重庆市西北狼联盟2023学年高二物理第一学期期中联考模拟试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷考生须知：1全卷分选择题和非选择题两部分，全部在答题纸上作答。选择题必须用2B铅笔填涂；非选择题的答案必须用黑色字迹的钢笔或答字笔写在“答题纸”相应位置上。2请用黑色字迹的钢笔或答字笔在“答题纸”上先填写姓名和准考证号。3保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，在草稿纸、试题卷上答题无效。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图，静电喷涂时，被喷工件接正极，喷枪口接负极，它们之间形成高压电场涂料微粒从喷枪口喷出后，只在静电力作用下向工件运动，最后吸附在工件表面，图中虚线为涂料微粒的运动轨迹

2、下列说法正确的是A涂料微粒一定带正电B图中虚线可视为高压电场的部分电场线C喷射出的微粒动能不断转化为电势能D微粒做加速度先减小后增大的曲线运动2、平行板电容器充电后断开电源，现将其中一块金属板沿远离另一极板的方向平移一小段距离下图表示此过程中电容器两极板间电场强度E随两极板间距离d的变化关系，正确的是()ABCD3、关于能量转化与守恒的理解，下列说法中正确的是A凡是能量守恒的过程就一定会发生B摩擦生热的过程是不可逆过程C热传递的过程不存在方向性D由于能量的转化过程符合能量守恒定律，所以不会发生能源危机4、物体在做平抛运动的过程中，下列哪些量是不变的（ ）A物体运动的加速度B物体的速度C物体竖直

3、向下的分速度D物体位移的方向5、东阳中学马老师用手机计步器记录了自己从家走到学校的情况，如图所示.则下列说法正确的是A图中的用时01:20是时刻B图中的行程6.65千米为位移C图中的速度5.0 km/h为平均速率D图中的速度5.0 km/h为平均速度6、如图所示，质量为M的物块钩在水平放置的左端固定的轻质弹簧的右端，构成一弹簧振子，物块可沿光滑水平面在BC间做简谐运动，振幅为A在运动过程中将一质量为m的小物块轻轻地放在M上，第一次是当M运动到平衡位置O处时放在上面，第二次是当M运动到最大位移处C处时放在上面，观察到第一次放后的振幅为A1，第二次放后的振幅为A2，则（ ）AA1=A2=ABA1A

4、2=ACA1=A2ADA2A1=A二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，直导线处于足够大的磁场中，与磁感线成30角，导线中通过的电流为I，为了增大导线所受的安培力，可采取的办法是( )A增大电流IB增加直导线的长度C使导线在纸面内顺时针转30角D使导线在纸面内逆时针转60角8、关于电动势下列说法中正确的是（ ）A在电源内部把正电荷从负极移到正极，非静电力做功，电能增加B对于给定的电源，移动正电荷非静电力做功越多，电动势就越大C电动势越大，说明非静电力在电源内部

5、把正电荷从负极向正极送单位电荷量做功越多D电动势越大，说明非静电力在电源内部把正电荷从负极向正极移送电荷量越多9、如图，质量为、长为的直导线用两绝缘细线悬挂于，并处于匀强磁场中当导线中通以沿正方向的电流，且导线保持静止时，悬线与竖直方向夹角为则磁感应强度方向和大小可能为A正向，B正向，C负向，D沿悬线向上，10、有一横截面积为S的铜导线，流经其中的电流强度为I，设每单位体积导线有n个自由电子，电子的电荷量为q，此时电子定向移动的速度为v，在t时间里，通过导线横截面的自由电子数目可表示为（ ）ABCD三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6

6、分）用电流表和电压表测定由一节干电池串联组成的电池组(电动势约1.5V，内电阻约1 )的电动势和内电阻，除待测电池组、电键、导线外，还有下列器材供选用：A电流表：量程0.6A，内电阻约1B电流表：量程3A，内电阻约0.2C电压表：量程3V，内电阻约30kD电压表：量程6V，内电阻约60kE滑动变阻器：0100，额定电流0.5AF滑动变阻器：05，额定电流1 A(1)为了使测量结果尽量准确，电流表应选用_，电压表应选用_，滑动变阻器应选用_(均填仪器的字母代号)(2)有甲、乙两个可供选择的电路如图所示，应选_电路进行实验，实验中误差是由于_表的读数比真实值偏_(选填“大”或“小”)而引起的(3)

7、请按(2)问中图乙的电路完成实物连线_.(4)一位同学记录的6组数据见表，试根据这些数据在图中画出UI图象_，根据图象读出电池的电动势E_V，求出电池内阻r_I(A)0.120.200.310.320.500.570U(V)1.371.321.241.181.101.0512（12分）描绘小灯泡的伏安特性曲线实验，（1）下表中的各组数据是在实验中测得的,根据表格中的数据在方格纸上作出该小灯泡的伏安特性曲线_。（2）根据（1）中图像，试估算当小灯泡两端电压为2.2 V时,该灯泡的实际功率为_W.(结果保留2位有效数字)（3）由于电表存在内阻,在同一坐标系中，与灯泡电流真实值对应的伏安特性曲线比（

8、1）中所画的图线位置偏_(选填“高”或“低”)。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）水平面上有电阻不计的U形导轨NMPQ，它们之间的宽度为L，M和P之间接入电动势为E的电源(不计内阻)现垂直于导轨搁一根质量为m，电阻为R的金属棒ab，并加一个范围较大的匀强磁场，磁感应强度大小为B，方向与水平面夹角为且指向右斜上方，如图所示，问：（1）当ab棒静止时，受到的支持力和摩擦力各为多少？（2）若B的大小和方向均能改变，则要使ab棒所受支持力为零，B的大小至少为多少？此时B的方向如何？14（16分）如图所示，电路中E

9、=3V，r=0.5， ，变阻器的最大阻值R=10。（1）在变阻器的阻值R为多大时，变阻器上消耗的功率最大？最大为多大？（2）在变阻器的阻值R为多大时，定值电阻上消耗的功率最大？最大为多大？15（12分）如图所示，两平行光滑导轨相距为0.2m，处于一匀强磁场中.金属棒MN的质量为m=0.01，电阻R=8，水平放置在导轨上并与导轨接触良好.匀强磁场的磁感应强度B大小为0.8T，方向竖直向下.电源电动势E为10V，内阻r=1当开关S闭合时，MN处于静止状态.(设=45，g = 10m/s2)求：（1）金属棒MN受到的安培力多大？（2）变阻器R1此时的电阻值为多少？参考答案一、单项选择题：本题共6小题

10、，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】A、由图知，工件带正电，则在涂料微粒向工件靠近的过程中，涂料微粒带负电，故A错误；B、由于涂料微粒有初速度，初速度和电场力不一定方向相同，则有涂料微粒的运动轨迹不一定沿电场线方向运动，故B错误；C、涂料微粒所受的电场力方向向左，其位移方向大体向左，则电场力对涂料微粒做正功，其动能增大，电势能减小，故C错误；D、根据电场强度的分布可知，所受电场力先减小后增大，微粒做加速度先减小后增大的曲线运动，故D正确；故选D。2、C【解析】根据电容器公式C=S4kd可知，d变大，则C变小，且成反比，所以A错充好电之后断开

11、电源，则Q保持不变，所以B错根据C=QU可知，C变小，Q不变，所以U应变大，所以D错C=S4kd=QU可得SU4kd=Q，即E保持不变3、B【解析】能量守恒的过程在传递能量的时候也需要考虑能量传递的方向性，因此不一定发生，A错误；摩擦生热的过程是不可逆的例如钻木取火，不能用火得到木头符合题意热传递是有方向性的，B正确热量从温度高的物体传向温度低的物体，或从温度高的部分传向温度低的部分C错误；由于能量转移或转化是有方向性的，虽然能量守恒，但是还会产生能源危机D错误4、A【解析】平抛运动的物体加速度不变，A正确；速度的大小方向均不断变化，竖直向下的分速度逐渐变大，位移的方向也不断变化，BCD不正确

12、5、C【解析】从图片中可以看出，东阳中学的马老师，耗时1h20min，行走8861步，走过的路程为6.65千米，平均速率为5.0km/h，故本题选C【点晴】1h20min是一段时间间隔，不是时刻；图片中显示的6.65千米行程，是运动轨迹实际的长度，是路程；平均速度=，平均速率=6、B【解析】试题分析：根据两种情况下系统能量变化的角度分析振幅的变化情况振子运动到C点时速度恰为0，此时放上小物块，系统的总能量即为此时弹簧储存的弹性势能不变，故振幅不变，即；振子运动到平衡位置时速度最大，弹簧的弹性势能为零，放上小物块后，系统的机械能的减小，根据能量守恒定律可得机械能转化为弹性势能总量减小，故弹簧的最

13、大伸长（压缩）量减小，即振幅减小，所以，故，B正确二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、ABD【解析】由公式F=BIL，当增大电流时，可增大通电导线所受的磁场力故A正确；由公式F=BIL，当增加直导线的长度时，可增大通电导线所受的磁场力故B正确；当使导线在纸面内顺时针转30时，导线与磁感线平行，则所受磁场力变为零，故C错误；当使导线在纸面内逆时针转60时，导线有效长度伸长，则所受磁场力变大，故D正确；故选ABD.8、AC【解析】在电源内部把正电荷从负极移到正极非静电力做

14、功，电能增加，电动势表征电源把其他形式的能转化为电能本领的大小；根据电动势的定义式E=分析其意义；电动势等于电源没有接入电路时两极的电压【详解】A、在电源内部非静电力把正电荷从负极移到正极而做功，其他形式的能转化为电能，电能增加，故A正确B、电动势等于电源没有接入电路时两极的电压，故B错误C、D、根据电动势的定义式E=得：W=qE，可知电动势越大，说明非静电力在电源内部把单位正电荷从负极向正极移送做功越多故C正确，D错误故选AC【点睛】本题的解题关键是理解掌握电动势的物理意义、掌握电动势的定义式E=，知道电动势与电源两极间电压的区别9、BC【解析】试题分析：磁感应强度方向为z正方向，根据左手定

15、则，直导线所受安培力方向沿y负方向，则导体不可能处于平衡状态，选项A错误；磁感应强度方向为y正向时，根据左手定则，直导线所受安培力方向沿z正方向，此时细线的拉力为零，由平衡条件得：BIL=mg，解得：B=，选项B正确；磁感应强度方向为z负向时，根据左手定则，直导线所受安培力方向沿y正方向，由平衡条件得：BILcos=mgsin，解得：B=，选项C正确； 当沿悬线向上时，由左手定则可知，安培力垂直于导线斜向左下方，导体不可能处于平衡状态，选项D错误；故选BC.考点：物体的平衡；安培力；左手定则【名师点睛】此题是物体的平衡及安培力的方向判断问题；左手定则和右手定则一定要区分开，如果是和力有关的则全

16、依靠左手定则，即关于力的用左手，其他的（一般用于判断感应电流方向）用右手定则；注意立体图形和平面图形的转化.10、BC【解析】设在t时间内通过横截面积的电子数目为N，因为可知N=nSvt=AC正确三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、A C F 电流 偏小 乙 1.45 0.69 【解析】(1)根据实验记录的数据可知最大电流为0.57A，为准确测量，电流表应选A；电源电动势约为1.5V，为了安全电压表应选3V,量程的C，因电源的内阻太小，内阻占的电压太小，为了让外电压明显变化且方便实验操作，滑动变阻器应选小电阻(5)的F.(2)测量干电池

17、的电动势和内阻的时候，由于内阻很小，为了减小内阻的测量误差，我们选用的是电流表的内接法可减小系统误差，即选乙电路，误差来源为因电压表的分流使得电流表读干路电流偏小引起的.(3)测量电路为电流表的内接法和滑动变阻器的限流式，实物连线如图所示：(4)根据表中实验数据在坐标系内描出对应的点，用平滑的倾斜直线连结各点，如图所示：由图象结合可知，图象的纵截距为电动势E=1.45V，斜率的绝对值表示内阻，.12、 如图所示： 1.0 低【解析】(1)根据表中实验数据在坐标系内描出对应点，然后根据描出的点作出平滑曲线，图象如图所示：(2)由题意可知，小灯泡两端电压为2.2 V时,流过小灯泡的电流为0.47A，则该灯泡的实际功率为P=UI=2.2v0.47A=1.0W；（3）由于电压表分流，流过小灯泡的实际电流比电流表的示数小，与灯泡电流真实值对应的伏安特性曲线比图中所画的图线位置偏低。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）mg；（2）水平向右【解析】从b向a看其受力如图所示（1）水平方向：fFAsin竖直方向：NFAcosmg又FABILBL联立得：Nmgf（2）使ab棒受支持力为零，且让磁场最小，须使所受安培力竖直向上，则有F