2023学年江西省抚州市物理高二上期中复习检测模拟试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷考生请注意：1答题前请将考场、试室号、座位号、考生号、姓名写在试卷密封线内，不得在试卷上作任何标记。2第一部分选择题每小题选出答案后，需将答案写在试卷指定的括号内，第二部分非选择题答案写在试卷题目指定的位置上。3考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、磁场具有能量，磁场中单位体积内所具有的磁场能量叫磁场的能量密度，用符号表示，其表达式为B2，式中B为磁感应强度，在空气中为一常量。小明同学通过实验测量一条形磁铁N极端面附近的磁感应

2、强度B的大小，他用一块与磁铁端面等大的铁片吸在磁铁上，然后用力缓慢拉开一段微小距离L，如图所示，他测出磁铁端面的面积为S，用力传感器测得拉力F的大小，已知拉力F做的功等于间隙中磁场的能量，则条形磁铁端面附近磁感应强度B的大小可表示为（）ABCD2、下列有关物理学史说法正确的是A库仑提出了库仑定律，并通过实验测出了静电力常量B牛顿提出了万有引力定律，并通过实验测出了引力常量C为了方便研究电场，库仑提出了电场线的概念D库仑通过油滴实验测出了电子的电荷3、如图所示，在匀强电场中有直角三角形BOC，电场方向与三角形所在平面平行，若三角形三顶点处的电势分别为、，且边长，则下列说法中正确的是A电场强度的大

3、小为B电场强度的大小为C电场强度的大小为100V/mD一个电子在O点由静止释放后会沿直线OB运动4、如图所示的四个图中，分别标明了通电导线在磁场中的电流方向、磁场方向以及通电导线所受磁场力的方向，其中正确的是（ ）ABCD5、如图所示，A、B是平行板电容器的两个金属板，G为静电计。开始时开关S闭合，静电计指针张开一定角度，不考虑静电计引起的电荷量变化，为了使指针张开角度增大些，下列采取的措施可行的是( )A保持开关S闭合，将A、B两极板分开些B保持开关S闭合，将变阻器滑动触头向右移动C断开开关S后，将A、B两极板分开些D断开开关S后，将A、B两极板靠近些6、如图所示，a、b、c、d是某匀强电场

4、中的四个点，它们是一个四边形的四个顶点，ab/cd，abbc，2ab=cd=bc=2l，电场线与四边形所在平面平行.已知a点电势为24V，b点电势为28V，d点电势为12V.一个质子(不计重力)经过b点的速度大小为v0，方向与bc成450，一段时间后经过c点，则下列说法正确的是 ( )Ac点电势为4VB场强的方向由a指向cC质子从b运动到c所用的时间为2Lv0D质子从b运动到d电场力做功为-16eV二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、在如图(a)所示的电路中，为定值电

5、阻，为滑动变阻器。闭合电键S，将滑动变阻器的滑动触头P从最右端滑到最左端，两个电压表内阻极大的示数随电路中电流变化的完整过程图线如图(b)所示。则（ ）A图线甲是电压表V1示数随电流变化的图线B电源内电阻的阻值为C电源的最大输出功率为D滑动变阻器R2的最大功率为8、电磁炮是一种理想兵器，它的主要原理如图所示，1982年澳大利亚国立大学成功研制出能把2.2g的弹体（包括金属杆MN的质量）加速到10km/s的电磁炮（常规炮弹的速度大小约为2km/s）若轨道宽2m，长100m，通过金属杆的电流恒为10A，不计轨道摩擦，则A垂直轨道平面的匀强磁场的磁感应强度大小为55TB垂直轨道平面的匀强磁场的磁感应

6、强度大小为5.5104TC该电磁炮工作时磁场力的最大功率为1.1104kWD该电磁炮装置中对磁场方向和电流方向的关系没有要求9、一带负电的粒子只在电场力作用下沿x轴正向运动，其电势能E随位移x变化的关系如图所示，其中0 x2段是对称的曲线，x2x3段是直线，则下列说法正确的是（）Ax1处电场强度为零Bx1、x2、x3处电势1、2、3的关系为123C粒子在0 x2段做匀变速运动，x2x3段做匀速直线运动Dx2x3段是匀强电场10、下列说法正确的是A点电荷属于理想化模型B电势有正负，所以电势是矢量C电场强度计算公式E=适用于任何电场D电荷在某点的电势能，等于把它从这点移到零电势位置时静电力所做的功

7、三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）在实验室测量一个直流电源的电动势和内电阻（电动势大约为1.5V，内阻大约为1.5），由于实验室条件有限，除了导线、开关外，实验室还能提供如下器材：A量程为3V的电压表V B量程为0.6A的电流表A1C量程为3A的电流表A2 D阻值为1.0的定值电阻R1E. 阻值为100的定值电阻R2 F. 最大阻值为10的滑动变阻器R3G. 最大阻值为100的滑动变阻器R1（1）选择电压表、电流表、定值电阻、滑动变阻器等器材，采用图1所示电路测量电源的电动势和内电阻定值电阻应该选择_（填“D”或者“E”）；电流

8、表应该选择_（填“B”或者“C”）；滑动变阻器应该选择_（填“F”或者“G”）（2）分别以电流表的示数I和电压表的示数U为横坐标和纵坐标，计算机拟合其UI图象（U和I的单位分别为V和A）拟合公式为U=-5.6I+1.1则电源甲的电动势E =_V；内阻r =_（保留两位有效数字）12（12分）在“探究感应电流的产生条件”实验中，某同学的电路连线如图所示，老师指出图中标示的1、2、3、4、5、6六根连线中有两处错误，若要求实验现象尽可能明显，则错误的两根连线是_（用所标数字表示）四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10

9、分）光滑水平面上放着质量mA=0.5kg的物块A与质量mB=1kg的物块B，A与B均可视为质点，A靠在竖直墙壁上，A、B间夹一个被压缩的轻弹簧（弹簧与A、B均不拴接），用手挡住B不动，此时弹簧弹性势能EP =31J在A、B间系一轻质细绳，细绳长度大于弹簧的自然长度，如图所示放手后B向右运动，绳在短暂时间内被拉断，之后B冲上与水平面相切的竖直半圆光滑轨道（其半径R=0.5m）B恰能到达最高点，取g=10m/s1求：（1）绳拉断后瞬间B的速度vB的大小 （1）绳拉断过程绳对B的冲量的大小和方向 14（16分）如图所示，匀强电场分布在边长为L的正方形区域ABCD内，M、N分别为AB和AD的中点，一个

10、初速度为v0，质量为m的带负电粒子q沿纸面射入电场带电粒子的重力不计（1）如果带电粒子从M点垂直电场方向进入电场后，恰好从D点离开电场，求匀强电场的电场强度E和带电粒子从D点离开电场时的动能Ek1.（2）若带电粒子从N点垂直BC方向射入电场，它在电场中的运动时间t是多少？离开电场时的动能Ek2为多大？15（12分）如图，光滑绝缘水平面上静置两个质量均为m、相距为x0的小球A和B，A球所带电荷量为+q，B球不带电。现在A球右侧区域加上水平向右的匀强电场，电场强度为E，小球A在电场力作用下由静止开始运动，然后与B球发生弹性正碰，A、B碰撞过程中没有电荷转移，且碰撞过程时间极短，求：（1）A球与B球

11、发生第一次碰撞后B球的速度；（2）从A球开始运动到两球在电场中发生第二次碰撞前电场力对A球所做的功；参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、B【解析】在用力将铁片与磁铁拉开一段微小距离L的过程中，拉力F可认为不变，因此F所做的功为W=FL以表示间隙中磁场的能量密度，由题给条件根据磁能量密度的定义可得：L间隙中磁场的能量为由题意可知：F所做的功等于L间隙中磁场的能量，即W=E则有解得故B正确，ACD错误。故选B。2、A【解析】A.库仑利用扭秤实验研究了得出电荷间相互作用力的规律-库仑定律，测出了静电力常量，故A正确；B.

12、牛顿发现了万有引力定律，但他没有测出万有引力常量，是卡文迪许通过实验确定了万有引力常量，故B错误；C. 为了方便研究电场，法拉第提出了电场线的概念，故C错误；D. 密立根通过油滴实验，测出了电子的电量，提出了电荷量子化观点，故D错误。3、C【解析】由匀强电场的特点可知，则B、C连线中点D的电势为B、C电势的平均值，即为4.5V连接OD线，即为一条等势线，作出过D的与OD垂直的线ED如图，即电场线，由几何关系可知：，所以：，D是BC的中点，则OBD是等边三角形，又EDOD，所以DE与BD之间的夹角是30，则电场线与OB之间的夹角也是30，故该电场的场强方向沿B的角平分线向上，根据电势差与电场强度

13、的关系：，而：，代入数据可得：，故AB错误，C正确；由作电场的图可知，一个电子在O点由静止释放后会沿电场线运动，而不会沿直线OB运动，故D错误；故选C.4、C【解析】根据左手定则，A图导线受磁场力向下，A错误；B不受磁场力；C正确；D图所受磁场力方向应垂直于导线方向，D错误5、C【解析】AB、要使静电计的指针张开角度增大些，必须使静电计金属球和外壳之间的电势差增大，保持开关S闭合，不管是将A、B两极板分开些，还是将滑动变阻器滑动触头向右或向左移动，静电计金属球和外壳之间的电势差不变，故AB错误； CD、断开开关S后，将A、B分开些，电容器的带电量不变，电容减小，电势差增大，C正确；D错误；综上

14、所述本题答案是：C6、C【解析】连接bd，bd连线的中点N电势与c点相等，是20V；作出等势线Nc就能判断场强方向； 质子从bc做类平抛运动，根据v0方向的分位移为2l，求出时间；【详解】A、三角形bcd是等腰直角三角形，具有对称性，bd连线四等分，如图所示，已知a点电势为24V，b点电势为28V，d点电势为12V，且abcd，abbc，2ab=cd=bc=2L，因此根据几何关系，可得M点的电势为24V，与a点电热势相等，从而连接aM，即为等势面；三角形bcd是等腰直角三角形，具有对称性，bd连线中点N的电势与c相等，为20V，故A错误；B、Nc为等势线，其垂线bd为场强方向，即场强方向为bd

15、，故B错误；C、质子从bc做类平抛运动，沿初速度方向分位移为2l，此方向做匀速直线运动，则t=2lv0，则C正确；D、电势差Ubd=16V，则质子从b运动到d电场力做功为16eV，故D错误。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BD【解析】A. 当滑片左移时，滑动变阻器接入电阻减小，则电路中总电阻减小，由闭合电路欧姆定律可知，电路中电流增大；而两端的电压增大，两端的电压减小，故图线乙表示是示数的变化，图线甲表示示数的变化，故A错误；B. 由图可知，当只有接入电路时，电路

16、中电流为，路端电压为3V，根据闭合电路欧姆定律可得：当滑动变阻器全部接入时，电路中电流为，路端电压为，由闭合电路欧姆定律可得：解得：，故B正确；C. 根据欧姆定律可得：因当电源的内电阻等于外电阻时，电源的输出功率最大，故当外阻等于时，电源的输出功率最大，故此时电流：故电源的最大输出功率：故C错误；D. 当滑动变阻器全部接入时，两电压表示数之比为，则有：可得：，当滑动变阻器的阻值等于时，滑动变阻器消耗的功率最大，故当滑动变阻器阻值为时，滑动变阻器消耗的功率最大，由闭合电路欧姆定律可得，电路中的电流：则滑动变阻器消耗的总功率：故D正确。8、AC【解析】由运动学2axv2v02可得弹体的加速度为；安

17、培力为F=BIL，进而由牛顿第二定律可得：BIL=ma解得：，选项A正确，B错误；速度最大时磁场力的功率最大：Pm=BILvm=55102104W=1.1104kW，选项C正确电磁炮装置中必须使得磁场方向和电流方向决定的安培力方向与炮弹沿导轨的加速方向一致，选项D错误；故选AC.9、ABD【解析】根据电势能与电势的关系：Ep=q，场强与电势的关系：E=，得：，由数学知识可知Ep-x图象切线的斜率等于Eq，x1处切线斜率为零，则x1处电场强度为零，故A正确；根据电势能与电势的关系：Ep=q，粒子带负电，q0，则知：电势能越大，粒子所在处的电势越低，所以有：121故B正确；由图看出在0 x1段图象

18、切线的斜率不断减小，由上式知场强减小，粒子所受的电场力减小，加速度减小，做非匀变速运动x1x2段图象切线的斜率不断增大，场强增大，粒子所受的电场力增大，做非匀变速运动x2x1段斜率不变，场强不变，即电场强度大小和方向均不变，是匀强电场，粒子所受的电场力不变，做匀变速直线运动，故C错误，D正确；故选ABD.【点睛】解决本题的关键要分析图象斜率的物理意义，判断电势和场强的变化，再根据力学基本规律：牛顿第二定律进行分析电荷的运动情况.10、AD【解析】A点电荷属于理想化模型，选项A正确；B电势有正负，但是电势无方向，所以电势是标量，选项B错误；C电场强度计算公式E=适用于匀强电场，选项C错误；D电荷

19、在某点的电势能，等于把它从这点移到零电势位置时静电力所做的功，选项D正确。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、 (1) D B F (2)1.1V 1.6 【解析】（1）测电动势是1.5V，内阻为1的电源电动势与内阻实验时，短路电流为1.5A，如果用量程为3A电流表，则读数误差太大，因此电流表应选B；测电动势为1.5V电源电动势与内阻实验时，电路最小电阻为R=7.5，考虑电源内阻、滑动变阻器电阻，因此定值电阻应选D；为方便实验操作，滑动变阻器应选F（2）根据闭合电路欧姆定律得U=E-I（r+R）由表达式U=-5.6I+1.1可知，电源电动势为：E=1.1V，r+R=5.6，所以内阻r=5.6-1.0=1.6点睛：本题考查了实验器材的选择，实验数据处理，要正确实验器材的选取原则，理解实验原理是正确解题的关键，同时要结合数学知识理解图象斜率和截距的含义12、2与3【解析】探究电磁感应现象实验电路分两部分，电源、开关、滑动变阻器、原线圈组成闭合电路，检流计与副线圈组成