻度和主尺上某一刻度对齐，所以游标读数为，所以最终读数为；故答案为：2.720mm，29.8。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的

17、文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）24（2）1A，39V（3）39W【解析】试题分析：（1）设小球在板间飞行时间为t，根据dat2，得飞行加速度对小球根据牛顿第二定律得，解得：，所以滑动变阻器的两端电压U滑UAB24 V设通过滑动变阻器的电流为I，由欧姆定律得滑动变阻器接入电路的阻值R滑24 （2）此时电流表的示数为1 A，电压表的示数为UEIr（4011）V39 V（3）电源的输出功率P出IU39 W考点：带电粒子在电场中的运动；欧姆定律；电功率【名师点睛】本题是带电粒子在电场中类平抛运动和电路问题的综合，容易出错的是受习惯思维的影响，求加速度时将重力遗忘，要注意分析受力情况，根据合力求加速度14、 (1)6.5A；(2)I11.38A，I20.92A， I30.69A【解析】(1)由欧姆定律得R1两端的电压为：U1I1R132 V6 V.R1、R2、R3并联，三者两端电压应相等，U1U2U3.R2中的电流为：R3中的电流为：干路中的电流为：II1I2I3