海南省定安中学2023学年物理高二第一学期期中教学质量检测试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷请考生注意：1请用2B铅笔将选择题答案涂填在答题纸相应位置上，请用05毫米及以上黑色字迹的钢笔或签字笔将主观题的答案写在答题纸相应的答题区内。写在试题卷、草稿纸上均无效。2答题前，认真阅读答题纸上的注意事项，按规定答题。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示是某导体的IU图线，图中45，下列说法不正确的( )A通过该导体的电流与其两端的电压成正比B此导体的电阻R不变CIU图线的斜率表示电阻的倒数，所以Rcot 451 D在该导体两端加6V电压时，每秒通过导体截面的电荷量是3C2、如图

2、所示，电源电动势为12V，电源内阻为l.0，电路中的电阻R为1.5，小型直流电动机M的内阻为0.5，闭合开关S后，电动机正常转动时，电流表的示数为2.0A则以下判断中正确的是（ ）A电动机的输出功率为14.0WB电源输出的电功率为20.0WC电动机产生的热功率4.0WD电动机两端的电压为5.0V3、某人用绳子通过定滑轮拉木船，设人匀速拉绳的速度为某时刻与水平方向夹角为，则小船速度，为（）ABCD4、新国际单位体系于2019年5月的世界计量日起正式生效，正式更新包括“kg”、“A”、“K”、“mol”在内的4项基本单位的定义。下列选项中，内含2个国际单位制基本单位的是（ ）Am、NBm、sCJ、

3、m/sDN、J5、在等边三角形的三个顶点a、b、c处，各有一条长直导线垂直穿过纸面，导线中通有大小相等的恒定电流，方向如图过c点的导线所受安培力的方向A与ab边平行，竖直向上B与ab边平行，竖直向下C与ab边垂直，指向左边D与ab边垂直，指向右边6、根据磁场对电流会产生作用力的原理，人们研制出一种新型的发射炮弹的装置电磁炮，其原理如图所示：把待发炮弹（导体）放置在强磁场中的两平行导轨上，给导轨通以大电流，使炮弹作为一个通电导体在磁场作用下沿导轨加速运动，并以某一速度发射出去。现要提高电磁炮的发射速度，你认为下列方案在理论上可行的是( )A增大磁感应强度B的值B增大电流I的值C减小磁感应强度B的

4、值D改变磁感应强度B的方向，使之与炮弹前进方向平行二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示,电源电动势为E内阻r。M、N是平行板电容器的两个极板,R0为定值电阻,R1、R2为可调电阻，用绝缘细线将质量为m、带正电的小球悬于电容器内部，闭合电键S，小球静止时受到悬线的拉力为F，电容器带电量为Q。下列判断正确的是()A只增大R1时，电容器两板间电压减小，F将变小B只增大R1时，电容器两板间电压不变，F将不变C只增大R2时，电压表示数增大，电流表示数减小，F变小D只增大

5、R2时，电容器所带电荷量增大，板间场强变大，故F将变大8、如图所示，正方形线框的边长为L，电容器的电容为C，正方形线框的一半放在垂直纸面向里的匀强磁场中，当磁感应强度以k为变化率均匀减小时，则()A线框产生的感应电动势大小为B电压表没有读数Ca点的电势高于b点的电势D电容器所带的电荷量为零9、有一横截面积为S的铜导线，流经其中的电流强度为I，设每单位体积的导线有n个自由电子，电子的电荷量为q，此时电子的定向移动速率为v，在t时间内通过横截面积的电子数目可表示为（）AnSvtBnvtCD10、如图所示，有一混合正离子束先后通过正交的电场、磁场区域和匀强磁场区域，如果这束正离子流在区域中不偏转，进

6、入区域后偏转半径r相同，则它们一定具有相同的()A速度B质量C电荷量D比荷三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）在“描绘小灯泡的伏安特性曲线”实验中，小灯泡的额定电压为2.5 V，额定功率为0.5 W，此外还有以下器材可供选择：A直流电源3 V(内阻不计)B直流电流表0300 mA(内阻约为5 )C直流电流表03 A(内阻约为0.1 )D直流电压表03 V(内阻约为3 k)E滑动变阻器100 ，0.5 AF滑动变阻器10 ，2 AG导线和开关实验要求小灯泡两端的电压从零开始变化并能进行多次测量(1)实验中电流表应选用_，滑动变阻器应

7、选用_；(均填写仪器前的字母)(2)在图甲所示的虚线框中画出符合要求的实验电路图_(虚线框中已将所需的滑动变阻器画出，请补齐电路的其他部分，要求滑片P向b端滑动时，灯泡变亮)；(3)根据实验数据，画出的小灯泡的IU图线如图乙所示由此可知，当电压为0.5 V时，小灯泡的灯丝电阻是_.12（12分）有一个小灯泡上有“4V 2W”的字样，现要描绘这个小灯泡的伏安特性曲线现有下列器材供选用：A电压表（15V，内阻11k）B电压表（111V，内阻21k）C电流表（113A，内阻1）D电流表（116A，内阻14）E滑动变阻器（11，2A）F滑动变阻器（1k，1A）G学生电源（直流6V），还有电键、导线若干

8、（1）电流表应选 ，滑动变阻器应选 （用序号字母表示）（2）为使实验误差尽量减小，要求从零开始多取几组数据，请在方框内画出满足实验要求的电路图（3）若该同学已正确选用器材，并连接好部分实验电路如图所示，请在图中完成其余的电路连接四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示的电路中，两平行金属板A、B水平放置，极板长L60 cm，两板间的距离d30 cm，电源电动势E36 V，内阻r1 ，电阻R09 ，闭合开关S，待电路稳定后，将一带负电的小球(可视为质点)从B板左端且非常靠近B板的位置以初速度v06 m/s

9、水平向右射入两板间，小球恰好从A板右边缘射出已知小球带电荷量q2102 C，质量m2102 kg，重力加速度g取10 m/s2，求：(1)带电小球在平行金属板间运动的加速度大小；(2)滑动变阻器接入电路的阻值14（16分）在如图所示的电路中，两平行正对金属板A、B水平放置，两板间的距离d=4.0cm。电源电动势E=400V，内电阻r=20，电阻R1=1980。闭合开关S，待电路稳定后，将一带正电的小球（可视为质点）从B板上的小孔以初速度v0=1.0m/s竖直向上射入两板间，小球恰好能到达A板。若小球所带电荷量q=1.010-7C，质量m=2.010-4kg，不考虑空气阻力，忽略射入小球对电路的

10、影响，取g=10m/s2。求：（1）A、B两金属板间的电压的大小U；（2）滑动变阻器消耗的电功率P滑；（3）电源的效率；（4）电源的最大输出功率。15（12分）如图所示,在直角坐标系xoy中，矩形区域oabc内(包含边界)有垂直于纸面向外的匀强磁场,磁感应强度大小B=210-2T；第一象限内有沿y轴负方向的匀强电场，电场强度大小E=1104N/C。已知矩形区域oa边长为1.6m，ab边长为0.5m。在bc边中点N处有一放射源，某时刻,放射源沿纸面向磁场中各方向均匀地射出速率均为v=2106m/s的某种带正电粒子，带电粒子质量m=1.610-27kg，电荷量q=3.210-19C，不计粒子重力及

11、粒子间相互作用，取sin37=0.6，cos66=0.4。求：(1)粒子在磁场中运动的半径；(2)从ab边射出粒子(不进入电场区域)的最长轨迹的长度及射出ab边时的位置坐标；(3)沿x轴负方向射出的粒子,从射出到从y轴离开磁场所用的时间。参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】A、由图可以知道,电流随着其两端的电压的增大而增大,故电流与其两端的电压成正比，故A 正确B、由 可以知道,图象的斜率表示电阻的倒数，则由图象可以知道即导体的电阻是一定值，故B正确，C错误；D、在R两端加6V的电压时,电路中电流 ,则每

12、秒通过电阻的电荷量为，故D正确；本题要不正确的是，所以C是不正确的综上所述本题答案是：C 2、B【解析】电路中电流表的示数为2.0A，所以电动机的电压为：U=E-U内-UR0=12-Ir-IR0=12-21-21.5=7V，故D错误；电动机的总功率为：P总=UI=72=14W，电动机的发热功率为：P热=I2R=220.5=2W，所以电动机的输出功率为：P机=14 W-2W=12W，故A C错误；电源的输出的功率为：P输出=EI-I2R=122-221=20W，故B正确；故选B.点睛：对于电功率的计算，一定要分析清楚是不是纯电阻电路，对于非纯电阻电路，总功率和发热功率的计算公式是不一样的3、D【

13、解析】同一根活结绳上的瞬时速度相等，则将船的实际速度分解成沿绳的速度和垂直于绳的转动速度，有解得船的实际速度为故选D。4、B【解析】m、s是国际单位制中基本单位，N，m/s，J是导出单位。ACD.由上分析知，ACD不符合题意； B.由上分析知，B符合题意。5、C【解析】本题考查了左手定则的应用导线a在c处产生的磁场方向由安培定则可判断，即垂直ac向左，同理导线b在c处产生的磁场方向垂直bc向下，则由平行四边形定则，过c点的合场方向平行于ab，根据左手定则可判断导线c受到的安培力垂直ab边，指向左边6、B【解析】试题分析：电磁炮就是在安培力的作用下运动，要想提高炮弹的发射速度，即增大安培力的大小

14、，所以可适当增大电流或磁感应强度故A正确，B正确，C错误；当改变磁感应强度B的方向，使之与炮弹前进方向平行时，由左手定则可知，电磁炮受的安培力方向竖直向下，在前进方向上合力为零，根据由牛顿运动定律可知，电磁炮的运动状态不会改变，故D错误考点：本题考查磁场对通电直导线的作用、左手定则、安培力、牛顿运动定律以及应用这些知识解决实际问题的能力二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BC【解析】AB当只增大R1时，由于电容器相当于开路，所以对整个回路无影响，电容器两端电压等于R0

15、两端的电压，大小不变，所以库仑力不变，F不变。故A错误，B正确。CD当增大R2时，由于R0与R2串联， 总电阻增大，故总电流减小，即电流表示数减小；外电压增大，即电压表示数增大；R0两端的电压会减小，即电容器两端电压减小，电荷量减小，电场强度变弱，库仑力减小。悬线拉力F为库仑力和重力的合力，故F减小。故C正确，D错误。8、BC【解析】A由于线框的一半放在磁场中，因此线框产生的感应电动势大小为，A错误；B由于线框所产生的感应电动势是恒定的，且线框连接了一个电容器，相当于电路断路，外电压等于电动势，内电压为零，而接电压表的这部分相当于回路的内部，因此，电压表两端无电压，电压表没有读数，B正确；C根

16、据楞次定律可以判断，a点的电势高于b点的电势，C正确；D电容器所带电荷量为D错误9、AC【解析】CD根据电流的微观表达式I=nqvS，在t时间内通过导体横截面的自由电子的电量Q=It则在t时间内，通过导体横截面的自由电子的数目为选项C正确，D错误；AB将I=nevS代入得故A正确，B错误。10、AD【解析】A.离子流在区域中不偏转，一定是qEqvB，vEB，故A正确；B.进入区域后，做匀速圆周运动的半径相同，由rmvqB知，因v、B相同，所以只能是比荷相同，故D正确，B、C错误。故选：AD三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、BF 分压式

17、 如图所示： 5 【解析】试题分析：（1）灯泡的额定电流；故电流表选择B；因本实验只能接用分压接法，故滑动变阻器选择小电阻F；（2）根据实验要求可知，滑动变阻器采用分压接法，并且测量电路应与滑动变阻器的左半部分并联；电流表采用外接法；原理图如下；（3）由画出的伏安特性曲线可知，时，电流，则对应的电阻；考点：“描绘小灯泡的伏安特性曲线”实验12、（1）D E （2）（3）【解析】试题分析：（1）因灯泡的额定电压为4V，为保证安全选用的电压表量程应稍大于4V，但不能大太多，量程太大则示数不准确；故只能选用15V的电压表由P=UI得，灯泡的额定电流I=15A，故电流表应选择116A的量程，故电流表选

18、D；而由题意要求可知，电压从零开始变化，并要多测几组数据，故只能采用滑动变阻器分压接法，而分压接法中应选总阻值小的滑动变阻器，故选E；（2）在用伏安法描绘这个灯泡的I一U图线的实验中，电压要从零开始变化，并要多测几组数据，故只能采用滑动变阻器分压接法；由于灯泡的电阻较小，所以选择电流表外接法所以电路图如图（3）按电路图画出实际电路图为考点：描绘小灯泡的伏安特性曲线实验【名师点睛】（1）仪表的选择应本着安全准确的原则；电压表要测量灯泡两端的电压，故应通过灯泡的额定电压值判断需要的电压表；由流过灯泡的电流判断需要的电流表；由题意判断需要的滑动变阻器；（2）根据滑动变阻器分压及限流接法的不同作用，结

19、合题意选择滑动变阻器的接法；由电流表、电压表与灯泡内阻间的大小关系确定电流表的接法本题考查实验中的仪表选择及接法的选择；应注意滑动变阻器分压及限流接法的区别及应用，同时还应明确内外接法的不同及判断四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）60m/s2；（2）14【解析】（1）小球进入电场中做类平抛运动，水平方向做匀速直线运动，竖直方向做匀加速运动，则有：水平方向：L=v0t竖直方向：d=at2由上两式得： （2）根据牛顿第二定律，有：qE-mg=ma 电压：U=Ed解得：U=21V设滑动变阻器接入电路的电阻值为R，

20、根据串并联电路的特点有：解得：R=14.【点睛】本题是带电粒子在电场中类平抛运动和电路问题的综合，容易出错的是受习惯思维的影响，求加速度时将重力遗忘，要注意分析受力情况，根据合力求加速度14、（1）200V（2）20W；（3）99.5；（4）P=79.2W【解析】试题分析：（1）小球从B板上的小孔射入恰好到达A板的过程中，在电场力和重力的作用下做匀减速直线运动，设A、B两极板间电压为U，根据动能定理有-qU-mgd=0-mv02解得U=200V（2）设此时滑动变阻器接入电路中的电阻值为R滑，根据闭合电路欧姆定律可知，电路中的电流得 根据部分电路欧姆定律可知 U=IR滑解得 R滑=2.0103滑动变阻器消耗的电功率 （3）电源的效率（4）当滑动变阻器电阻为零时，则电源的输出功率最大，那么电源的输出最大功率 考点：闭合电路的欧姆定律；电功率；动能定理【名师点睛】本题电场与电路的综合应用，小球在电场中做匀减速运动，由动能定理求电压根据电路的结构，由欧姆定律求变阻器接入电路的电阻，最后掌握当外电阻等于内阻时，电源的输出功