2023学年浙江省宁波市镇海中学高二物理第一学期期中预测试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷注意事项：1答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。2回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。3考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，电源内阻较大，当开关闭合、滑动变阻器滑片位于某位置时，水平放置的平行板电容器间一带电液滴恰好处于静止状态，灯泡L也能正常发光，现将滑动变阻器滑片由该位置向a端滑动，则（

2、）A灯泡将变暗，电源效率将减小B液滴带正电，将向下做加速运动C电源的路端电压增大，输出功率也增大D滑片滑动瞬间，带电液滴电势能将减小2、关于静电感应和静电平衡，以下说法正确的是( )A处于静电平衡的导体表面的场强方向可以不垂直于导体表面B导体内的自由电子都不运动称为静电平衡C处于静电平衡的导体是一个等势体，且电势为零D处于静电平衡状态时，导体内部将没有多余的“净”电荷3、在如图所示电路中，当滑动变阻器的滑动触点向b移动时，正确的是（ ）A电压表和电流表的示数均减小B电压表和电流表的示数均增大C电压表的示数减小，电流表的示数增大D电压表的示数增大，电流表的示数减小4、用伏安法测电阻R，按（甲）图

3、测得的结果为R1，按（乙）图测得的结果为R2，若电阻的真实值为RZ，则下列关系正确的是AR1 RZ R2BR1 RZ R1，RZ R2DR1 = RZ = R25、为了使用电器（纯电阻）消耗的功率为原来的一半，应（）A使电阻减半，电压不变B使电压减半，电阻不变C使电压和电阻都减半D使电流减半，电阻不变6、电子、质子、氘核、氚核以同样的速度垂直射入同一匀强磁场做匀速圆周运动，其中轨道半径最大的是（）A电子B质子C氘核D氚核二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、关于电容的说

4、法正确的是A电容器简称电容B电容是描述电容器容纳电荷本领大小的物理量C电容器的电容由电容器本身的因素决定，与电容器是否带电无关D电容的国际单位是法拉8、如图所示，一直流电动机与阻值R = 4 的电阻串联在电源上，闭合开关，电动机的输入功率为P = 20 W，电源的电动势E = 20 V，内阻r = 1 。用理想电压表测出电动机两端电压，已知电动机线圈的电阻RM = 1 ，则下列说法中正确的是A通过电动机的电流为10 AB电源的输出功率为36 WC电动机的输出功率为16 WD理想电压表的示数为2 V9、如图所示为某同学设计的多用电表的原理示意图。虚线框中S为一个单刀多掷开关，通过操作开关，接线柱

5、B可以分别与触点1、2、3接通，从而实现使用多用电表测量不同物理量的不同功能。关于此多用电表，下列说法中正确的是（ ）A当S接触点2时，多用电表处于测量电阻的挡位B当S接触点3时，多用电表处于测量电流的挡位C接线柱A为“+”接线柱D接线柱A为“”接线柱10、对从高度处以初速度抛出的小球，关于运动时间与水平位移，说法正确的是（）A当一定时，越大，越大B当一定时，越大，越大C当一定时，越大，越小D当一定时，越大，越大三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）在“测定金属的电阻率”的实验中：用螺旋测微器测量金属丝的直径，其示数如图1所示，则该

6、金属丝直径的测量值_；按如图2所示的电路图测量金属丝的电阻（阻值约为）实验中除开关、若干导线之外还提供下列器材：电压表（量程，内阻约）；电流表（量程，内阻约）；电流表（量程，内阻约）；滑动变阻器（）；滑动变阻器（）；电源（电动势为，内阻不计）为了调节方便，测量准确，实验中电流表应选_，滑动变阻器应选_（选填器材的名称符号）请根据如图2所示电路图，用连线代替导线将图3中的实验器材连接起来，并使滑动变阻器的滑片置于端时接通电路后的电流最小_ 若通过测量可知，金属丝的长度为，直径为，通过金属丝的电流为，金属丝两端的电压为，由此可计算得出金属丝的电阻率_（用题目所给字母和通用数学符号表示）12（12分

7、）在练习使用多用电表时，某同学将选择开关拨至欧姆“”挡，欧姆表的内部结构可简化成图甲中虚线框内的电路，其中定值电阻与电流表的内之比，电流表的量程已知，故能正确读出流过电流表的电流值，欧姆表已经进行了必要的调零。该同学想用一个电阻箱较精确地测出该倍率下电路中电源的电动势和欧姆表的总内阻，他的操作步骤是：将欧姆表与电阻箱连成图甲所示的闭合回路；改变电阻箱阻值，记下电阻箱示数和与之对应的电流表的示数；将记录的各组、的数据描点在图乙中，得到图线，如图乙所示；根据图乙作得的图线，求出电源的电动势和欧姆表的总内阻。(1)图甲中，表笔的颜色是_，电源的电动势为_（一位有效数字），欧姆表总内阻为_（三位有效数

8、字）。电流表的量程是_（一位有效数字）。 (2)若该同学将图乙中电流表并联一个定值电阻，组成一个新的欧姆表，这个新欧姆表的倍率较之改装前欧姆表的倍率_（填“变大”、或者“变小”、或者“相同”）四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示，电场中某一条电场线为一直线，线上有A、B、C三个点正电荷q1+10-8C从B点移到A点时克服电场力做了10-7 J的功；负电荷q2-10-8C，在C点的电势能比在B点时大10-7 J（1）判断电场线的方向；（2）求出A、B两点间的电势差和B、C两点间的电势差；（3）若设B点

9、的电势为零，求电荷q2在A点的电势能14（16分）如图所示，边长为L的正方形区域abcd内存在着匀强电场电量为q、动能为Ek的带电粒子从a点沿ab方向进入电场，不计重力（1）若粒子从c点离开电场，求电场强度的大小和粒子离开电场时的动能； （2）若粒子离开电场时动能为Ek，则电场强度为多大？15（12分）如图所示，用一条绝缘轻绳悬挂一个带电小球，小球质量为1.0102 kg，所带电荷量为2.0108 C现加一水平方向的匀强电场，平衡时绝缘绳与竖直线成30角，绳长L0.2 m，(重力加速度g的大小取10 m/s2)。求这个匀强电场的电场强度大小参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共2

10、4分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】A将滑片由该位置向a端滑动时，变阻器接入电路的电阻增大，电路中总电阻增大，电路中电流减小，灯泡消耗的功率减小，则灯泡将变暗电源的效率外电路总电阻增大，路端电压增大，则电源效率增大故A项错误B液滴受力平衡，因电容器上极板带负电，板间场强向上，则知液滴带正电滑片由该位置向a端滑动时，变阻器接入电路的电阻增大，电路中总电阻增大，电路中电流减小，电容器板间电压增大，板间场强增大，液滴所受的电场力增大，因此液滴将向上做加速运动故B项错误C由于电源的内电阻与外电阻关系未知，所以不能判断输出功率如何变化，故C项错误D因电容器两端的电压增

11、大，板间场强增大，下极板与电荷所在位置间的电势差增大，因下极板接地，电势始终为0，则电荷所在位置的电势减小；粒子带正电，则粒子电势能减小故D项正确【点睛】本题是电容器动态变化分析与电路动态变化分析的综合，抓住电容器的电压与电阻电压的关系进行分析；下极板接地且与电源正极相连，板间各点电势均为负值2、D【解析】A、处于静电平衡的导体内部合场强为零，导体是一个等势体，则表面是一个等势面，而场强和等势面是垂直关系，故A错误；B、没有绝对静止的物体存在，处于静电平衡状态的导体内部的电子不再定向运动，但无规则运动没有停止，故B错误；C、处于静电平衡的导体是一个等势体，但电势不一定为零，电势为零不为零是人为

12、规定的，故C 错误；D、处于静电平衡状态时，电荷只分布在外表面上，导体内部将没有多余的“净”电荷，故D正确；综上所述本题答案是：D3、D【解析】滑动变阻器的滑动触点向b移动时，R0接入电路的电阻增大，外电路电阻增大，电路中的总电流减小，电源的内电压减小，路端电压增加，电压表的示数增大；电路的总电流减小，电阻R2两端电压增大，流过R2的电流增大，流过电流表的电流减小，电流表的示数减小故D项正确，ABC三项错误【点睛】电路动态分析问题，按局部到整体，再对局部分析各元件上电压或电流的变化灵活应用闭合电路的欧姆定律，电动势、路端电压和内电压关系，串并联电路的电压电流关系是解决动态电路的关键4、A【解析

13、】分析电路图,根据电表测量值与真实值间的关系,应用欧姆定律分析电阻测量值与真实值间的关系,然后答题【详解】图甲所示电路是电流表的内接法,电流的测量值等于真实值,因为电流表的分压作用,电压的测量值大于真实值,即所测电流I是真实的,所测电压U偏大,电阻测量值大于真实值R,图乙所示电路是电流表的外接法,电压的测量值等于真实值,因为电压表的分流作用,电流的测量值大于真实值,即所测电压U是真实的,所测电流I偏大,电阻测量值小于真实值R，综合分析可以知道R1 RZ R2，故A对；BCD错；故选A【点睛】5、C【解析】A由可知，当电阻变为原来一半，电压不变时，其电功率变为原来的2倍，故A错误；B由可知，当电

14、压变为原来一半，电阻不变时，其电功率变为原来的倍，故B错误；C由可知，当电压和电阻都变为原来一半时，其电功率变为原来的倍，故C正确；D由可知，当电流变为原来一半，电阻不变时，其电功率变为原来的倍，故D错误。故选C。6、D【解析】该题考查了带电量相同，质量不同的带电粒子以相同的速度进入同一匀强磁场中做圆周运动时半径的关系由半径公式可以发现，质量越大，轨道半径越大【详解】电子、质子、氘核、氚核四种粒子的带电量多少是相同，但是质量是不相同的，m电子m质子m氘核m氚核，带电粒子在磁场中运动的轨道半径公式为，它们以相同的速度进入同一匀强磁场，电荷量有数值相同，所以，轨道半径是与质量成正比的，所以氚核的轨

15、道半径是最大的故D正确，选项ABC错误故选D【点睛】该题可以由电量多少相同和质量不同，延伸为带电粒子的比荷不同，从而判断运动轨道半径的不同由半径公式可知，在速度和磁场强度相同的情况下，运动半径与带电粒子的比荷是成反比的二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BCD【解析】表述电容器容纳电荷的本领为电容，电容器不是电容，故A错误，B正确；电容器的电容由电容器本身的因素决定，与电容器是否带电无关，故C正确；电容的国际单位是法拉，选项D正确；故选BCD.8、BC【解析】A设电路

16、中的电流为I，则：P=IE-I(R+r)即20=I20-I(4+1)解得I=2A选项A错误；B电源的输出功率为选项B正确；CD电动机两端电压U=E- I(R+r)=10V电动机的输出功率为选项C正确，D错误。9、AC【解析】A：当S接触点2时，表头与R1并联后与电源和滑动变阻器相连，多用电表处于测量电阻的挡位。故A项正确。B：当S接触点3时，表头与R1并联后与R3串联，多用电表处于测量电压的挡位。故B项错误。CD：当S接触点3时，多用电表处于测量电阻的挡位，测量电阻时，电流从电源正极出发经接线柱B流出，经过电阻后，再从接线柱A流入电表，则接线柱A为“+”接线柱。故C项正确，D项错误。【点睛】多

17、用电流测量电流、电压或电阻时，电流均从 “+”接线柱流入电表，从“”接线柱流出电表。且红表笔与“+”接线柱相连，黑表笔与“”接线柱相连。10、AD【解析】水平方向x=v0t竖直方向可得则当一定时，t一定，越大，越大；当一定时，越大，越大。选项AD正确，BC错误。故选AD。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、0.383(0.382-0.385) A1 R1 如图； 【解析】对螺旋测微器，以鼓轮边缘为准在固定刻度上读出整毫米数零，从可动刻度上读出毫米以下的小数：，测量长度为上述二者之和，需注意的是该螺旋测微仪精度为，读数需估读一位；由于通过

18、待测电阻的最大电流为，所以电流表应选择；根据闭合电路欧姆定律可求出电路中需要的最大电阻应为：，则变阻器需要的最大电阻为，所以为调节方便，变阻器应选择；滑动变阻器滑片置于端时电流最小，则此时滑动变阻器的阻值最大，接法如图根据欧姆定律应有，联立可得点睛：本题考查测量导体电阻率的实验，要注意正确分析题目中给出的物理量，从面确定出可用的仪表12、黑 变小 【解析】(1)1 由图甲所示可知，a与电源正极相连，则a表笔是黑色的；23 电流表G与定值电阻并联，由题意可知则有由图甲所示，根据闭合回路欧姆定律得变形得由图乙所示图象可知，图象纵轴截距图象斜率解得E=8V内阻 4由欧姆定律得电流表的量程为(2) 5 将图甲中电流表G并联一个定值电阻，组成一个新的欧姆表（表盘刻度不变），欧姆表电流变大，内阻减小，新欧姆表的倍率较改装前欧姆表的倍率变小。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（