四川省威远中学2023学年物理高二第一学期期中综合测试模拟试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷考生请注意：1答题前请将考场、试室号、座位号、考生号、姓名写在试卷密封线内，不得在试卷上作任何标记。2第一部分选择题每小题选出答案后，需将答案写在试卷指定的括号内，第二部分非选择题答案写在试卷题目指定的位置上。3考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，一根长度L的直导体棒中通以大小为I的电流，静止在导轨上，已知垂直于导体棒的匀强磁场的磁感应强度为B，B的方向与竖直方向成角。下列说法中正确的是（ ）A导体棒受到磁场力大小

2、为BLIsinB导体棒对轨道压力大小为mg+BLIsinC导体棒受到导轨摩擦力为D导体棒受到导轨摩擦力BLIcos2、两电荷量分别为q1和q2的点电荷固定在x轴上的O、M两点，两电荷连线上各点电势随x变化的关系如图所示，其中C为ND段电势最低的点，则下列说法正确的是()Aq1、q2为等量异种电荷BN、C两点间场强方向沿x轴负方向CN、D两点间的电场强度大小沿x轴正方向先减小后增大D将一正点电荷从N点移到D点，电势能先增大后减小3、如图所示，物体的质量，在的水平面上向右运动在运动过程中它还受到一个水平向左大小为10N的力F，则物体受到的摩擦力是A方向水平向左，大小为20NB方向水平向右，大小为1

3、0NC方向水平向左，大小为10ND方向水平向右，大小为20N4、电场的电场线分布如图所示，电场中A、B两点的电场强度的大小和电势分别用EA、EB和A、B表示，则有 （ ）AEAEB，ABBEAEB，ABCEAEB，ABDEAEB，AB5、如图所示，电源电动势为，内阻为电路中的、分别为总阻值一定的滑动变阻器，为定值电阻，为光敏电阻（其电阻随光照强度增大而减小）当开关闭合时，电容器中一带电微粒恰好处于静止状态下列说法中正确的是（ ）A只逐渐增大的光照强度，电阻消耗的电功率变大，电阻中有向上的电流B只调节电阻的滑动端向上端移动时，电源消耗的功率变大，电阻中有向上的电流C只调节电阻的滑动端向下端移动时

4、，电压表示数变大，带电微粒向下运动D若断开开关，电容器所带电荷量变大，带电微粒向上运动6、如图所示是某款理发用的电吹风的电路图，它主要由电动机M和电热丝R构成。当调节开关S1、S2的通断，可使电动机驱动风叶旋转，将冷空气从进风口吸入，从出风口吹出冷风或热风。已知电吹风的额定电压为220V，吹冷风时的功率为120W，吹热风时的功率为1000W。关于该电吹风，下列说法正确的是（）A电热丝的电阻为55B当开关S2闭合、S1断开时，电吹风吹出热风C当电吹风吹冷风时，电热丝每秒钟消耗的电能为1000JD当电吹风吹热风时，电动机每秒钟消耗的电能为1120J二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分

5、。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、一带电小球在空中由A点运动到B点过程中，受重力、电场力和空气阻力三个力若重力做功为-3J、机械能增加0.5J、电场力做功1J，则小球( )A重力势能减少3JB动能减少2.5JC电势能增加1JD克服空气阻力做功0.5J8、如图所示，在竖直平面内有一匀强电场，其方向与水平方向成30斜向上，在电场中有一质量为，带电荷量为的带电小球，用长为L的不可伸长的绝缘细线挂于O点，当小球静止于M点时，细线恰好水平。现用外力将小球拉到最低点P，然后无初速度释放，则以下判断正确的是（）A小球再次到M点时

6、，速度刚好为零B小球从P到M过程中，合外力对它做了的功C小球从P到M过程中，小球的机械能增加了D如果小球运动到M点时，细线突然断裂，小球以后将做类平抛运动9、一个表头并联一个电阻R就改装成了一个大量程的电流表。把改装后的电表和一个标准电流表串联后去测量电流，发现标准电表的读数为1A，改装电表的读数为0.9A。为了使改装表准确，下列说法正确的是（ ）A在R上并联一个大电阻B在R上串联一个小电阻C将R的阻值稍微变大D将R的阻值稍微变小10、如图所示,以等量同种点电荷的连线中点为原点,两点电荷连线的中垂线为x轴,E表示电场强度,表示电势,根据你已经学过的知识判断,在下列E-x图象和-x图象中,可能正

7、确的是( ) AABBCCDD三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）测一个阻值约为25 k的电阻，备有下列器材：A电流表(量程500 A，内阻约300 ) B直流稳压电源(电动势15 V，允许最大电流1 A)C电压表(量程10 V，内阻约100 k) D滑动变阻器(最大电阻1 k，额定功率1 W)E电键、导线若干 （1）电流表应采用_（填内接法或外接法）（2）滑动变阻器接法应该采用_（填分压式或限流式）（3）请在下面方框中画出测量RX的电路图_，并根据电路图连接实物路_.12（12分）某同学设计了一个监测河水电阻的实验他在一根均匀的

8、长玻璃管两端装上两个橡胶塞和铂电极，如图甲所示，其间充满待测的河水为了测量水柱的电阻他选用了以下仪器：量程为15V、内阻约为300k的电压表，量程为、内阻约为50的电流表，最大阻值为1k的滑动变阻器，电动势E=12V、内阻r=6的电池组、开关各一个以及导线若干图乙所示坐标系中包括坐标为（0,0）的点在内的9个点表示他测得的9组电流I、电压U的值根据以上材料完成下列问题：利用乙图图象可得到水柱的电阻_保留两位有效数字，在丙图中画出测量电阻的电路图_图丁所示的仪器部分已连线，请将其他部分连接成能测出图丁中数据的实物连接图_开关闭合前滑动变阻器的滑片应先滑至_端填：“A”或“B”该实验存在着系统误差

9、，系统误差的结果会造成测量值_真实值填：“大于”或“小于”四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示，一矩形区域abcd内充满方向垂直纸面向里的、磁感应强度为B的匀强磁场，在ad边中点O以某一初速度，垂直磁场向里射入一带正电的粒子已知粒子质量为m，电量为q，ad边长为2L，ab边足够长，粒子重力不计（1）若粒子垂直ad边射入恰好能从a点离开磁场，求初速度v1；（2）若此正粒子方向如图与ad边夹角为 = 30射入磁场（v2大小未知），恰好在磁场内经过下边界cd边缘，最终从ab边上某点射出磁场，求这种情况下粒

10、子在磁场中运动的时间t14（16分）如图所示，两根光滑直金属导轨MN、PQ平行倾斜放置，它们所构成的轨道平面与水平面之间的夹角=37，两轨道之间的距离L=0.5m。一根质量m=0.01kg的均匀直金属杆ab放在两导轨上，并与导轨垂直，且接触良好，整套装置处于与金属杆垂直的匀强磁场中。在导轨的上端接有电动势E=4V、内阻r=1的直流电源和电阻箱R已知导轨与金属杆的电阻均可忽略不计，（sin37=0.6，cos37=0.8，重力加速度g=10m/s1）金属杆ab始终静止在导轨上。(1)如果电阻箱接入电路中的电阻R=3，磁场的方向可以随意调整，求满足条件的磁感应强度的最小值及方向。(1)如果磁场方向

11、竖直向下，磁感应强度B=0.4T，金属导轨与杆的动摩擦因数=0.5，求为使金属杆静止，电阻箱接入电路中的电阻R的范围。（设最大静摩擦力等于滑动摩擦力）15（12分）带电量为Q，质量为m的原子核由静止开始经电压为U1的电场加速后进入一个平行板电容器，进入时速度和电容器中的场强方向垂直已知：电容器的极板长为L，极板间距为d，两极板的电压为U2，重力不计，求：（1）经过加速电场后的速度；（2）离开电容器电场时的偏转量参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】试题分析：根据左手定则可得导体棒受力分析如图所示因为B与I垂

12、直，故导体棒受到磁场力大小为F=BIL，故A错误；根据共点力平衡规律得：BILsin+Fn=mg，得导体棒对轨道的压力大小为Fn=mg-BILsin，故B错误；由题意知导体棒受到的是静摩擦力，由平衡条件可得：Ff=BILcos，故C错误，D正确。所以D正确，ABC错误。考点：物体的平衡、安培力【名师点睛】此题考查了物体的平衡、安培力。首先对导体棒受力分析，并进行正交分解，注意安培力公式F=BILsin，为B与I之间的夹角；根据平衡条件求解导体棒受到导轨摩擦力和支持力，此题属于基础题。2、C【解析】A若是异种电荷，电势应该逐渐减小或逐渐增大，由图象可以看出，应该是等量的同种正电荷，故A错误；B沿

13、x正方向从N到C的过程，电势降低，N、C两点间场强方向沿x轴正方向故B正确；Cx图线的斜率表示电场强度，由图可得N、D两点间的电场强度大小沿x轴正方向先减小后增大，故C正确；DNC电场线向右，CD电场线向左，将一正点电荷从N点移到D点，电场力先做正功后做负功，电势能先减小后增大故D错误；【点睛】由图象中电势的特点可以判断是同种等量正电荷由电势图线的斜率可以判断电场强度的大小沿电场线电势降低，可以判断电场强度的方向，可知电场力做功的正负，从而判断电势能的变化3、A【解析】试题分析：因为物体向右运动，故物体受到向左的摩擦力，由f=，得摩擦力f=111211N=21N，摩擦力的方向与物体相对地面的运

14、动方向相反，与物体上所受的其他力无关，故选项A正确考点：滑动摩擦力的大小与方向4、C【解析】根据电场线的疏密表示电场强度大小，电场线密的地方，电场强度大， ，根据沿电场线的方向电势逐渐降低，则有 ，ABD错误C正确5、A【解析】逐渐增大的光照强度，的电阻减小，回路总电阻减小，回路总电流增大，根据可知上消耗的电功率变大，同时，上端电阻两端电压也增大，则电容器两端电压增大，根据可知电荷量增加，则中有向上的电流，故A正确恒定电路中电容器所在支路相当于断路，滑动的滑片不改变电路通电情况，不会发生任何变化，故B错误调节的滑动端向下移动时，回路总电阻不发生变化，电压表测的路端电压也不发生变化，示数不变，但

15、是电容器两端分得的电压增大，电场强度增大，电场力大于重力，带电微粒向上运动，故C错误若断开开关S，则电容器在与、组成的电路中放电，电荷量减少，电压减小，电场力减小，带电微粒向下运动，故D错误6、A【解析】A当吹热风时，电机动M和电阻丝R并联，电阻丝消耗的功率为由可得故A正确；B当开关S2闭合、S1断开时，电阻丝不工作，不产生热量，所以此时电吹风吹出冷风，故B错误；C当电吹风吹冷风时，S1断开，电热丝处于断路状态，没有电流通过，电热丝每秒钟消耗的电能为0，故C错误；D当电吹风吹热风时，电动机M和电热丝R并联，电动机的功率为120W，所以每秒钟消耗的电能为故D错误。故选A。二、多项选择题：本题共4

16、小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BD【解析】A重力做负功，大小为-3J，所以重力势能增加3J，A错误；B机械能增加0.5J，而机械能等于重力势能与动能之和，则得动能减少2.5J，B正确；C电场力做正功，电势能减小1J，C错误；D根据动能定理可得解得，D正确。故选BD。8、BD【解析】A 当小球静止于M点时，细线恰好水平，说明重力和电场力的合力方向水平向右，小球从P到M过程中，线拉力不做功，只有电场力和小球重力做功，它们的合力也是恒力，方向水平向右，所以小球到最右边时，速度最大，而不是零，

17、故A错误；B 根据平衡分析可知，电场力与重力合力为，这个方向上位移为L，所以做功为，故B正确；C 合外力做功为，由动能定理知动能增加量为，重力势能增加量为mgL，则机械能增加量等于动能增加量和重力势能增加量mgL之和，机械能的增加量即为电场力做功，故机械能增加量大于，故C错误；D 细线突然断裂时，速度方向竖直向上，合外力水平向右，相互垂直，做匀变速曲线运动，即类平抛运动，故D正确。故选BD。9、BC【解析】改装后的电流表示数比标准电流表示数小，说明与电流表表头并联的分流电阻分流太大，分流电阻阻值较小，为使电流表读数准确，应增大与表头并联的分流电阻阻值，所以将R的阻值稍微变大或在原分流电阻R上再

18、串联一个较小的电阻，故BC正确，故AD错误。【点睛】根据分流原理以及误差情况即可明确如何调节接入电阻。10、AD【解析】AB、在两电荷连线的中点，由于两个电荷在此处产生的场强大小相等、方向相反，所以该处场强为零，在无穷远处场强也为零，所以两点电荷连线的中点到无穷远场强是先增大后减小，且场强关于电荷连线对称，故A正确，B错误；CD、两点电荷连线的中垂线上场强方向从中点指向无穷远，且电势逐渐降低，因为O处的场强为零，则O处x的斜率为0，故C错误，D正确；故选AD【点睛】关键是知道电场的电场线特点和电场的叠加原理，结合其电场线的图即可作答三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答

19、题处，不要求写出演算过程。11、（1）内接； （2）分压式； （3）电路图如图所示； 实物连线图如图所示； 【解析】（1）由于满足RVRx=10025RxRA=25000300 ，所以电流表应用内接法；（2）由于滑动变阻器的全电阻远小于待测电阻阻值，所以变阻器应采用分压式接法；（3）电路图如图1所示；实物连线图如图2所示；（1）内接（2）分压式（3）【点睛】选择电表的原则是电表指针偏转角度应在1/3量程以上；若满足 RVRxRxRA，电流表应用外接法，若满足 RVRxRxRA，电流表应用内接法12、 A 大于 【解析】用直尺将图象中的点连接起来，让不在直线上的点均匀分布在直线的两侧，如图所示，通过求斜率可求出电阻为：；由于，所以电流表应用内接法，又因为滑动变阻器最大电阻远小于待测电阻值，故变阻器应用分压式接法，电路图如图根据原理图连接实物图，如图所示为保护电流表，开关闭合前应使变阻器的输出电压为零，故应将滑片滑至A端由于电流表采用内接法，电流准确，而电压表测得是被测电阻和电流表的总电压，所以偏大，根据欧姆定律知被测电阻偏大四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。1