2023学年杭州市采荷中学高二物理第一学期期中统考试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷注意事项:1答题前，考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚，将条形码准确粘贴在条形码区域内。2答题时请按要求用笔。3请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试卷上答题无效。4作图可先使用铅笔画出，确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。5保持卡面清洁，不要折暴、不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、下列说法中正确的是()A在电源内部和外部电路中，正电荷都受静电力的作用，所以能不断地定向移动形成电流B静电力与

2、非静电力都可以使电荷移动，所以本质上都是使电荷的电势能减少C在电源内部正电荷能从负极到达正极是因为电源内部只存在非静电力而不存在静电力D静电力移动电荷做功电势能减少，非静电力移动电荷做功电势能增加2、物理学中引入了“质点”、“点电荷”的概念，从科学方法上来说属于（）A控制变量法B类比C理想化模型D等效替代3、一根玻璃管一端封闭，另一端装有阀门，内有一根羽毛和一枚铜钱.用抽气机把管内的空气抽尽后关闭阀门，再把玻璃管倒过来，它们在下落时A铜钱的加速度大B铜钱运动的时间短C羽毛运动的速度不变D羽毛和铜钱同时到达底部4、若物体在运动过程中受到的合力不为零，则()A物体的动能不可能总是不变的B物体的动量

3、不可能总是不变的C物体的加速度一定变化D物体的速度方向一定变化5、一个电流表的满偏电流Ig=1mA内阻为300，要把它改装成一个量程为10V的电压表，则应在电流表上（ ）A串联一个10000的电阻B并联一个10000的电阻C串联一个9700的电阻D并联一个9700的电阻6、如图所示，物体在恒力F作用下沿光滑水平面前进L，力F的方向与物体运动方向夹角为，物体的质量为m，重力加速度为g在此过程中，下列关于力做功的说法中正确的是（）A力F做功为FLB力F做功为FLcosC重力做功为mgLD合力对物体做功为0二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合

4、题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图，R为热敏电阻（电阻率温度的升高而降底）R1、R2 为定值电阻。闭合电键s 电压表的示数为U，电流表的示数为I；现R所处环境温度降低，电压表的示数改变量的大小为U，,电流表的示数改变量的大小为I，则AU/I 变大BU/I/变大C电阻R的功率变大D电源的总功率变大8、如图所示的是伏安法测电阻的部分电路，开关先后接通a和b时，观察电压表和电流表示数的变化，那么（）A若电压表示数有显著变化，测量R的值时，S应接a，测量值偏小B若电压表示数有显著变化，测量R的值时，S应接b，测量值偏大C若电流表示数有显著变化，测量R的值时，S应

5、接a，测量值偏小D若电流表示数有显著变化，测量R的值时，S应接b，测量值偏大9、如图所示,图中实线是一簇未标明方向的由点电荷产生的电场线,虚线是某一带电粒子通过该电场区域时的运动轨迹,a、b是轨迹上的两点.若粒子在运动中只受电场力作用。下列判断中正确的是( )A带电粒子一定带负电Ba点电场强度大于b点电场强度C粒子在a点的速度大于在b点的速度D粒子在a点的电势能大于在b点的电势能10、绕有线圈的铁芯直立在水平桌面上，铁芯上套着一个铝环，线圈与电源、开关相连，如图所示.线圈上端与电源负极相连，闭合开关的瞬间，铝环向上跳起.若保持开关闭合，则（ ）A铝环跳起到某一高度后将回落B铝环停留在某一高度C

6、铝环不断升高D如果电源的正、负极对调，观察到的现象不变三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）（1）在“测定金属丝的电阻率”实验中，某同学用游标卡尺测了金属丝长度为L=_cm；用螺旋测微器测得金属丝的直径，其示数D=_mm. （2）用多用表测量某元件的电阻，选用“100”倍率的电阻挡测量，发现多用表指针偏转角度过大，因此需选择_倍率的电阻挡(填：“10” 或 “1k”)，并需_（填操作过程）后，再次进行测量，多用表的示数如图所示，测量结果为_.12（12分）在“描绘小灯泡的伏安特性曲线”的实验中，实验室提供了小灯泡（15 V，25 A

7、）、电流表、电压表以及滑动变阻器等实验器材：（1）图甲为实验中某同学连接好的实验电路图，在开关S闭合后，把滑动片P从A向B端移动过程中会观察到电压表读数变_（填“大”或“小”）。（1）某同学由测出的数据画出IU图象，如图乙所示，当小灯泡两端电压为12 V时，小灯泡的电阻值R_ ，此时小灯泡的实际功率P_W。（结果保留两位有效数字）四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示，竖直放置的半圆形光滑绝缘轨道的半径为R，下端与粗糙、绝缘水平面平滑连接，整个装置处于方向竖直向上的匀强电场质量为m、带电荷量为q的物块

8、(可视为质点)从水平面上的A点以一定初速度水平向左运动，沿半圆形轨道恰好能通过最高点C.已知物块与地面间动摩擦因数为0.2，电场强度大小为E(Eq0.5mg，g为重力加速度) (1)物块经过C点的速度大小；(2) A、B间距离；(3)物块离开轨道落回水平面的水平飞行距离14（16分）如图所示，空间存在着强度方向竖直向上的匀强电场，在电场内一长为l的绝缘细线，一端固定在O点，一端拴着质量m、电荷量q的小球现将细线拉直到水平位置，使小球由静止释放，当小球运动最高点时细线受到的拉力恰好达到它能承受的最大值而断裂求：小球运动最高点时的速度；细线能承受的最大拉力；从断线开始计时，在时刻小球与O点的距离1

9、5（12分）一竖直悬挂的弹簧振子，下端装有一记录笔，在竖直面内放置有一记录纸，当振子上下振动时，始终保证以速率v水平向左匀速拉动记录纸，通过纸移动的空间距离间接反映运动时间的方法，记录振子的运动。记录笔在纸上留下如图17所示的图像，已知该图像是经过一定的平移操作后是一个正弦函数图像。记录笔与记录纸之间的摩擦和空气阻力都可忽略不计。y1、y2、x0、2x0为纸上印迹的已知位置坐标。（1）写出振子的平衡位置的纵坐标yC；（2）求振子振动的周期T，并给出一个类似本题记录振动的方法的应用；（3）若记录笔与记录纸之间的摩擦力和空气阻力很小但不可忽略，在答题纸相关区域定性画出记录纸上可能出现的图线；参考答

10、案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】A在电源内部，正电荷要受到静电力和非静电力作用，从负极移动到正极，故A错误；B非静电力克服电场力做功，把其它形式的能转化为电势能，静电力移动电荷做功电势能减少，故B错误，D正确C在电源内部正电荷能从负极到正极同时受到静电力和非静电力作用，故C错误故选D.2、C【解析】“质点”、“点电荷”等都是为了研究问题简单忽略了大小和形状而引入的理想化的模型，所以它们从科学方法上来说属于理想模型，故C正确，ABD错误【点睛】理想化的模型是实际物体的简化处理，物理上研究的方法很多，我们在学习

11、物理知识的同时，更要学习科学研究的方法物理学中引入了“质点”、“点电荷”等概念，都是在物理学中引入的理想化的模型，是众多的科学方法中的一种3、D【解析】把管内的空气几乎抽尽，羽毛、铜钱都只受重力作用，下落加速度均为g，经过相同时间，物体的速度为v=gt，g相同，v一样大，即下落一样快，所以铜钱和羽毛同时落到底端。A铜钱的加速度大，与结论不相符，选项A错误；B铜钱运动的时间短，与结论不相符，选项B错误；C羽毛运动的速度不变，与结论不相符，选项C错误；D羽毛和铜钱同时到达底部，与结论相符，选项D正确；4、B【解析】合力不为零，但力不一定做功，故动能可能不变，如匀速圆周运动，故A错误；合力不为零则冲

12、量一定不为零，由动量定理可知，物体的动量一定会发生变化，故B正确；合外力不为零，则由牛顿第二定律可知有加速度，但若力恒定则加速度不变，故C错误；若加速度与速度方向在同一直线上，则物体的速度方向可以不变，故D错误所以B正确，ACD错误5、C【解析】试题分析：改装电压表需要串联一个电阻进行分压，所以BD错误，根据欧姆定律可得：，即，解得故选C，考点：考查了电压表的改装原理点评：电流表串联电阻起分压作用为电压表，电压表串联电阻为总电阻减去电流表的内阻总电阻=量程除以满偏电流6、B【解析】对物体进行受力分析，受重力、支持力、拉力F，由做功公式可求得拉力及合力所做的功【详解】A、根据题意及功的公式可得：

13、力F对物体所做的功：W=FLos，故A错误，B正确；C、重力在竖直方向，位移在水平方向，故重力不做功，故C错误；D、物体受到重力、支持力、拉力F，其中重力和支持力都不做功，只有拉力做功，所以合力对物体做的功等于拉力做的功，即为FLos，故D错误故选B【点睛】功的计算中要注意功等于力与在力的方向上发生的位移，求合力做的功时可以先求出各个力做的功，再求其代数和，也可以先求出合力，再求合力做功二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AC【解析】当环境温度降低时，R的电阻增大，电

14、阻R与R1并联的电阻增大，根据欧姆定律可知等于R与R1并联的总电阻，所以变大，故A正确；根据闭合电路欧姆定律得：U=E-I（R2+r），可知，因为不变，故B错误； 根据串联电路分压规律知U增大，则电阻R1的功率变大，故C正确；电源的总功率P=EI，I减小，则电源的总功率变小，故D错误。所以AC正确，BD错误。8、AD【解析】AB.电压表示数有明显变化，说明电流表内阻较大，分压较大，应采用电流表外接法，即S接a，可减小误差，此时电流偏大，测量值偏小，故A正确B错误。CD. 电流表示数有明显变化，说明电压表内阻较小，分流较大，应采用电流表内接法，即S接b，可减小误差，此时，电压表示数偏大，电阻测量

15、值偏大，故C错误D正确。9、BC【解析】从图中可以看到，粒子的运动轨迹向左弯曲，说明粒子受到的电场力大体向左，电场线方向不明，无法判断粒子的电性；根据电场线疏密程度判断电场的强弱；根据电场力做功情况，判断动能和电势能的变化当电场力做正功时，电荷的电势能减小，动能增大；当电场力做负功时，电荷的电势能增大，动能减小【详解】A.由图，粒子的运动轨迹向左弯曲，说明粒子在a、b两点受到的电场力沿电场线向左。由于电场线方向不明，无法确定粒子的电性。故A错误；B.电场线疏密表示电场的强弱，由图可知，a点电场强度大于b点电场强度，故B正确；CD.由于粒子在a、b两点受到的电场力沿电场线向左，故从a到b电场力对

16、粒子做负功，粒子的动能减小，电势能增大，则粒子在a点的速度较大，在b点电势能较大。故C正确，D错误。故选：BC.10、AD【解析】ABC.闭合开关的瞬间，线圈突然产生磁场（假设磁场向上），通过铝环的磁通量突然（向上）增加，那么铝环中的感应电流就产生与原磁场方向相反的磁场（感应电流的磁场向下）；因为原磁场与感应电流的磁场方向相反，相互排斥，所以铝环受到向上的斥力，铝环向上跳起；若保持开关闭合，流过线圈的电流稳定，磁场不再发生变化，铝环中没有感应电流，也没有相互作用，铝环仅受重力作用，最后回落，故A正确，B、C错误.D.如果电源的正、负极对调，观察到的现象不变，故D正确.三、实验题：本题共2小题，

17、共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、 10.02 0.900 10 欧姆调零 70【解析】（1）游标卡尺的固定刻度读数为10cm，游标尺上第2个刻度游标读数为：0.12mm=0.2mm=0.02cm，所以最终读数为：10cm+0.02cm=10.02cm；螺旋测微器的固定刻度读数为0.5mm，可动刻度读数为0.0140.0mm=0.400mm，所以最终读数为：0.5mm+0.400mm=0.900mm。（2）偏角大说明阻值小，要换较小挡：为10，换档后要重新欧姆调零示数为：1310=130。12、（1）大，（1）33，292【解析】试题分析：（1）由图示电路图可

18、知，在开关S闭合之前，应把滑动变阻器的滑动片P移到A端；实验中滑动片P从从A向B端移动过程中会观察到电压表读数变大（1）由图象可知，当U=12V时，对应的电流为：I=235A，则小灯泡的电阻值为：R=2.00.454.4，灯泡的实际功率为：P=UI=12235=292W；考点：描绘小灯泡的伏安特性曲线【名师点睛】本题应明确：若要求电流从零调或变阻器的全电阻远小于待测电阻时，变阻器应用分压式接法；涉及到图象问题，可以表示出纵轴物理量与横轴物理量的函数表达式，然后再根据斜率和截距的概念讨论即可。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）；（2）17.5R；（3）2R 【解析】（1）半圆形轨道恰好能通过最高点C，对C点解得（2）从AC过程解得（3）物块离开轨道落回水平面做类平抛运动水平飞行距离14、（1）；（2）6mg；（3）【解析】试题分析:（1）设小球运动到最高点时速度为v，只有重力和电场力做功，弹力不做功对该过程由动能定理有， （2分）解得（1分）（2）在最高点，小球受三个力作用