云南省保山隆阳区2023学年物理高二上期中监测模拟试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷考生须知：1全卷分选择题和非选择题两部分，全部在答题纸上作答。选择题必须用2B铅笔填涂；非选择题的答案必须用黑色字迹的钢笔或答字笔写在“答题纸”相应位置上。2请用黑色字迹的钢笔或答字笔在“答题纸”上先填写姓名和准考证号。3保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，在草稿纸、试题卷上答题无效。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、原来静止的物体受合力作用时间为，合力随时间的变化情况如图所示，则（ ）A时间内物体的动量变化量与时间内物体的动量变化量相等B时间内物体的平均速率与时间内物体的平均速率不

2、相等C时物体的速度为零，外力在时间内对物体的冲量为零D时间内物体的位移为零，外力对物体做的功为零2、一辆汽车沿平直道路行驶，其位移时间图象xt如图所示，在t0到t40s这段时间内，汽车的平均速度大小是（）A0m/sB2m/sC2.67m/sD25m/s3、如图所示，匀强电场方向竖直向下，在此电场中有a、b两个质量相等的带电微粒（不计微粒间的相互作用），分别竖直向上、竖直向下做匀速直线运动，下列说法中正确的是（）Aa带负电、b带正电B两微粒所受的电场力等大、反向Ca带正电、b带负电D两微粒所受的电场力等大、方向均是竖直向上4、一电池外电路断开时的路端电压为3V，接上8的负载后路端电压降为2.4V

3、，则可以判定电池的电动势E和内阻r分别为（）AE=3V，r=2BE=3V，r=1CE=2.4V，r=2DE=2.4V，r=15、当直导线通以垂直纸面向外的恒定电流时，小磁针静止时指向正确的是( )ABCD6、如图所示的电场线，描绘的可能是（ ）A一个正电荷的电场B一个负电荷的电场C两个负电荷的电场D两个正电荷的电场二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，纸面内AB两点之间连接有四段导线：ACB、ADB、AEB、AFB，四段导线的粗细相同、材料相同；匀强磁场垂直于

4、纸面向内，现给AB两端加上恒定电压，则下列说法正确的是A四段导线受到的安培力的方向相同B四段导线受到的安培力的大小相等CADB段受到的安培力最大DAEB段受到的安培力最小8、如图所示,一个带负电的小金属环套在粗糙绝缘细杆AB上,杆与水平面的夹角为,杆的下方O点处固定一个带正电的点电荷,OA=OB现使小环以初速度v0从A点沿杆上滑,到达B点时其速度恰好为零,小环滑回A点时速度为v。下列说法中正确的是A小环上滑过程中先做匀加速再做匀减速运动B小环上滑时间小于下滑时间C小环下滑过程,减少的重力势能等于摩擦产生的内能D从A点出发到再回到A点的过程,小环克服摩擦力做的功等于小环损失的动能9、如图所示，虚

5、线框内有匀强电场，AA、BB、CC是该电场的三个等势面，相邻等势面间的距离均为3.0 cm，已知BB上的电势为0 V一个电子沿AA方向以初动能Ek = 4 eV自图中的P点进入电场，刚好从C点离开电场，电子从P到C的过程电场力做功为6 eV下列说法正确的是A平面AA上的电势为3VB该匀强电场的场强为100 V/mC该粒子经过平面BB时的电势能为10eVD该粒子从P到C的过程动能和电势能总和守恒10、如图所示，在真空中有两个等量的正电荷q1和q2，分别固定在A、B两点，DCE为AB连线的中垂线，现将一个正电荷q由c点沿CD移到无穷远，则在此过程中（ ）A电势能逐渐减小B电势能逐渐增大Cq受到的电

6、场力逐渐减小Dq受到的电场力先逐渐增大后逐渐减小三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）某同学要测量一均匀新材料制成的圆柱体的电阻率，步骤如下：（1）用游标为20分度的游标卡尺测量其长度如左下图，由图可知其长度为L=_mm；（2）用螺旋测微器测量其直径如图乙所示，由图可知其直径D=_mm；（3）用多用电表的电阻“10”挡，按正确的操作步骤测此圆柱体的电阻，表盘示数如图丙所示，则该电阻的阻值约为_（4）该同学想用伏安法更精确地测量其电阻R，现有的器材及其代号和规格如下：待测圆柱体电阻R；电流表A1（量程04mA，内阻约50）；电流表A2

7、（量程030mA，内阻约30）；电压表V1（量程03V，内阻约10k）；电压表V2（量程015V，内阻约25k）；直流电源E（电动势4V，内阻不计）；滑动变阻器R1（阻值范围015，允许通过的最大电流2.0A）；滑动变阻器R2（阻值范围02k，允许通过的最大电流0.5A）；开关S；导线若干为使实验误差较小，要求测得多组数据进行分析，某同学设计了如图的电路，试指出不妥之处 _A电流表应选A2B电流表应采用外接法C滑动变阻器R1应采用分压式接法D滑动变阻器应采用R2 12（12分）某同学用多用表测电阻Rx时，将选择开关置于“10”挡，表针停留的位置如图所示（其数据为8），为了较正确测出Rx的阻值，

8、将两表与电阻Rx断开后,下列操作中正确的是(用字母表示)_。(A)换用1挡 (B)换用100挡四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示，竖直平面内有一圆形光滑绝缘细管，细管截面半径远小于半径R，在圆形绝缘细管中心处固定一带电荷量为的点电荷，一质量为m、电荷量为的带电小球在圆形绝缘细管中做圆周运动，当小球运动到最高点时恰好对细管无作用力，已知重力加速度为g，求当小球运动到最低点时对管壁的作用力大小.14（16分）如图所示，坐标平面第象限内存在大小为E4105N/C方向水平向左的匀强电场，在第象限内存在方向

9、垂直纸面向里的匀强磁场。质荷比为mq41010kg/C的带正电粒子从x轴上的A点以初速度v02107m/s垂直x轴射入电场，OA0.2m，不计重力。求：（1）粒子经过y轴时的位置到原点O的距离；（2）若要求粒子不能进入第三象限，求磁感应强度B的取值范围（不考虑粒子第二次进入电场后的运动情况）。15（12分）如图所示，质量为m =1kg、电荷量为q=510-2C的带正电的小滑块，从半径为R= 0.4m的固定圆弧轨道上由静止自A端滑下，轨道光滑且绝缘。整个装置处在方向互相垂直的匀强电场与匀强磁场中。已知E=100V/m，方向水平向右，B=1T，方向垂直纸面向里，g=10m/s2。求： (1)滑块到

10、达C点时的速度； (2)在C点时滑块所受洛伦兹力； (3)在C点滑块对轨道的压力。参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】A由题图可知，与时间内合力方向不同，动量变化量不相等，选项A错误。BC时，物体速度最大，由动量定理可得，时物体速度为零，与时间内物体平均速率相等，选项B错误，C正确。D时间内物体先加速后减速，位移不为零，动能变化量为零，合力对物体做的功为零，选项D错误。故选C。2、A【解析】由图知，t1=0时x1=0，t2=40s时，x2=0，所以在t0到t40s这段时间内汽车的位移为x=x2-x1=0，

11、汽车的平均速度大小为：，故A正确，BCD错误；3、D【解析】两带电微粒均做匀速直线运动，可知受向上的电场力，且F=qE= mg则两微粒均带负电，故选D。4、A【解析】由题可知电池外电路断开时的路端电压为3V，则电池的电动势为E=3V，当电源接上8的负载电阻后路端电压降为2.4V，则电路中电流为I=UR=2.48A=0.3A可得内r=E-UI=3-2.40.3=2，故选项A正确，B、C、D错误。5、A【解析】据右手螺旋定则知，垂直直面向外的恒定电流时在周围产生的磁感线是逆时针，再据磁场方向规定可知，A图正确，故A正确，BCD错误6、D【解析】由于电场线从两个地方发出，故场源为两个电荷；由于电场线

12、是从电荷出发终止到无穷远，故该场源电荷为正电荷又由于两电荷的连线之间电场线稀疏甚至有的地方没有电场线，故两个场源电荷为同种电荷，综上所述该电场线是由两个等量正电荷产生的。故ABC错误，D正确；二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AC【解析】试题分析：导线的粗细相同、材料相同，由电阻定律：可知：导线越长，电阻越大，由：可知：ACB导线电流最小，而ADB导线电流最大，四段导线的有效长度都相同，由F=BIL可知，ADB段受到的安培力最大，而ACB段受到的安培力最小，由左手定

13、则可知，它们的安培力的方向均相同，故AC正确，BD错误；故选AC考点：电阻定律；安培力【名师点睛】本题考查电阻定律与欧姆定律的应用，掌握左手定则及安培力大小表达式，注意理解有效切割长度是解题的关键8、BD【解析】由题中“一个带负电的小金属环套在粗糙绝缘细杆AB上”可知，本题考查库仑定律、能量守恒定律，根据电场力做功情况、能量守恒和动能定理可分析本题。【详解】A小环上滑过程中所受的库仑力是变化的，合力是变化的，由牛顿第二定律知小环的加速度是变化的，不可能做匀变速运动，故A错误；B由于OA=OB，A、B两点的电势相等，对于上滑过程，电场力做功为零，由动能定理得即下滑过程有由此可得所以上滑过程的平均

14、速度大于下滑过程的平均速度，因此小环上滑时间小于下滑时间，故B正确；C小环下滑过程中，电场力做功为零，所以电势能变化量为零，则重力势能转化为内能和动能，所以消化下滑过程中，减少的重力势能大于摩擦产生的内能，故C错误；D从A点出发再回到A点的过程中，重力和电场力做功均为零，由动能定理可知，小环克服摩擦力做功等于小环损失的动能，故D正确。9、BD【解析】A. 电子从P到C的过程电场力做功为6 eV，即 ，所以，已知BB上的电势为0 V 则平面AA上的电势为-3V，故A错误；B.根据匀强电场电场强度公式可知，故B正确；C. 已知BB上的电势为0 V，根据可知该粒子经过平面BB时的电势能为0eV，故C

15、错误D.粒子运动过程中只有电场力做功，使得动能和电势能之间相互转化，所以粒子的动能与电势能之和不变，故D正确10、AD【解析】解：AB，由题，q1、q2是两个等量的正电荷，作出中垂线CD上电场线如图，根据顺着电场线电势降低，可知正电荷q由C点沿CD移至无穷远的过程中，电势不断降低，电场力做正功，其电势能不断减小故A正确，B错误CD、根据电场的叠加可知，C点的场强为零，而无穷远处场强也为零，所以由C点沿CD移至无穷远的过程中，场强先增大，后减小，q受到的电场力先逐渐增大，后逐渐减小故C错误，D正确故选AD【点评】对于等量同种和等量异种电荷电场线、等势面的分布情况要掌握，这是考试的热点特别是抓住电

16、荷连线的中垂线电场线与等势面的特点三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、（1）50.15 （2）4.700 （3）120 （4）D 【解析】（1）由图示游标卡尺可知，其示数为：50mm+30.05mm=50.15mm；（2）由图示螺旋测微器可知，其示数为：4.5mm+20.00.01mm=4.700mm；（3）用多用电表的电阻“10”挡粗测电阻，由图丙所示表盘可知，该电阻的阻值约为1210=120（4）电源电动势为4V，电压表应选V1，电路最大电流约为：I=UR=3120A=0.025A=25mA ，电流表应选A2，为方便实验操作，滑动变

17、阻器应选R1，待测电阻阻值大于滑动变阻器最大阻值，滑动变阻器采用分压接法，电压表内阻远大于待测电阻阻值，电流表采用外接法，故选D点睛：本题考查了游标卡尺、螺旋测微器与欧姆表的读数，考查了实验器材的选择、设计实验电路图；应根据电源电动势大小或待测电阻的额定电压来选择电压表量程，根据通过待测电阻的最大电流来选择电流表的量程；当待测电阻阻值远小于电压表内阻时，电流表应选外接法；当滑动变阻器最大阻值远小于待测电阻值时或要求电流从零调时，滑动变阻器应用分压式；当实验要求电流从零调或要求测得多组数据或变阻器的全电阻远小于待测电阻时，变阻器应采用分压式接法，应选择阻值小的变阻器以方便调节12、A【解析】本题

18、考查多用电表欧姆档的使用【详解】由表盘示数可知指针太靠右了，要让指针往左边靠一靠，应该换更低的档位，原来是“10”挡，则现在应该换成“1”挡，故本题选A。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、【解析】设小球在最高点时的速度为，根据牛顿第二定律有：，设小球在最低点时的速度为，管壁对小球的作用力为F，根据牛顿第二定律有：，小球从最高点运动到最低点的过程中只有重力做功，故机械能守恒，则，联立解得：，由牛顿第三定律得小球在最低点时对管壁的作用力大小。14、 (1)0.4m；(2)B(22+2)10-2T【解析】画出粒子的运动轨迹如图（1）粒子在电场中做类平抛运动，设粒子在电场中运动的时间为t，粒子经过y轴时的位置与原点O的距离为y在x轴方向，粒子做匀加速运动，粒子到达y轴时，在x轴方向的位移为：x=12at2粒子的加速度为：a=qEm在y轴方向，粒子做匀速运动，粒子到达y轴时，在y轴方向的位移为：y=v0t由以上方程解得：y=0.40m（2）粒子经过y轴时在电场方