广东名校三校联考2023学年物理高二第一学期期中监测试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷注意事项1考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回2答题前，请务必将自己的姓名、准考证号用05毫米黑色墨水的签字笔填写在试卷及答题卡的规定位置3请认真核对监考员在答题卡上所粘贴的条形码上的姓名、准考证号与本人是否相符4作答选择题，必须用2B铅笔将答题卡上对应选项的方框涂满、涂黑；如需改动，请用橡皮擦干净后，再选涂其他答案作答非选择题，必须用05毫米黑色墨水的签字笔在答题卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律无效5如需作图，须用2B铅笔绘、写清楚，线条、符号等须加黑、加粗一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题

2、目要求的。1、下列现象中，最能恰当地说明分子间有相互作用力的是（ ）A气体容易被压缩B高压密闭的钢管中的油从筒壁渗出C两块纯净的铅块紧压后合在一起D滴入水中的墨汁微粒向不同方向运动2、如图，在匀强电场中有一个质量为m的带电量为q的小球A悬挂在绝缘细线上，当小球静止时，细线与竖直方向成30角则该电场电场强度的最小值为（ ）ABCD3、一段通电直导线,长度为l,电流为I,放在同一个匀强磁场中,导线和磁场的相对位置如图所示的四种情况下,通电导线所受到的安培力的大小情况将是()A丙的情况下，导线不受力B乙的情况下，导线都不受力C甲、乙、丁情况下，导线所受安培力大小都相等D丙和丁的情况下,导线所受到的安

3、培力都大于甲的情况4、在测定电源电动势和内阻的实验中，进行数据处理时的作图，正确做法是（ ）A横坐标I的起点一定要是零B纵坐标U的起点一定要是零C使表示实验数据的点尽可能地集中在一边D使表示实验数据的点尽可能地布满整个图纸5、如图所示，a、b、c、d一个矩形的四个顶点.匀强电场与矩形所在平面平行.已知a点的电势为14V，b点的电势为18V，d点的电势为2V，由此可知c点的电势为（ ）A6VB8VC10VD14V6、如图所示的电路中，电源的电动势为E和内阻r恒定不变，电灯L恰能正常发光，如果变阻器的滑片向b端滑动，则（）A电灯L更亮，安培表的示数减小B电灯L更亮，安培表的示数增大C电灯L变暗，安

4、培表的示数减小D电灯L变亮，安培表的示数不变二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、一电池外电路断开时的路端电压为3V，接上8的负载后路端电压降为2.4V，则可以判定电池的电动势E和内阻r分别为（）AE=3VBr=1Cr=2DE=2.4V8、如图所示,MNPQ为有界的竖直向下的匀强电场,电场强度为E,ACB为光滑固定的半圆形轨道,圆轨道半径为R,A、B为圆水平直径的两个端点,ACB为圆弧.一个质量为m、电荷量为-q的带电小球,从A点正上方高为H处由静止释放,并从A点沿切线

5、进入半圆轨道.不计空气阻力及一切能量损失,关于带电小球的运动情况,下列说法正确的是( ) A小球再次到达C点的速度可能为零B小球一定能从B点离开轨道C小球在AC部分可能做匀速圆周运动D当小球从B点离开时,上升的高度一定等于H9、如图所示，竖直向上的匀强电场中，一竖直绝缘轻弹簧的下端固定在地面上，上端连接一带正电小球，小球静止时位于N点，弹簧恰好处于原长状态保持小球的带电量不变，现将小球提高到M点由静止释放则释放后小球从M运动到N过程中A小球的机械能与弹簧的弹性势能之和保持不变B小球重力势能的减少量等于小球电势能的增加量C弹簧弹性势能的减少量等于小球动能的增加量D小球动能的增加量等于电场力和重力

6、做功的代数和10、如下图所示，电路中A、B为两块竖直放置的金属板，C是一只静电计，开关S合上后，静电计指针张开一个角度，下述做法可使静电计指针张角增大的是( )A使A、B两板靠近一些B断开S后，使A板向左平移一些C断开S后，使B板向左平移一些D断开S后，使A、B正对面积减小一些三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）电子线路制作中常用到覆铜板，覆铜板是将补强材料浸以树脂，一面或两面覆以铜箔，经热压制成的一种板状材料，称为覆铜箔层压板。它是做PCB的基本材料，常叫基材。小明同学是电子制作爱好者，他想运用所学的物理知识来测量覆铜板导电铜膜

7、的厚度，于是他从资料上査得导电铜膜的电阻率为，并利用下列器材完成了这个实验：A电源E（电动势为6V，内阻不计）B长度L约1m、宽度约1cm的长方形覆铜板一块，两个粗铜条A、B（平行放置在覆铜板上，与导电铜板接触良好，用作电极）C滑动变阻器R（阻值010）D毫米刻度尺和游标卡尺E电压表（量程为3V，内阻很大）F电流表（量程为0.6A，内阻约5）G开关K，导线若干（1）请完成图中的实物连线，要求测量电压从0开始变化；_（2）小明在接通电路之前，先用游标卡尺测得覆铜板宽度d，然后用毫米刻度尺量出两电极A、B间的距离L；（3）取横坐标为U，纵坐标为I，把实验中测得的6组电流I、电压U的值描点连线，为一

8、条过原点的直线，求得该直线的斜率为k；（4）计算导电铜膜厚度h的公式是_ 。（用、d、L、k表示）12（12分）在做测干电池的电动势和内电阻的实验时，备有下列器材选用：A干电池一节（电动势约为 1.5V）B直流电流表（量程 0-0.6-3A）C直流电压表（量程 0-3-15V）D滑动变阻器 （阻值范围 0-15，允许最大电流 lA）E电键F导线若干根G电池夹（1）将选定的器材按本实验要求的电路，在方框内画出实验电路图。（_）（2）根据实验记录，画出的 U-I 图象如图所示，可得待测电池的电动势为_V，内电阻 r 为_。（结果保留三位有效数字）四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡

9、中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示，一平行板电容器接在U11 V的直流电源上，电容C3.01010F，两极板间距离d1.10103m，取g10 m/s1求：(1)该电容器所带电荷量(1)若板间有一带电微粒，其质量为m1.0103kg，恰在板间处于静止状态，则微粒带电荷量多少？带何种电荷？14（16分）如图所示，把质量为克的带电小球A用丝线吊起，若将带电量为4108C的正电小球B靠近它，当两小球在同一高度相距3cm时，丝线与竖直夹角为30，（A、B都可视为点电荷，取g=10m/s2，k=9.0109Nm2/kg2）求：（1）此时小球A受到的库仑力大小

10、和方向？（2）小球A带的电量qA？15（12分）如图所示，在匀强电场中，将一电荷量为210-5C的负电荷由A点移到B点，其电势能增加了0.001J，已知A、B两点间距离为4cm，两点连线与电场方向成60角，求：A、B两点间的电势差UAB；该匀强电场的电场强度E参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】A中说明气体分子间的距离比较大，A错误，高压密闭的钢管中的油沿筒壁逸出，说明分子之间有间隙，故选项B错误；将两块表面干净、平整的铅压紧，两块铅就结合在一起说明由于分子引力两个铅块粘在了一起，故选项C正确；滴入水中的

11、墨汁微粒向不同方向运动说明了分子的无规则运动，D错误，【点睛】（1）组成物质的分子在不停的做无规则运动，分子的运动与温度有关，称为热运动；（2）分子间存在间隙，有相互作用的引力和斥力；（3）不同的物质相互接触时，彼此进入对方的现象叫做扩散，扩散发生在固体、液体和气体之间2、A【解析】根据题意可知，绳的拉力与电场力的合力与重力等大反向，所以当电场力方向与绳的拉力方向垂直时，最小电场力的最小值为 ，所以场强的最小值为A. 与计算结果相符，故A正确。B. 与计算结果不符，故B错误。C. 与计算结果不符，故C错误。D. 与计算结果不符，故D错误。3、B【解析】当通电直导线与磁场垂直时，此时受到的安培力

12、为F=BIL，当通电直导线与磁场平行式，不受安培力作用，此时为零。【详解】在图甲、丙、丁中，通电直导线都与磁场垂直，故受到的安培力为F=BIL，相等；在乙图中，通电直导线与磁场平行，故受到的安培力为0，故B正确，ACD错误。故应选：B。【点睛】该题考查安培力的大小，注意安培力表达式的长度为有效长度，即垂直于磁感线的长度即可判断。4、D【解析】根据实验得到的数据，要尽可能多的把图像占满坐标纸，纵截距表示电动势，斜率表示内阻，所以不必要横纵坐标一定要从零开始5、A【解析】由于在匀强电场的同一条直线上，由知在相等距离上的两点之间的电势差相等，即即代入数据解得：故A正确。6、A【解析】据题意，当滑片向

13、b端移动，滑动变阻器的电阻增大，则整个电路总电阻增大，据闭合电路欧姆定律可知总电流I将减小，内电压减小而外电压增大，故灯泡变亮，而电流表示数减小。故选A。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AC【解析】试题分析：电源的电动势等于外电路断开时电源两极间的电压电源接上8的负载电阻后路端电压降为2.4V，根据欧姆定律利用比例法求出电源的内电阻电池外电路断开时的路端电压为3V，则电池的电动势为E=3V当电源接上8的负载电阻后路端电压降为2.4V，则电路中电流为，得内阻，故AC

14、正确8、CD【解析】当小球的重力与电场力平衡，小球进入轨道，靠弹力提供向心力，做匀速圆周运动根据动能定律判断上升的高度与H的关系通过假设法判断小球到达C点的速度能否为零，若能为零，根据动能定理知，电场力做功做功等于重力做功，则电场力大于重力，无法做圆周运动【详解】A、若小球到达C点的速度为零，由动能定理得，小球所受电场力大于重力，则小球不可能沿半圆轨道运动，所以小球到达C点的速度不可能为零，A错误；B、由于题中没有给出H与R、E的关系，所以小球不一定能从B点离开轨道，B错误；C、若重力大小等于电场力，小球在AC部分做匀速圆周运动，C正确；D、若小球能从B点离开轨道，由于小球在AB部分电场力做功

15、为零，所以若小球能从B点离开，上升的高度一定等于H，D正确故选CD【点睛】本题考查了带电小球在电场和重力场中的运动，综合运用了动能定理、牛顿第二定律等知识，综合性强，对学生的能力要求较高9、BC【解析】A、由于有电场做功，故小球的机械能不守恒，小球的机械能与弹簧的弹性势能之和是改变的，故A错误B、由题意，小球受到的电场力等于重力在小球运动的过程中，电场力做功等于重力做功，小球从M运动到N过程中，出现的是重力势能减小转化为电势能，故B正确；C、释放后小球从M运动到N过程中，弹力做正功，弹簧弹性势能的减少量等于小球动能的增加量，故C正确D、在小球运动的过程中，电场力做的负功等于重力做的正功，二者的

16、和是1故D错误故选BC10、BD【解析】A.静电计指针张开角度反应了电容器两极板间的电压大小，开关S合上后，电容器的电压U不变，使A、B两板靠近一些不会使静电计指针张角增大，选项A错误；B. 断开S后，电容器的电量Q不变。使A板向左平移一些， d增大，C减小，又，所以U增大，静电计指针张角增大，选项B正确；C. 断开S后，使B板向左平移一些，根据，d减小，C增大，所以U减小，静电计指针张角减小，选项C错误；D. 断开S后，使A、B正对面积减小一些，根据，S减小，C减小，所以U增大，静电计指针张角增大，选项D正确。故选BD。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要

17、求写出演算过程。11、 【解析】（1）要求测量电压从0开始变化，控制电路采用分压式；因为电铜膜电阻较小，测量电路采用电流表的外接法。故实物连接如图：（2）IU图象是直线，该直线的斜率为k，则，又；联立解得： 点睛：控制电路采用分压式还是限流式，测量电路采用电流表的外接法还是内接法是分析电路图及实物连接的关键。12、 1.45 0.692 【解析】(1)1待测电源内阻较小，为减小测量误差，应用伏安法测电源电动势与内阻时，相对于电源来说，电流表应采用外接法，用电压表测路端电压，用电流表测电路电流，实验电路图如图所示(2)23U-I图象中图象与纵坐标的交点表示电源的电动势，由图可知，电源的电动势为E

18、=1.45V，U-I图象斜率绝对值表示电源内阻，所以待测电池的内阻四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）3.6109C （1）1.0106C 微粒带负电荷【解析】(1)由公式CQCU3101011 C3.6109 C.(1)若带电微粒恰在极板间静止，则qEmg，而E解得qC1.0106 C微粒带负电荷14、 (1) 库仑力为，方向水平向左，指向带正电的小球B (2) 小球A带的电量为【解析】（1）A处于平衡状态，所受合外力为零，根据平行四边形定则有：库仑力所以方向水平向左，指向带正电的小球B（2）根据库仑定律有小球A带的电