廊坊市重点中学2023学年物理高二第一学期期中考试模拟试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷注意事项:1答题前，考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚，将条形码准确粘贴在条形码区域内。2答题时请按要求用笔。3请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试卷上答题无效。4作图可先使用铅笔画出，确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。5保持卡面清洁，不要折暴、不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，平行板电容器的两极板A、B接在电池的两极，一带正电的小球悬挂在电容器内部，闭合开关S，给电容器充电，

2、稳定后悬线偏离竖直方向的夹角为，则（ ）A若保持开关S闭合，A极板向B极板靠近，则减小B若保持开关S闭合，A极板向B极板靠近，则不变C若开关S断开，A极板向B极板靠近，则不变D若开关S断开，A极板向B极板靠近，则增大2、下列物理量中，属于矢量的是 （ ）A电势B电压C电势能D电场强度3、关于电流的方向，下列描述正确的是()A规定正电荷定向移动的方向为电流的方向B规定自由电荷定向移动的方向为电流的方向C在金属导体中，自由电子定向移动的方向为电流的方向D在电解液中，由于正、负离子的电荷量相等，故无电流4、如图所示，甲、乙两人静止在光滑的冰面上，甲沿水平方向推了乙一下，结果两人向相反方向滑去。已知甲

3、的质量为45kg，乙的质量为50kg。则下列判断正确的是A甲的速率与乙的速率之比为1：1B甲的加速度大小与乙的加速度大小之比为9：10C甲对乙的冲量大小与乙对甲的冲量大小之比为1：1D甲的动能与乙的动能之比为1： 15、在一个等边三角形ABC顶点B、C处各放一个点电荷时，测得A处的电场强度大小为E，方向与BC边平行沿B指向C如图所示，拿走C处的点电荷后，A处电场强度的情况将是（）A大小仍为E，方向由A指向BB大小变为，方向不变C大小仍为E，方向沿BA方向D无法确定6、如图所示虚线为一组间距相等的同心圆，圆心处固定一带正电的点电荷，一带电粒子以一定初速度射入电场，实线为粒子仅在电场力作用下的运动

4、轨迹，三点是实线与虚线的交点，则该粒子（）A带负电B在点受力最大C在点的电势能小于在点的电势能D由点到点的动能变化大于由点到点的动能变化二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、导线中带电粒子定向移动形成电流。带电粒子定向运动时所受洛伦兹力的矢量和，在宏观上表现为导线所受的安培力。如图所示，设导线中每一个带正电粒子定向运动的速度都是v，单位体积的粒子数为n，粒子的电荷量为q，导线的横截面积为s，磁感应强度为B，方向垂直纸面向里，下列说法正确的是 A题中导线受到的安培力方向可

5、以用安培定则判断B由题目已知条件可以计算通过导线的电流为I=nqsvC每个粒子所受的洛伦兹力为F洛=qvB，通电导线所受的安培力为F安=nqvBD改变条件，若带电粒子所受到的洛伦兹力反向，则安培力同时反向8、2019年春节期间，中国科幻电影流浪地球热播，影片中为了让地球逃离太阳系，人们在地球上建造 特大功率发动机，使地球完成一系列变轨操作，假设其逃离过程如图所示，地球现在绕太阳在圆轨道I 上运行，运动到A点加速变轨进入椭圆轨道,在椭圆轨道上运动到远日点B时再次加速变轨，从而摆 脱太阳的束缚，下列说法正确的是A地球从A点运动到B点的时间大于半年B沿椭圆轨道II运行时，由A点运动到B点的过程中，速

6、度逐渐增大C沿椭圆轨道II运行时，在A点的加速度大于在B点的加速度D在轨道I上通过A点的速度大于在轨道上通过A点的速度9、从水平地面上方高h=0.8m处，将a，b两球以v0=3m/s抛出，a球平抛，b球竖直下抛。两球质量相等均为1kg，最后落于同一水平地面上。在此过程中，下列说法正确的是( )A两球落地时动量的大小相等B两球从抛出到落地重力的冲量相等C若b球落地时无能量损失反弹，和地面的相互作用时间为0.1s，则地面对b球的平均作用力大小为110ND若b球落地时无能量损失反弹，和地面的相互作用时间为0.1s，则地面对b球的平均作用力大小为100N10、一个T型电路如图所示,电路中的电阻R1=1

7、0,R2=120，R3=40,另有一测试电源,电动势为100V,内阻忽略不计则()A当cd端短路时,ab之间的等效电阻是40Bab端短路时,cd之间的等效电阻是50C当ab两端接通测试电源时,cd两端的电压为80VD当cd两端接通测试电源时,ab两端的电压为80V三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）（1）在“用打点计时器测速度”实验中，电磁打点计时器和电火花计时器都使用_（填“直流”或“交流”）电源。在我国，电火花打点计时器工作电压为_，两个相邻点的时间间隔为_。（1）如下图为物体做匀加速运动时打点计时器打出的一条纸带，图中相邻的

8、点间还有四个点未画出，已知打点计时器接交流50Hz的电源，则打点计时器打出D点时，物体的速度大小为_m/s，物体运动的加速度大小为_m/s1（计算结果保留两位有效数字）12（12分）一小球做平抛运动的闪光照片的一部分，图中背景方格的边长均为5cm，如果取，那么：(1)闪光频率是_Hz；(2)小球运动中水平分速度的大小_m/s；(3)小球在B点的速度大小为_m/s。（结果均保留两位有效数字）四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示,在xOy平面内,y轴左侧有沿x轴正方向的匀强电场,电场强度大小为E;在0

9、xL的区域内有垂直于xOy平面的匀强磁场,磁感应强度大小不变、方向做周期性变化.一电荷量为q、质量为m的带正电粒子(粒子重力不计),由坐标为(-L,)的A点静止释放.(1)求粒子第一次通过y轴时速度的大小;(2)求粒子第一次射入磁场时的位置坐标及速度;(3)现控制磁场方向的变化周期和释放粒子的时刻,实现粒子能沿一定轨道做往复运动,求磁场的磁感应强度B的大小取值范围.14（16分）如图所示，真空中存在空间范围足够大的、水平向右的匀强电场，在电场中，若将一个质量为m、带正电的小球由静止释放，运动中小球的速度方向与竖直方向夹角恒为37（取sin37=0.6，cos37=0.8），现将该小球从电场中某

10、点P以初速度v0竖直向上抛出，重力加速度为g，求：（1）小球受到的电场力的大小及方向；（2）小球从抛出至最高点的过程中，电场力所做的功；（3）小球从P点抛出后，再次落回到与P点在同一水平面的某点Q时，小球的动能.15（12分）如图所示，在板间距为d、足够大的平行板电容器中，存在竖直向下的匀强电场在平板的内表面贴有特殊薄膜，当带电粒子落在平板上时会显示落点痕迹。在距离上极板d/5处O点有一个静止的中性微粒，由于内部作用，某一时刻突然分裂成两个带电微粒1、 2，其中微粒1获得水平向左的初速度。经过一段时间， 上极板薄膜上离虚线(虚线过O点垂直于极距离为d/5的位置出现落点痕迹A。同一时刻下极板薄膜

11、上也出现落点痕迹B (图中未画出）不计重力和分裂后两微粒间的作用。求:(1)微粒1、微粒2的质量之比(2) A、B两点之间的距离L。参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】若保持开关S闭合，则电容器两端的电压U不变，A极板向B极板靠近时，两极板间的距离d减小，由E=Ud，可知两极板间的电场强度增大，小球受到的电场力增大，则增大，故AB错误；若开关S断开，则电容器所带的电荷量恒定，A极板向B极板靠近时，板间距离减小，根据电容器的决定式：C=S4kd、定义式 C=QU 以及E=Ud，联立可得：E=4kQS，说明电

12、场强度保持不变，则带正电的小球受到的电场力不变，即不变，故C正确，D错误。所以C正确，ABD错误。2、D【解析】A电势只有大小无方向，是标量，选项A错误；B电压只有大小无方向，是标量，选项B错误；C电势能只有大小无方向，是标量，选项C错误；D电场强度即有大小又有方向，是矢量，选项D正确；3、A【解析】规定正电荷定向移动的方向为电流的方向，选项A正确，B错误；在金属导体中，自由电子定向移动的方向为电流的反方向，选项C错误；电解液中，电流的方向与正离子定向移动方向相同，与负离子定向移动方向相反，所以有电流，故D错误；故选A。4、C【解析】甲、乙两人组成的系统动量守恒，以两人组成的系统为研究对象，以

13、甲的速度方向为正方向，由动量守恒定律得：m甲v甲-m乙v乙=0，所以：；故A错误；甲与乙之间的作用力为作用力与反作用力，大小相等，由牛顿第二定律：a=F/m，所以：故B错误；甲、乙两人组成的系统动量守恒，所以分离后二者动量大小相等，方向相反。由动量定理：I=mv=P可知，甲对乙的冲量大小与乙对甲的冲量大小之比为1：1故C正确；动能的表达式：Ekmv2，所以：故D错误。故选C。【点睛】该题考查动量、能量的转化与守恒，题中两人组成的系统动量守恒，由动量守恒定律可以求出两人的速度之比。5、C【解析】由题意可知，两个顶点B、C处各放一个点电荷，测得A处的电场强度大小为E，方向与BC边平行沿B指向C，根

14、据平行四边形定则作出B处点电荷在A处的电场强度EB和C点电荷在A处的电场强度EC的合场强E，由于三角形ABC是等边三角形，所以EB和EC的夹角为120，由几何知识可知，EB=EC=E，B处电荷在A处的电场强度EB的方向由B指向A；当拿走C处的点电荷后，则A处电场强度大小仍为E，方向沿BA方向，故C正确，ABD错误；故选C.6、D【解析】A根据轨迹弯曲方向判断出，粒子在abc的过程中，一直受静电斥力作用，根据同性电荷相互排斥，故粒子带正电荷，A错误；B点电荷的电场强度的特点是离开场源电荷距离越大，场强越小，粒子在c点受到的电场力最小，故B错误；C根据动能定理，粒子由b到c，电场力做正功，动能增加

15、，故粒子在b点电势能一定大于在c点的电势能，故C错误；Da点到b点和b点到c点相比，由于点电荷的电场强度的特点是离开场源电荷距离越大，场强越小，故a到b电场力做功较多，动能变化也大，故D正确。故选D。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BD【解析】导线受到的安培力的方向由左手定则判断，故A错误；电流为：I=Qt=nqsvtt=nqsv，故B正确；粒子所受的洛伦兹力为F洛=qvB，导线长度为L，则其受的安培力为：F=nqLSvB=BIL，故C错误；洛伦兹力方向反向决定了

16、所受到的安培力方向，故D正确。所以BD正确，AC错误。8、AC【解析】A.根据开普勒第三定律a3T2=k，轨道的半长轴大于圆轨道I的半径，可知在轨道上的周期大于1年，故A正确。B.根据开普勒第二定律可知，沿椭圆轨道运行时，由A点运动到B点的过程中，速度逐渐减小，故B错误。C.根据GMr2=a，在A点的加速度大于在B点的加速度，故C正确。D.在A点要点火加速变轨，在轨道通过A点的速度小于轨道通过A点的速度，故D错误。9、AC【解析】A根据机械能守恒定律可知：可知落地的速度大小相等，则两球落地时动量的大小相等，选项正确；B因为竖直下抛的小球落地时间短，由I=mgt可知，竖直下抛的小球落地时重力的冲

17、量小，选项B错误；CD根据机械能守恒定律可知：可得B球落地的速度v=5m/s，则反弹速度也为v=5m/s，与地面作用时，由动量定理：解得FN=110N选项C正确，D正确； 故选AC.10、AC【解析】A当cd端短路时，ab间电路的结构是：电阻R2、R3并联后与R1串联，等效电阻为：R=+R1=40故A正确；B当ab端短路时，cd之间电路结构是：电阻R1、R3并联后与R2串联，等效电阻为：R=+R2=128故B错误；C当ab两端接通测试电源时，cd两端的电压等于电阻R3两端的电压，为：U3=100V=80V故C正确；D当cd两端接通测试电源时，ab两端的电压等于电阻R3两端的电压，为：U3=25

18、V故D错误。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、交流 110V 0.01s 0.96 1.0 【解析】（1）113电磁打点计时器和电火花计时器都使用交流电源；只是电磁打点计时器由学生电源供电，工作电压6V以下，而电火花打点计时器工作电压为110V。已知打点计时器接交流50Hz的电源，两个相邻点的时间间隔为0.01s；（1）4相邻的点间还有四个点未画出，计数点间的时间间隔为：T=0.015=0.1s做匀变速直线运动的物体在某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度，则打点计时器打出D点时，物体的速度大小为：m/s5由匀变速直线运动的推论：

19、可知，加速度为：m/s112、10 1.5 2.5 【解析】(1)1在竖直方向上有则(2)2水平方向匀速运动，有(3)3根据匀变速直线运动中，时间中点的瞬时速度等于该过程的平均速度，则小球在B点竖直分速度大小为所以B点速度为四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、 (1) (2)(L,L) ,方向与x轴正方向成45角斜向上 (3)【解析】试题分析：（1）对于粒子从A点到y轴的过程，运用动能定理求解粒子第一次通过y轴时速度大小；（2）进入0 xL区域间偏转电场时作类平抛运动，由运动的分解法，求出偏转的距离，确定第一次射入磁场时的位置坐标由速度的合成求出粒子第一次射入磁场时的速度（3）在磁场中，粒子做匀速圆周运动，由洛伦兹力提供向心力，求出轨迹半径表达式要实现粒子能沿一定轨道做往复运动，粒子的运动轨迹关于x轴必须对称，根据对称性和几何关系得到轨迹半径的最小值，求得B的最大值，从而求得磁场的磁感应强度B大小取值范围（1）粒子从A点到y轴的过程，根据动能定理得，得；（2）进入区域间偏转电场作类平抛运动，则得， 解得 所以第一次射入磁场时的位置坐标为（L，L）；速度大小，方向与x轴正方向成45角斜向上（3）在磁场中，粒子做匀速圆周运动，根据向心力公式有轨道半径