沈阳市第一三四中学2023学年物理高二第一学期期中质量跟踪监视试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷注意事项：1 答题前，考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚，将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。2选择题必须使用2B铅笔填涂；非选择题必须使用05毫米黑色字迹的签字笔书写，字体工整、笔迹清楚。3请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效。4保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、用电场线能很直观、很方便地比较电场中各点场强的强弱如图中甲是等量异种点电荷形成电场的电场线

2、，图乙是场中的一些点：O是电荷连线的中点，E、F是连线中垂线上相对O点对称的两点，B、C和A、D也分别相对O点对称则（ ）AB，O，C三点比较，O点场强最强BE，O，F三点比较，O点场强最强CB，O，C三点比较，O点电势最高DA，O，D三点比较，O点电势最高2、如图，在x0、y0的空间中有恒定的匀强磁场，磁感应强度的方向垂直于xOy平面向里，大小为B，现有一质量为m、电荷量为q的带正电粒子，在x轴上到原点的距离为x0的P点，以平行于y轴的初速度射入此磁场，在磁场作用下沿垂直于y轴的方向射出此磁场不计重力的影响由这些条件可知A不能确定粒子通过y轴时的位置B不能确定粒子速度的大小C不能确定粒子在磁

3、场中运动所经历的时间D以上三个判断都不对3、从同一高度以不同的速度水平抛出的两个物体落到水平地面的时间A速度大的时间长B速度小的时间长C落地时间相同D由质量大小决定4、如图所示，正点电荷电场中有A、B两点，将一电荷量q3.21019C的检验电荷从电场中的A点移至B点，电场力做功W6.41020J，则A、B两点间的电势差U等于()A0.5 VB0.2 VC5 VD2 V5、如图所示,电源电动势为E,内电阻为r,平行板电容器两金属板水平放置,开关S是闭合的,两板间一质量为m、电荷量为q的油滴恰好处于静止状态,G为灵敏电流计则以下说法正确的是( ) A在将滑动变阻器滑片P向上移动的过程中，油滴向上加

4、速运动，G中有从b到a的电流B在将滑动变阻器滑片P向下移动的过程中，油滴向下加速运动，G中有从b到a的电流C在将滑动变阻器滑片P向上移动的过程中，油滴仍然静止，G中有从a到b的电流D在将S断开后，油滴仍保持静止状态，G中无电流通过6、下列各组物理量，在运算过程中都遵循平行四边形定则的是（）A位移、时间、速度B速度、速率、加速度C加速度、位移、速度D路程、时间、位移二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，质量相同的两个带电粒子P、Q以相同的速度沿垂直于电场方向射入

5、两平行板间的匀强电场中，P从两极板正中央射入，Q从下极板边缘处射入，它们最后打在同一点（不计P、Q的重力以及它们间的相互作用），则从开始射入到打到上极板的过程，下列说法中正确的是 A它们运动的时间相等B它们所带的电荷量之比qP：qQ=1：2C它们的电势能减小量之比EP：EQ=1：2D它们的电场力做功之比WP：WQ=2：18、如图所示，三根相互平行的固定长直导线、和两两等距，均通有电流I，中电流力向与中的相同，与中的相反。下列说法正确的是A所受磁场作用力的力向与所在平面平行B所受磁场作用力的方向与所在平面平行C、和单位长度所受的磁场作用力大小之比为l：1：D、和单位长度所受的磁场作用力大小之比为

6、：19、如图所示，平行板电容器、电阻R与电动势为E的直流电源连接，下极板接地一带电油滴位于电容器中的P点且恰好处于平衡状态现将平行板电容器的上极板竖直向上移动一小段距离（ ）A电容器的带电量增大B电阻R中会有从左向右的瞬间电流C两极板间的电场强度减小D带点油滴将沿竖直方向向上运动10、一个用于加速质子的回旋加速器，其核心部分如图所示，D形盒半径为R，垂直D形盒底面的匀强磁场的磁感应强度为B，两盒分别与交流电源相连.设质子的质量为m、电荷量为q，则下列说法正确的是( )AD形盒之间交变电场的周期为B质子被加速后的最大速度随B、R的增大而增大C质子被加速后的最大速度随加速电压的增大而增大D质子加速

7、后可以什么都不改变直接对粒子加速三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）用伏安法测电阻时，已知待测电阻约是10，电流表内阻是1，电压表内阻是5000，若要尽量减小实验的系统误差，则应该采用电流表_法（填“内接”或“外接”），此时测量值比真实值_（填“偏大”或“偏小”）。12（12分）在“探究小车的速度随着时间变化的规律”的实验中，打出的纸带如图所示。已知交流电源的频率为50Hz，A、B、C为计数点，每相邻两个计数点之间还有四个点没有画出，则相邻计数点之间的时间间隔T为_s；打下B点时小车的瞬时速度为_m/s（结果保留两位有效数字）四、

8、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示，电子由静止开始经加速电场加速后，沿两板正中间平行于板面射入偏转电场，电子恰好从下极板的边沿飞出，已知电子质量为m，电荷量为e，加速电场电压为U0，偏转电场可看做匀强电场，极板长度为L，两板间距为d 。求：(1)电子射入偏转电场时初速度v0(2)偏转电场两板间电压U 14（16分）如图所示，在A点固定一正电荷，电荷量为Q，在离A高度为H的C处由静止释放某带同种电荷的液珠，开始运动的瞬间加速度大小恰好为重力加速度g. 已知静电力常量为k，两电荷均可看成点电荷，不计空气阻

9、力（1）求液珠的比荷；（2）求液珠速度最大时离A点的距离h；（3）若已知在点电荷Q的电场中，某点的电势可表示成，其中r为该点到Q的距离(选无限远的电势为零)求液珠能到达的最高点B离A点的高度rB.15（12分）在场强为E的匀强电场中，取O点为圆心，r为半径作一圆周，在O点固定一电荷量为+Q的点电荷，a、b、c、d为相互垂直的两条直线和圆周的交点当把一试探电荷+q放在d点恰好平衡（如图所示，不计重力）（1）匀强电场场强E的大小、方向如何;（2）试探电荷+q放在点c时，受力Fc的大小、方向如何;（3）试探电荷+q放在点b时，受力Fb的大小、方向如何;参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分

10、，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、B【解析】根据等量异种点电荷形成电场的电场线分布的对称性分析对称点场强的大小关系，等量异种点电荷连线的中垂线是一条等势线，沿着电场线电势降低；【详解】A、根据电场线的疏密判断场强的大小，电场线越密，场强越大，电场线越疏，场强越小，由图可知：B、O、C三点比较，O点电场线最稀疏，故其场强最弱；E、O、F三点比较，O点电场线最密，故其场强最强，故选项A错误，B正确；C、沿着电场线电势降低，可知：B、O、C三点比较，B点电势最高，故选项C错误；D、根据等量异种点电荷等势面的分布情况可知：A、O、D三点比较，O点电势不是最高，其电势与

11、A点电势相等，故选项D错误【点睛】本题考查对电场线的掌握，要注意明确通过电场线分析场强大小和电势高低的方法，对于等量异种点电荷和等量同种点电荷的电场线、等势线的分布是考试的热点，要抓住对称性进行记忆2、D【解析】带电粒子以平行于y轴的初速度射入此磁场，在磁场作用下沿垂直于y轴的方向射出此磁场，故粒子在磁场中运动了周期，从y轴上距O为x0处射出，v，回旋角为90.3、C【解析】平抛运动在竖直方向上做自由落体运动，根据：，解得：h相同，则t相同。A速度大的时间长。故A不符合题意。B速度小的时间长。故B不符合题意。C落地时间相同。故C符合题意。D由质量大小决定。故D不符合题意。4、B【解析】试题分析

12、：UAB=WABq=0.2V，所以ACD错误，B正确考点：本题考查电势差与电场力做功关系公式的应用5、A【解析】试题分析：电容器与电阻R、电阻R2相并联后与R1串联，滑片移动，根据电路串并联知识和闭合电路欧姆定律得到导致电容器两端电压变化情况，最终判断油滴受力变化和运动情况解：A、C、粒子原来处于平衡状态，重力和静电力平衡；电容器与电阻R、电阻R2相并联后与R1串联，滑片向上移动，电阻R变大，电路总电阻变大，电流变小，电容器两端电压为：U=EI（r+R1），故电容器两端电压变大，带电量变大，电场力变大，粒子向上加速；电容器充电，故电流从b到a，故A正确，C错误；B、在将滑动变阻器滑片P向下移动

13、的过程刚好与选项A相反，故B错误；D、在将S断开后，电容器通过电阻R2与R1放电，电量减为零，电流沿a至b，故D错误；故选A【点评】本题是电路动态分析问题，关键是理清电路，根据路串并联知识和闭合电路欧姆定律得到各个部分电路电流和电压的变化6、C【解析】A、位移和速度是矢量，运算时遵守平行四边形定则；时间是标量，运算时遵守代数加减法则。故A错误；B、速度和加速度都是矢量，运算时遵守平行四边形定则；速率是标量，运算时遵守代数加减法则。故B错误；C、加速度、位移和速度都是矢量，运算时都遵守平行四边形定则，故C正确；D、位移是矢量，运算时遵守平行四边形定则；路程和时间是标量，运算时遵守代数加减法则。故

14、D错误。故选：C。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AB【解析】垂直电场方向不受力，做匀速直线运动，位移相等，速度相等，由x=vt得知，运动的时间相等，故A正确；平行电场方向受到电场力作用，做初速度为零的匀加速直线运动，根据位移时间关系公式，有：y=12at2，解得：a=2yt2 ，根据牛顿第二定律，有：qE=ma，由两式解得：q=2myEt2 ，所以它们所带的电荷量之比qP：qQ=1：2，故B正确；根据动能定理，有：qEy=Ek，而：qP：qQ=1：2，yP：yQ

15、=1：2，所以电场力做功之比WP：WQ=1：4，它们的电势能减小量之比EP：EQ=1：4，选项CD错误；故选AB.8、AC【解析】本题涉及的内容磁场力的相互作用及力的合成，因为长直导线、和两两等距，均通有电流I，中电流力向与中的相同，与中的相反，所以任意两根导线之间相互作用力磁场力大小相等。与电流方向相同，故二者之间磁场力相互排斥；与、与的电流方向相反，故与、与之间磁场力相互吸引。【详解】根据电流磁场的右手定则和磁场力的左手定则判断，三根通电导线，每个导线所受另外两个导线的力的合力如下图所示AB导线与导线电流方向相同，所以产生相互吸引的磁场力，两个力大小相等，导线与导线电流方向相反，所以产生相

16、互排斥的磁场力，两个力大小相等，因此是导线受合力，是导线受合力，是导线受合力，由受力几何图知，所受磁场作用力的力向与所在平面平行，所受磁场作用力的方向与所在平面不平行，故A正确，B错误； CD 与之间相互排斥力大小若为F，则与之间相互排斥力大小也为F， 与之间相互吸引力大小也为F。 受2个大小相等均为F夹角为1200，可得合力的大小为F，受2个大小均为F二力夹角为1200，可得合力的大小为F；受2个大小均为F 夹角为600，受合力的大小为，所以、和单位长度所受的磁场作用力大小之比为l：1：，故C正确，D错误；故选AC。【点睛】磁场力之间的相互作用，及力的合成。9、BC【解析】A、将平行板电容器

17、的上极板竖直向上移动一小段距离，即极板间距变大，则有电容器的电容减小，由于电容器两板间电压不变，根据Q=UC，因此带电量减小，故A错误B、由图可知，开始时电容器的上极板带正电，且电量减小，所以上极板的正电荷将流回电源的正极，电阻R中会有从左向右的瞬间电流，故B正确C、上极板竖直向上移动一小段距离，即极板间距变大而极板之间的电压不变，由可知两极板间的电场强度减小，故C正确；D、两极板间的电场强度减小，则油滴受到的向上的电场力减小，合力的方向将向下，所以带点油滴将沿竖直方向向下运动故D错误。故选BC10、AB【解析】A使质子每次经过D形盒间缝隙时都能得到加速，应使交变电压的周期等于质子的回旋周期故

18、A正确；BC由得当r=R时，v最大，由此可知质子的最大速度随B、R的增大而增大，与电压无关，故B正确，C错误；D此加速器加速电场周期，加速粒子时，两个周期不同，不能加速粒子，故D错误。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、外 偏小 【解析】本题的关键是根据欧姆定律可知，伏安法实验中，电流表内外接法的选择方法是：若满足RVRxRxRA,电流表应用外接法；若满足RVRxRxRA,电流表应用内接法【详解】根据RVRx=5000RxRA=0.1，可知电流表应用外接法；测量值为R测=UI，真实值 为R真=UI-IV，比较可得R测R真。【点睛】本题关键分析清楚电流表内、外接法的误差来源，然后根据实际数据选择误差较小的接法，注意明确“大内偏大，小外偏小”的正确应用12、0.1 0.50 【解析】交流电的频率为50Hz，则每打两个点之间的时间间隔为0.02s，则每相邻的两个计数点之间还有四个点