2023学年四川省成都市温江中学物理高二第一学期期中教学质量检测试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷考生请注意：1答题前请将考场、试室号、座位号、考生号、姓名写在试卷密封线内，不得在试卷上作任何标记。2第一部分选择题每小题选出答案后，需将答案写在试卷指定的括号内，第二部分非选择题答案写在试卷题目指定的位置上。3考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，两个质量均为m的完全相同的金属球壳a与b，其壳层的厚度和质量分布均匀，将它们固定于绝缘支架座上，两球心间的距离l为球半径的3倍若使它们带上等量异种电荷，使其电荷量的绝对值

2、均为Q，那么关于a、b两球之间的万有引力F引和库仑力F库的表达式正确的是()ABCD2、下列物理量中，属于矢量的是 （ ）A电势B电压C电势能D电场强度3、两颗人造地球卫星，向心加度之比a1：a2、=9:1,下列有关数据之比正确的是（ ）A轨道半径之比R1：R2=1:3B线速之比v1：v2=3:1C向心力之比 F1：F2=1：9D周期之比T1：T2=3:14、如图(甲)所示,在平行板电容器A、B两极板间加上如图(乙)所示的交变电压.开始A板的电势比B板高,此时两板中间原来静止的电子在电场力作用下开始运动.设电子在运动中不与极板发生碰撞,向A板运动时为速度的正方向,则下列图象中能正确反映电子速度

3、变化规律的是（其中C,D两项中的图线按正弦函数规律变化）ABCD5、关于场强和电势的概念,下列说法正确的是A由E=可知,场强E与q成反比，与F成正比B同一电场线上的各点，电势可能相等C电场中某一点的场强为零，但电势不一定为零D正负电荷在电场中同一点受电场力方向相反，所以某一点场强方向与所放电荷正负有关6、如图所示为滑动变阻器示意图，下列说法中正确的是（ ）a和b串联接入电路中，P向右移动时电阻增大b和d串联接入电路中，P向右移动时电阻减小b和c串联接入电路中，P向右移动时电阻增大a和c串联接入电路中，P向右移动时电阻增大A B C D二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题

4、给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示,圆形导体线圈a平放在绝缘水平桌面上,在a的正上方固定一竖直螺线管b,二者轴线重合,螺线管、电源和滑动变阻器连接成如图所示的电路。若将滑动变阻器的滑片P向上滑动,下列说法中正确的有( )A穿过线圈a的磁通量增大B线圈a对水平桌面的压力小于其重力C线圈a中将产生俯视逆时针方向的感应电流D线圈a中将产生俯视顺时针方向的感应电流8、电吉他中电拾音器的基本结构如图所示，磁体附近的金属弦被磁化，因此弦振动时，在线圈中产生感应电流，电流经电路放大后传送到音箱发出声音，下列说法正确的有A选用铜质弦

5、，电吉他仍能正常工作B取走磁体，电吉他将不能正常工作C增加线圈匝数可以增大线圈中的感应电动势D弦振动过程中，线圈中的电流方向不断变化9、A、B、C三个相同滑块，从光滑斜面同一高度同时开始运动，A静止释放；B初速度方向沿斜面向下，大小为；C初速度方向水平，大小也为。下列说法正确是（）AA和C同时滑到斜面底端B滑到下面底端时，B的动能均比A、C动能大C滑到下面底端时，B的重力势能减少量与A、C相同D滑到下面底端时，B的机械能与C相同10、关于元电荷和点电荷的理解正确的是（）A元电荷是表示跟电子所带电荷量数值相等的电量B元电荷就是电子C体积很小的带电体就是点电荷D点电荷是一种理想化模型三、实验题：本

6、题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）在探究小灯泡的伏安特性实验中,所用器材有:灯泡L、量程恰当的电流表A和电压表V、直流电源E、滑动变阻器R、电键S等,要求灯泡两端电压从0开始变化；(1)实验中滑动变阻器应采用_接法(填“分压”或“限流”)(2)某同学已连接如图所示的电路，在连接最后一根导线的c端到直流电源正极之前，请指出其中仅有的两个不当之处，并说明如何改正A_；B_；12（12分）用如图所示的电路，测定一节干电池的电动势和内阻.电池的内阻较小，为了防止在调节滑动变阻器时造成短路，电路中用一个定值电阻R0起保护作用.除电池、开关和导线外，可供

7、使用的实验器材还有：（a）电流表（量程0.6A、3A）；（b）电压表（量程3V、15V）（c）定值电阻（阻值1、额定功率5W）（d）定值电阻（阻值10，额定功率10W）（e）滑动变阻器（阴值范围0-10、额定电流2A）（f）滑动变阻器（阻值范围0-100、额定电流1A）那么：(1)要正确完成实验，电压表的量程应选择_V，电流表的量程应选择_A；R0应选择_的定值电阻，R应选择阻值范围是_的滑动变阻器.(2)引起该实验系统误差的主要原因是_.四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）原地纵跳摸高是运动员的常用训练项

8、目。已知质量m=60kg的运动员原地（不起跳）摸高为2.05m。某次训练中，该运动员先下蹲，重心下降0.5m，经过充分调整后，发力跳起摸到了2.85m的高度。假设运动员起跳过程为竖直方向的匀加速直线运动，忽略空气阻力影响。求：（1）该运动员离开地面时的速度大小；（2）起跳过程中运动员对地面的压力大小；（3）从开始起跳到双脚落地需要的时间。14（16分）如图所示，带电平行金属板相距为2R，在两板间半径为R的圆形区域内有垂直纸面向里的匀强磁场，磁感应强度为B，两板及其左侧边缘连线均与磁场边界刚好相切一质子（不计重力）沿两板间中心线O1O2从左侧O1点以某一速度射入，沿直线通过圆形磁场区域，然后恰好

9、从极板边缘飞出，在极板间运动时间为t1若仅撤去磁场，质子仍从O1点以相同速度射入，经t1/2时间打到极板上（1）求两极板间电压U；（2）求质子从极板间飞出时的速度大小；（3）若两极板不带电，保持磁场不变，质子仍沿中心线O1O2从左侧O1点射入，欲使质子从两板间左侧飞出，射入的速度应满足什么条件？15（12分）如图所示，在平面直角坐标系内，第一象限的等腰三角形MNP区域内存在垂直于坐标平面向外的匀强磁场，y0的区域内存在着沿y轴正方向的匀强电场一质量为m，电荷量为q的带电粒子从电场中Q（2h，h）点以速度V0水平向右射出，经坐标原点O射入第一象限，最后以垂直于PN的方向射出磁场已知MN平行于x轴

10、，N点的坐标为（2h，2h），不计粒子的重力，求：（1）电场强度的大小；（2）磁感应强度的大小B；（3）粒子在磁场中的运动时间参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】万有引力定律适用于两个可看成质点的物体，虽然两球心间的距离 只有其半径r的3倍，但由于其壳层的厚度和质量分布均匀，两球壳可看作质量集中于球心的质点因此，可以应用万有引力定律所以两者之间的引力为，库仑定理适合于真空中的两个点电荷，由于两球心间的距离 只有其半径r的3倍，所以金属球壳a与b不能看作点电荷，则库仑力 ，故D正确；ABC错误；故选D2、D

11、【解析】A电势只有大小无方向，是标量，选项A错误；B电压只有大小无方向，是标量，选项B错误；C电势能只有大小无方向，是标量，选项C错误；D电场强度即有大小又有方向，是矢量，选项D正确；3、A【解析】A根据可得轨道半径之比R1：R2=1:3，选项A正确；B根据可得，线速度之比v1：v2=:1，选项B错误；C因卫星的质量关系不确定，不能确定向心力之比，选项C错误；D根据可知周期之比T1：T2=1:3，选项D错误；故选A.4、A【解析】根据AB两极板电场的变化，分析电子所受电场力的变化，结合加速度与速度方向的关系判断其运动性质，然后分析图示图象作出选择【详解】在前半个周期内，A板的电势高，电场的方向

12、向右，电子受到的电场力方向水平向左，电子向左做初速度为零的匀加速直线运动，在后半个周期，电场水平向左，电子所受的电场力水平向右，电子向左做匀减速直线运动直到速度为零，然后进入第二个周期，重复之前的运动，由此可知，电子在每个周期内先向左做初速度为零的匀加速直线运动，然后向左做匀减速直线运动，如此反复，由图示图象可知：A正确，BCD错误；故选A【点睛】由于电场方向不断变化，粒子运动情况比较复杂，分析清楚粒子的运动过程是正确解题的关键5、C【解析】由题意可知考查场强和电势概念，根据场强、电势的物理意义和特点分析可得【详解】A表达式E=是电场强度的定义式，场强E与q、F无关，故A错误；B沿电场线方向，

13、电势逐渐降低，同一电场线上的各点电势各不相同，故B错误；C选无穷远处电势为零，等量正电荷连线中点处电势不为零，电场强度为零，说明电场中某一点的场强为零，但电势不一定为零，故C正确；D正、负电荷在电场中同一点受电场力方向相反，人为规定场强和正电荷受力方向相同，与负电荷受力方向相反，该点场强方向由场源确定的，是唯一的，与所放电荷正负无关，故D错误；【点睛】电场强度是从电场力的性质对电场进行的描述，电势是从电场能的性质对电场进行的描述，它们的大小无必然的联系，电场、电势的大小是由场源电荷和到场源电荷的距离决定的，与试探电荷没有任何关系6、D【解析】将a和b连入电路时，当滑片P向右滑动时，不会改变电阻

14、丝长度，电阻不变；故错误；将b和d连入电路时，连入路中的电阻丝是Pb部分当滑片P向右滑动时，PA电阻丝长度减小，电阻减小；故正确；将b和c连入电路时，连入路中的电阻丝是Pb部分当滑片P向右滑动时，PB电阻丝长度减小，电阻减小；故错误；将a和c连入电路时，连入电路中的电阻丝是aP部分，当滑片P向右滑动时，ap电阻丝长度变长，电阻变大，故正确；故选D点睛：本题考查了滑动变阻器的原理和作用，能够正确判断当“一上一下”接入电路时哪一段电阻丝被连入电路中是本题的解题关键所在二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不

15、全的得3分，有选错的得0分。7、BD【解析】试题分析：当滑动触头P向上移动时电阻增大，由闭合电路欧姆定律可知通过线圈b的电流减小，b线圈产生的磁场减弱，故穿过线圈a的磁通量变小；根据b中的电流方向和安培定则可知b产生的磁场方向向下穿过线圈a，根据楞次定律，a中的感应电流的磁场要阻碍原来磁场的减小，故a的感应电流的磁场方向也向下，根据安培定则可知线圈a中感应电流方向俯视应为顺时针，故A错误，C错误，D正确开始时线圈a对桌面的压力等于线圈a的重力，当滑动触头向上滑动时，可以用“等效法”，即将线圈a和b看做两个条形磁铁，不难判断此时两磁铁互相吸引，故线圈a对水平桌面的压力将减小，故B正确故选BD.考

16、点：安培定则；楞次定律8、BCD【解析】因铜质弦不能被磁化，电吉他将不能正常工作，所以A错误；若取走磁铁，金属弦无法被磁化，电吉他将不能正常工作，所以B正确；根据法拉第电磁感应定律知，增加线圈匝数可以增大线圈中的感应电动势，所以C正确；弦振动过程中，线圈中的磁通量一会增大一会减速，所以电流方向不断变化，D正确9、ACD【解析】AA沿斜面向下做初速度为零的匀加速运动，C水平方向做匀速运动，沿斜面向下做初速度为零的匀加速运动，且加速度和A相同，可知A和C同时滑到斜面底端，选项A正确；B根据机械能守恒可知滑到下面底端时，对A对BC可知BC的动能相等且比A动能大，选项B错误；C根据Ep=mgh可知，滑

17、到下面底端时，B的重力势能减少量与A、C相同，选项C正确；D开始时BC机械能相同，由于机械能守恒，可知滑到下面底端时，B的机械能与C相同，选项D正确。故选ACD。10、AD【解析】AB元电荷表示电荷量，其大小与电子或质子所带电荷量数值相等，A正确B错误；CD点电荷是一种理想化模型，如果在研究的问题中，带电体的形状、大小以及电荷分布可以忽略不计，就可以把带电体看作点电荷；带电体能否看作点电荷，是由研究问题的性质决定，与自身大小形状无具体关系。故C错误D正确。故选AD。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、 (1)因为灯泡两端的电压要从0开始

18、调节，故只能采用分压电路 （2）在电路接好并检查是否正确连线之前，电键应处于断开状态，以免因接线错误而导致仪表损坏； 接为分压电路时，滑动变阻器的有效电阻应从最小值开始调节，故滑片应先处于b端 【解析】(1)要求灯泡两端电压从零开始变化，所以实验中滑动变阻器应采用分压接法；(2)在连接线路时必须将每个开关断开，而图中是闭合的这是第一个错误，故不当之处之一电键S不应闭合，应处于断开状态；连好线路后在闭合开关前，需要将分压滑动变阻器调到输出电压为0端，应在图中是b端，以保护电源和电表，故不当之处之二滑动变阻器滑动触头p位置，应将其置于b端【点睛】小灯泡的伏安特性要求电压从零开始变化，所以滑动变阻器

19、应采用分压接法，在连接线路时必须将每个开关断开，连好线路后在闭合开关前，需要将限流滑动变阻器调到阻值最大，将分压滑动变阻器调到输出为0端12、3 0.6 1 0-10 由于电压表的分流作用造成电流表读数总是比测量值小 【解析】第一空.由于电源是一节干电池（1.5V），所选量程为3V的电压表；第二空.估算电流时，考虑到干电池的内阻一般几左右，加上保护电阻，最大电流在0.5A左右，所以选量程为0.6A的电流表；第三空.由于电池内阻很小，所以保护电阻不宜太大，否则会使得电流表、电压表取值范围小，造成的误差大，故来考虑选择1的定值电阻；第四空.滑动变阻器的最大阻值一般比电池内阻大几倍就好了，取010能

20、很好地控制电路中的电流和电压，若取0100会出现开始几乎不变最后突然变化的现象，调节不方便第五空.关于系统误差一般由测量工具和所造成测量方法造成的，一般具有倾向性，总是偏大或者偏小由于电压表的分流作用造成电流表读数总是比测量值小，分别作出真实图象和测量图象；当外电路短路时，电压表的分流可以忽略；故两种情况下短路电流相同；如图所示：故本实验中由于电压表的分流作用造成电流表读数总是比测量值小，造成E测E真，r测r真四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、【解析】根据题意可知，运动员的运动分成两个部分：向上的加速和向上的减速，位移分别为x1=0.5m和x2=0.8m。设加速度大小分别为a和g，向上运动的最大速度为v，以竖直向上为正方向。（1）运动员离开地面的速度等