2023学年湖北省第五届测评活动高二物理第一学期期中教学质量检测模拟试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷考生须知：1全卷分选择题和非选择题两部分，全部在答题纸上作答。选择题必须用2B铅笔填涂；非选择题的答案必须用黑色字迹的钢笔或答字笔写在“答题纸”相应位置上。2请用黑色字迹的钢笔或答字笔在“答题纸”上先填写姓名和准考证号。3保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，在草稿纸、试题卷上答题无效。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，电源电动势为E，内阻为r，合上开关S后各灯恰能正常发光，如果某一时刻电灯C烧断，则（ ）A灯A变暗，灯B变亮B灯A变亮，灯B变暗C灯A、灯B都变亮D灯A、灯B

2、都变暗2、某电场的电场线如图，a、b是一条电场线上的两点， 用 、 和 、 分别表示a、b两点的电势和电场强度，可以判定（ ）ABCD3、如图，绝缘光滑圆环竖直放置，a、b、c为三个套在圆环上可自由滑动的空心带电小球，已知小球c位于圆环最高点，ac连线与竖直方向成60角，bc连线与竖直方向成30角，三个小球均处于静止状态。下列说法正确的是（）Aa、b、c小球带同种电荷Ba、b小球带异种电荷，b、c小球带同种电荷Ca、b小球电量之比为Da、b小球电量之比4、用一个水平拉力拉着一物体在水平面上绕着点做匀速圆周运动关于物体受到的拉力和摩擦力的受力示意图，下列四个图中可能正确的是（ ）ABCD5、如图

3、所示是某导体的IU图线，图中45，下列说法不正确的( )A通过该导体的电流与其两端的电压成正比B此导体的电阻R不变CIU图线的斜率表示电阻的倒数，所以Rcot 451 D在该导体两端加6V电压时，每秒通过导体截面的电荷量是3C6、一质子在静电场中由a点移到b点，在这过程中，电场力做的功为8.010-17J，则a、b两点间的电势差Uab为( )A3102VB5102VC4102VD7102V二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、在倾角为的光滑绝缘斜面上，放一根通电的直导线

4、，如图，当加上如下所述的磁场后，有可能使导线静止在斜面上的是（）A加竖直向下的匀强磁场B加垂直斜面向下的匀强磁场C加水平向右的匀强磁场D加沿斜面向下的匀强磁场8、如图所示，R为电阻箱，V为理想电压表。当电阻箱的示数R12.0时，电压表的示数U14.0V；当电阻箱的示数R25.0时，电压表的示数U25.0V。则此电源的电动势，内阻分别是（ ） AE6VBE3VCr1Dr29、一个电子只在电场力作用下从a点运动到b点的轨迹如图中虚线所示，图中一组平行实线可能是电场线，也可能是等势线，下列说法中正确的是( )A如果实线是电场线，则a点的电势比b点的电势高B如果实线是等势线，则a点的电势比b点的电势高

5、C如果实线是电场线，则电子在a点的电势能比在b点的电势能大D如果实线是等势线，则电子在a点的电势能比在b点的电势能小10、（多选）如图所示，E为内阻不能忽略的电池，R1、R2、R3均为定值电阻，电表均为理想电表；开始时开关S闭合，两个电表均有读数，某时刻发现电压表示数变小，而电流表示数变大，则电路中可能出现的故障是（ ）AR2短路 BR2断路CR1短路 DR3短路三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）现要测定一个额定电压4V、额定功率为1.6W的小灯泡的伏安特性曲线。要求所测电压范围为0.14V。现有器材：直流电源E（电动势4V、内

6、阻不计），电压表V（量程4.5V，内阻约为410）， 电流表A1（量程200mA，内阻约为2）， 电流表A2（量程为500mA，内阻约为1），滑动变阻器R（最大阻值约为30），电键S，导线若干。(1)如果既要满足要求，又要测量误差小，应该选用的电流表是_（填字母代号）(2)下面两个电路应该选用的是_。（填“甲” “乙”）(3)测量值比真实值_。（填“偏大”“偏小”）(4)将下列实物连接成实验电路补充完整_。(5)刚开始实验时，滑片应放在_端。（填“a”“b”）12（12分）小明同学想测量某电阻元件正常工作下的阻值RL，已知该元件电阻约为2，额定电流为1A。在保证器材安全的情况下，尽量准确的测量

7、RL。可供使用的器材有：A电流表A1：量程00.6A(内阻RA1为1)B电流表A2：量程03A(内阻RA2约为0.5)C电压表V1：量程03V(内阻RV1约为3K)D电压表V2：量程015V(内阻RV2约为15K)E.定值电阻R1=1F.定值电阻R3=1KG.滑动变阻器R：05H.蓄电池E：电动势10V，不计内阻I.导线，电键S(1)电流表应选_，电压表应选_(填写器材前面的字母序号)(2)画出电路图，并标上元件对应的符号；(3)正确连接电路后，当电流表示数为_A，元件正常工作。此时电压表示数如右上图，请读出此时电压表的示数_V，则此元件的电阻为_。(计算结果保留2位小数)四、计算题：本题共2

8、小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示，一质量为m，电荷量为q的带正电荷小球（可视为质点）从y轴上的A点以初速度v0（未知）水平抛出，两长为L的平行金属板M。N倾斜放置且水平方向间的夹角为，带电小球恰好能垂直M板从其中心小孔B进入两板间（sin37=0.6，cos37=0.8）（1）试求带电小球在y轴上的抛出点A的坐标以及小球抛出时的初速度v0；（2）若该平行金属板M、N间有如图所示的匀强电场，且匀强电场的电场强度大小与小球质量之间的关系满足，试计算两平行板M、N之间的垂直距离d至少为多少时才能保证小球不打在N板上。14

9、（16分）在图示电路中，电源输出电压恒定，定值电阻r的阻值为5，L为标有“3V 1.5W”的小灯泡，滑动变阻器的总阻值为30，当滑动变阻器的滑动触头P位于变阻器的中点时，灯泡L恰能正常发光，此时理想电压表的示数为20.5V求： (1)电阻Rx的阻值；(2)电源的电压；(3)此时滑动变阻器消耗的功率15（12分）如图所示，以O为圆心、半径为R的圆形区域内存在垂直圆面向里、磁感应强度为B的匀强磁场，一粒子源位于圆周上的M点，可向磁场区域内垂直磁场沿各个方向发射质量为m、电荷量为q的粒子，不计粒子重力，N为圆周上另一点，半径OM和ON间的夹角为，且满足 0.5.(1)若某一粒子以速率v1，沿与MO成

10、60角斜向上方射入磁场，求此粒子在磁场中运动的时间；(2)若某一粒子以速率v2，沿MO方向射入磁场，恰能从N点离开磁场，求此粒子的速率v2；(3)若由M点射入磁场各个方向的所有粒子速率均为v2，求磁场中有粒子通过的区域面积.参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、A【解析】电灯C烧断后，电路少了一个支路，则电路中的总电阻增大，总电流减小，即通过灯泡A的电流减小，所以A变暗，A两端电压减小，根据闭合回路欧姆定律可得路端电压增大，所以而A两端的电压减小，所以B两端的电压增大，故B灯变亮，A正确2、C【解析】根据电场线疏密表

11、示电场强度大小，EaEb；根据沿电场线电势降低，ab，故ABD错误，C正确。故选C.3、D【解析】AB对a，a受到重力、环的支持力以及b、c对a的库仑力，重力的方向在竖直方向上，环的支持力以及b对a的库仑力均沿圆环直径方向，故c对a的库仑力为引力，同理可知，c对b的库仑力也为引力，所以a与c的电性一定相反，与b的电性一定相同。即：a、b小球带同种电荷，b、c小球带异种电荷，故AB错误；CD对c小球受力分析，将力沿水平方向和竖直方向正交分解后可得又解得：故C错误，D正确。故选D。4、C【解析】试题分析：由于物体做匀速圆周运动，所以物体受到的合力方向指向圆心，合力提供的是向心力，再根据力的合成的知

12、识可知，C中的二个力的合力才会指向圆心，而其余的三种情况下的合力都不能指向圆心，故该题选C考点：匀速圆周运动5、C【解析】A、由图可以知道,电流随着其两端的电压的增大而增大,故电流与其两端的电压成正比，故A 正确B、由 可以知道,图象的斜率表示电阻的倒数，则由图象可以知道即导体的电阻是一定值，故B正确，C错误；D、在R两端加6V的电压时,电路中电流 ,则每秒通过电阻的电荷量为，故D正确；本题要不正确的是，所以C是不正确的综上所述本题答案是：C 6、B【解析】根据电场力做功的公式Wab=qUab，得：A3102V，与结论不相符，选项A错误；B5102V，与结论相符，选项B正确；C4102V，与结

13、论不相符，选项C错误；D7102V，与结论不相符，选项D错误；二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AB【解析】解：A、加竖直向下的匀强磁场，根据左手定则可知，安培力的方向向左，重力支持力与安培力可以三力平衡故A正确；B、加垂直斜面向下的匀强磁场，根据左手定则可知，安培力的方向沿斜面的方向向上，重力支持力与安培力可以三力平衡故B正确；C、加水平向右的匀强磁场，根据左手定则可知，安培力的方向向下，重力、支持力与安培力不可以平衡故C错误；D、加沿斜面向下的匀强磁场，根据左手

14、定则可知，安培力的方向垂直于斜面向下，重力、支持力与安培力三力不可能平衡故D错误故选AB【点评】该题结合安培力考查共点力平衡的条件，根据左手定则判断出安培力的方向，然后逐项分析即可8、AC【解析】根据闭合电路欧姆定律，当电阻箱读数为R1=2.0时 当电阻箱读数为R2=5.0时 联立上两式得代入数据解得代入式得故选AC。9、BCD【解析】由电子的轨迹弯曲方向判断电子所受的电场力方向，确定电场线的方向，判断电势高低匀强电场中场强处处大小相等根据电场力方向与电子速度方向的夹角，判断电场力对电子做正功还是负功，确定电子在a点与b点动能的大小【详解】AC、若图中实线是电场线，电子所受的电场力水平向右，电

15、场线方向水平向左，则a点的电势比b点低，由于从a点运动到b点电场力做正功，所以电子的电势能减小，所以电子在a点的电势能比在b点的电势能大，故A错误，C正确；BD、若实线是等势面，由于电场线与等势面垂直，电子所受电场力方向向下，则电场线方向向上，则a点的电势比b点高。从a到b电子做负功，所以电势能增加，则电子在a点的电势能比在b点的电势能小，故BD正确；故选BCD。【点睛】物体做曲线运动时，所受合力指向轨迹弯曲的内侧，根据轨迹的弯曲方向要能判断出物体合力的大致方向10、CD【解析】若R2短路，电流表没有电流通过，示数变为零，与题不符，故A错误若R2断路，外电路总电阻增大，总电流减小，内电压减小，

16、则电压表读数变大；R3的分压增大，则电流表A的读数变大，不符合题意，故B错误若R1短路，外电路总电阻减小，总电流增大，内电压增大，则电压表读数变小；R3的分压增大，则电流表A的读数变大，符合题意，故C正确若R3短路，外电路总电阻减小，总电流增大，内电压增大，则电压表读数变小，R2的电压减小，通过R2的电流减小，则电流表地示数增大，符合题意，故D正确故选CD.点睛：在故障分析问题中，常常用排除法本题中是理想电表，电压表内阻认为是无限大，电流表的内阻认为为零三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、A2 甲 偏小 a 【解析】根据灯泡额定电流选择

17、电流表，根据灯泡电阻与电表内阻的关系确定电流表的接法，根据要求电压调节范围很大说明滑动变阻器应用分压式接法；然后选择实验电路；【详解】解：(1)对小灯泡由，所以电流表应选A2；(2) 由于测定一个额定电压4V、额定功率为1.6W的小灯泡的伏安特性曲线，所测电压范围为0.14V，所以滑动变阻器应用分压式接法；由于满足，所以电流表应用外接法，故应该选用甲图；(3) 由于电流表应用外接法，电压表分流使电流表示数变大，测量值比真实值偏小；(4)实物图如图所示：(5)滑动变阻器做分压器使用时，应该放在最小位置处，这样可以起到保护电流表和用电器的目的，所以刚开始实验时，滑片应放在a端；12、A C 0.5

18、0 2.53-2.57 2.03-2.07 【解析】（1）的额定电流为1A，从安全性和精确性两方面考虑，两个电流表均不满足要求，故要进行电表的改装，电流表量程较小，且知道内阻，故把改装能达到要求，电流表和改装成量程为1.2A的电流表，满足要求，电流表选，故选A；由于的额定电流为1A，两端的最大电压约为2V，故电压表选择，故选C；（2）的量程是，小于电源的电动势,从安全性的角度考虑，应采用分压式解法，考虑到知道电流表的内阻，采用电流表内接法可以消除系统误差，电路图如下图所示：（3）当电流表的读数为0.5A时，电阻两端达到额定电流1A，正常工作。估算电流的最大值，由于只有电流表知道内阻，由图可知电

19、压表的读数为2.53-2.57V ，由，代入数据可得：四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、 (1)，；(2)。【解析】（1）设小球由y轴上的A点运动到金属板M的中点B的时间为t，由题意，在与x轴平行的方向上，有：带电小球在竖直方向上下落的距离为：所以小球抛出点A的纵坐标为：以上各式联立并代入数据可解得：所以小球抛出点A的坐标为，小球抛出时的初速度大小为：（2）设小球进入电场时的速度大小为v，则由动能定理可得解得：带电小球进入匀强电场后的受力情况如图所示因为，所以因此，带电小球进入该匀强电场之后，将做类平抛运动其加速度大小为：设带电小球在该匀强电场中运动的时间为，欲使小球不打在N板上，由