东莞市东方明珠xx学校2023学年高二物理第一学期期中复习检测试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷考生请注意：1答题前请将考场、试室号、座位号、考生号、姓名写在试卷密封线内，不得在试卷上作任何标记。2第一部分选择题每小题选出答案后，需将答案写在试卷指定的括号内，第二部分非选择题答案写在试卷题目指定的位置上。3考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，质量相等的两个带电液滴1和2从水平方向的匀强电场中O点自由释放后，分别抵达B、C两点，若ABBC，则它们带电荷量之比q1q2等于()A11 B21 C1 D12、如图所示

2、,图线a表示的导体的电阻为R1,图线b表示的导体的电阻为R2,则下列说法中正确的是 ( )AR1R2=13BR1R2=31C将R1与R2串联后接于同一电源上,则通过它们的电流之比I1I2=13D将R1与R2并联后接于同一电源上,则它们两端的电压之比U1U2=133、下列叙述正确的是A电荷不能够创造，但可以消灭B一个物体带1.610-9C的负电荷，这是它失去了1.01010个电子的缘故C元电荷是表示跟电子所带电荷量数值相等的电荷量D只有很小的球形带电体才叫做点电荷4、关于导体的电阻及电阻率的说法中，正确的是()A由R=UI可知，导体的电阻跟导体两端的电压成正比，跟导体中的电流成反比B由R=lS知

3、，导体的电阻与长度l、电阻率成正比，与横截面积S成反比C将一根导线一分为二，则半根导线的电阻和电阻率都是原来的二分之一D将一根电阻丝均匀拉长为原来2倍，则电阻丝的电阻变为原来的2倍5、如图所示电路中，已知R1R2R3，当在AB间接入电源后流过R1、R2、R3的电流比为（ ）A211B111C221D1126、如图所示,长0.5 m的轻质细杆,一端固定有一个质量为3 kg的小球,另一端由电动机带动,使杆绕O点在竖直平面内做匀速圆周运动,小球的速率为2 m/s。取g=10 m/s2,下列说法正确的是A小球通过最高点时,对杆的拉力大小是24 NB小球通过最高点时,对杆的压力大小是6 NC小球通过最低

4、点时,对杆的拉力大小是24 ND小球通过最低点时,对杆的拉力大小是6 N二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、学习了多用电表的使用之后，某物理学习小组开展用多用电表排除电路故障的课外活动。由小组长设计一个故障电路如图所示：闭合开关之后电流表没有示数，其原因可能是接线点A、B、C、D、E、F、G中的某处接触不良，也可能是导线1、2、3、4中有一根断路。现由其他组员用多用电表来排除故障：首先确认各接线点接触良好，闭合开关，发现电流表依然没有示数；再用多用电表进行检查，以下说

5、法正确的是则A在开关闭合的情况下，既可选用多用电表的电压档进行检查，也可选用多用电表的欧姆档进行检查B在开关断开的情况下，应当选用多用电表的欧姆档进行检查C在正确选用检测档位的情况下，若测得B、C两接线点间的电压很接近电源的电动势，则表明导线2断路D在正确选用检测档位的情况下，若测得C、D两点间的电压为0，则表明导线3断路8、用两个一样的弹簧吊着一根铜棒，铜棒所在虚线范围内有垂直于纸面的匀强磁场，棒中通以自左向右的电流（如图所示），当棒静止时，弹簧秤的读数为F1；若将棒中的电流方向反向，当棒静止时，弹簧秤的示数为F2，且F2F1，根据这两个数据，不能确定（ ）A磁场的方向B磁感强度的大小C安培

6、力的大小D铜棒的重力9、如图所示的电路，将两个相同的电流计分别改装成A1（03A）和A2（00.6A）的电流表，把两个电流表并联接入电路中测量电流强度，则下列说法正确的是()AA1的指针半偏时，A2的指针也半偏BA1的指针还没半偏时，A2的指针已经半偏CA1的读数为1.00A时，A2的读数为0.20ADA1的读数为1.00A时，干路的电流为2.00A10、关于电场强度、磁感应强度，下列说法正确的是（）A由真空中点电荷的电场强度公式可知当r趋近于零时，其电场强度趋近于无限大B电场强度的定义式适用于任何电场C由安培力公式可知，一小段通电导体在某处不受安培力，说明此处一定无磁场D一通电直导线在匀强磁

7、场中受到安培力时，磁感应强度方向一定垂直于安培力方向三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）小明同学认为合力一定大于分力。小红同学通过“探究力的合成”的实验作出力的图示，如图所示。由图可知，F1、F2、F中，最小的是_ ，合力为_ ；由此可以判断，小明的认识是_ 的（选填“正确”或“不正确”）；若保持分力大小不变，仅使它们之间的夹角变小，合力会_ （选填“变大”“变小”或“不变”）12（12分）在“描绘小灯泡的伏安特性曲线”的实验中(1)实验中滑动变阻器应采用_接法(填“分压”或“限流”)(2)用笔画线代替导线，将实验电路连接完整，使

8、该装置可以更好、更准确地完成实验；（_）(3)描绘出伏安特性曲线如图，其弯曲的主要原因是_四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示，电路中电阻R10，电源的内电阻r2，灯泡L上标有“6V，0.5A”的字样.闭合开关S，灯泡正常发光.求:（1）灯泡的功率；（2）电源的电动势。14（16分）如图所示，光滑水平轨道与半径为R的光滑竖直半圆轨道在B点平滑连接在过圆心O的水平界面MN的下方分布有水平向右的匀强电场现有一质量为m，电荷量为q的小球从水平轨道上A点由静止释放，小球运动到C点离开圆轨道后，经界面MN上的

9、P点进入电场(P点恰好在A点的正上方，如图所示小球可视为质点，小球运动到C点之前电荷量保持不变，经过C点后电荷量立即变为零)已知A、B间距离为2R，重力加速度为g在上述运动过程中，求(1)电场强度E的大小；(2)小球在圆轨道上运动时的最大速率(3) 小球对圆轨道的最大压力的大小15（12分）如图所示，在水平直线MN的下方存在着垂直纸面向里的匀强磁场，一带电量为q（），质量为m的带电粒子从直线上的A点射入磁场，速度大小为v，方向与直线成角。粒子最后从直线上的B点离开磁场，已知。求：(1)磁感应强度大小；(2)粒子在磁场中运动的时间。参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每

10、小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、B【解析】试题分析：首先根据液滴在重力场和电场中的受力情况，判断出液滴在复合场中均做初速度为零的匀加速直线运动（在水平和竖直两个方向上均是初速度为零匀加速直线运动），作图画出两液滴的轨迹图，根据初速度为零的匀加速直线运动的位移公式即可求出两液滴的电量之比两个带电液滴在复合场中分别受到大小不变的电场力和重力（即各自的合力不变），又是由静止自由释放，可知两个液滴均做初速度为零的匀加速直线运动（在水平和竖直两个方向上均是初速度为零匀加速直线运动），运动轨迹如图所示，设OA的距离为L，设AB=BC=h，对液滴1：水平方向上有，竖直方向上有；对液滴2：

11、水平方向上，竖直方向上有，式联立得，B正确2、A【解析】根据I-U图象知，图线的斜率表示电阻的倒数， ，所以R1：R2=1：1则A正确，B错误；串联的电流相同，则C错误，并联后电压相同，则D错误；故选A.3、C【解析】根据电荷守恒定律可知，电荷即不能够创造，也不可以消灭，选项A错误；一个物体带1.610-9C的负电荷，这是它得到了1.01010个电子的缘故，选项B错误；元电荷是表示跟电子所带电荷量数值相等的电荷量，选项C正确；当带电体的形状对它们间相互作用力的影响可忽略时，这个带电体可看作点电荷，与电荷的大小无关。故D错误。故选C。4、B【解析】导体的电阻由导体本身决定，与导体两端的电压和通过

12、导体的电流无关，选项A错误；由R=lS知，导体的电阻与长度l、电阻率成正比，与横截面积S成反比，选项B正确；导体的电阻率只与材料有关，与长度无关，选项C错误；将一根电阻丝均匀拉长为原来2倍，则截面积变为原来的1/2，则电阻丝的电阻变为原来的4倍，选项D错误.5、B【解析】由图知，三个电阻并联，三个电阻两端的电压都相等，已知R1=R2=R3，根据欧姆定律得流过R1、R2、R3的电流比为1：1：1，B正确，ACD错误。故选B。6、B【解析】AB设在最高点杆子表现为拉力，则有：代入数据得：F= -6N，则杆子表现为支持力，大小为6N所以小球对杆子表现为压力，大小为6N故A错误，B正确CD在最低点杆子

13、表现为拉力，有：代入数据得：F=54N故C错误，D错误二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BC【解析】AB在闭合开关的情况下不能用欧姆档检查的，使用欧姆表时待测电阻需与外电路断开，故A错误，B正确.C在正确选用检测档位的情况下，若导线2完好，则B、C两接线点间的电压应为0，当B、C两接线点间的电压接近电源电动势时，则表明导线2断路，故C正确.D在正确选用检测档位的情况下，若测得C、D两点间的电压为0，不能说明导线3断路，其它导线断路也可以，故D错误.8、ACD【解析】

14、因为电流反向时，弹簧秤的读数，可知电流自左向右时，导体棒受到的磁场力方向向上，根据左手定则可以确定磁场的方向为垂直纸面向里，故A正确；由于无法确定电流大小，所以磁感应强度的大小不知，故B错误；令铜棒的重力为G，安培力的大小为F，则由平衡条件得：；当电流反向时，磁场力变为竖直向下，此时同样根据导体棒平衡有：；联立得：，因此可确定安培力的大小与铜棒的重力，故CD正确，故选ACD【点睛】由题意知，导体棒受到的磁场力方向在竖直方向，因为电流反向时磁场力同样反向，又因为反向时，弹簧秤读数增大，由此可知电流自左向右时，导体棒受磁场力方向向上，根据左手定则可知，磁场方向垂直纸面向里因为电流反向，磁场力只改变

15、方向，不改变大小，根据导体棒的平衡可以求出安培力的大小表达式和重力大小的表达式9、AC【解析】AB电流表是由电流计并联一个电阻改装而成，两电流表并联，两电流表两端电压相等，流过两表头的电流相等，所以A1的指针半偏时，A2的指针也半偏，故A正确，B错误。CD两电流表量程之比为5：1，两电流表的内阻之比为1：5，则通过电流表的电流之比为5：1A1的读数为1.00A时，A2的读数为0.20A，干路中的电流为：1.2A，故C正确，D错误；10、BD【解析】A当r趋近于零时，电荷不能再视为点电荷，该公式不在使用，故A错误；B为电场强度的定义式，适用于一切电场，故B正确；C导线不受安培力，可能是导线与磁场

16、方向平行，故C错误；D安培力方向垂直于导线和磁场构成的平面，故D正确；故选BD。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、F F 不正确 变大 【解析】由图可知，F1、F2、F中，最小的是F，F是平行四边形的对角线，则合力为F ；由图可知，合力可以小于分力，由此可以判断，小明的认识是不正确的；若保持分力大小不变，仅使它们之间的夹角变小，对角线表示的合力F会变大。12、分压灯丝电阻随温度的升高而增大【解析】（1）实验中要在小灯泡上得到从零开始的可调电压，则滑动变阻器应采用分压接法；（2）小灯泡电阻较小，可采用电流表外接电路；实物连接如图；（3）

17、描绘出伏安特性曲线，其弯曲的主要原因是灯丝电阻随温度的升高而增大【点睛】当实验要求电流从零调时，变阻器应用分压式接法，应选择阻值小的变阻器以方便调节；当测量小电阻时应采用电流表外接法四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）3W；（2）12V【解析】（1）由题知，灯泡正常发光，则灯泡的电压为 U=6V，电流为 I=0.5A所以灯泡的功率为P=UI=3W（2）由闭合电路欧姆定律得：电源的电动势E=U+I（R+r）=6+0.5（10+2）=12V14、（1）E=；（2）；（3）F=（2+3）mg【解析】（1）设电场强度

18、为E，小球从A到C由动能定理：qE3Rmg2R=mvc2，小球过C点时速度大小为vc，小球离开C点后做平抛运动到P点：R= gt2，2R=vct联立解得：E=，即电场强度E的大小为；（2）设小球运动到圆周D点时速度最大为v，此时OD与竖直线OB夹角为，小球从A运动到D过程，根据动能定理：qE(2R+Rsin)-mgR(1-cos)=mv2，即：mv2=mgR(sin+cos+1)根据数学知识可得，当=45时动能最大，由此可得：，即小球在圆轨道上运动时的最大速率为(3)由于小球在D点时速度最大且电场力与重力的合力恰好沿半径方向，故小球在D点对圆轨道的压力最大，设此压力大小为F，由牛顿第三定律可知小球在D点受到的轨道弹力大小也为F，在D点对小球进行受力分析，并建立如图所示坐标系由牛顿第二