2023学年山东济南第一中学高二物理第一学期期中检测试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷请考生注意：1请用2B铅笔将选择题答案涂填在答题纸相应位置上，请用05毫米及以上黑色字迹的钢笔或签字笔将主观题的答案写在答题纸相应的答题区内。写在试题卷、草稿纸上均无效。2答题前，认真阅读答题纸上的注意事项，按规定答题。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、一简谐横波在X轴上传播，在某时刻的波形如图所示，已知此时质点F的运动方向向下则错误的是：( )A、此波朝X 轴负方向传播B、质点D 此时向下运动C、质点C将比质点B先回到平衡位置D、质点E 的振幅为零2、关于电源，下列说法中正确的是( )

2、A电源可将其他形式的能量转化为电能B在电源内部，电源依靠库仑力搬移电荷C在电源内部，电荷只在非静电力作用下定向移动D电源就是产生电荷的装置3、如图所示，为一列沿x轴正方向传播的机械波在某一时刻的图像，由图可知，这列波的振幅A、波长和x=l米处质点的速度方向分别为：（ ）AA=0.4 m =1m 向上BA=1m =0.4m 向下CA=0.4m =2m 向下DA=2 m =3m 向上4、如图所示为远距离交流输电的简化电路图发电厂的输出电压是U，用等效总电阻是r的两条输电线输电，输电线路中的电流是I1，其末端间的电压为U1在输电线与用户间连有一理想变压器，流入用户端的电流是I2则（ ）A用户端的电压

3、为I1U1/I2B输电线上的电压降为UC理想变压器的输入功率为I12rD输电线路上损失的电功率为I1U5、两个点电荷间的相互作用力为F，若每个电荷的带电量都增大一倍，并把它们之间的距离减少一半，则它们之间的相互作用力变为( )A2FB4FC8FD16F6、某电场区域的电场线如图所示把一个电子从A点移到B点时，则（） A电子所受的电场力增大，电子克服电场力做功B电子所受的电场力减小，电场力对电子做功C电子所受的电场力增大，电势能减小D电子所受的电场力增大，电势能增大二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不

4、全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，一电子沿Ox轴射入电场，在电场中的运动轨迹为OCD，已知，电子过C、D两点时竖直方向的分速度为vCy和vDy；电子在OC段和OD动能变化量分别为Ek1和Ek2，则ABCD 8、如图所示，实线表示匀强电场的电场线，其处于竖直平面内且与水平方向成角，水平方向的匀强磁场与电场正交。现有一带电滴沿图中虚线L斜向上做直线运动，L与水平方向成角，且，则下列说法中正确的是 A液滴一定带正电 B电场线方向一定斜向下C液滴一定做匀速直线运 D液滴机械能一定增加9、如图所示，已知直流电动机M的电阻是R，电源的电阻是r，当电动机正常工作时电压表的示数是U，电流表的示数是I.

5、（ ）At秒钟内，电动机产生的热量是IUtBt秒钟内，电动机消耗的电能是IUtC电源电动势是IR+IrD电源电动势是U+Ir10、如图所示，匀强电场中某电场线上的两点A、B相距0.2 m，正电荷q106C，从A移到B，电场力做功为2106J，则( )A该电场的场强为10 V/m B该电场的场强方向由A指向BCA、B间的电势差为10 V DB点的电势比A点的高三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）某同学想测量一个导体的阻值。（1）他先用多用电表进行初步测量，主要的操作过程分以下几个步骤，请将第步操作填写完整：将红、黑表笔分别插入多用电

6、表的“+”、“-”插孔；选择电阻档“10”；将红、黑表笔短接，调整调零旋钮调零；把红、黑表笔分别与导体的两端相接，发现指针的偏转角度过大。_，重新把红、黑表笔分别与导体的两端相接，读取导体的阻值。（2）采用上述的操作步骤后，多用表的示数如图所示。则该段导体的电阻测量值为_。（3）为了比较精确的测量这个导体的电阻值，他采用伏安法继续进行实验测量，现有实验器材如下：A电源E（电动势4.0V，内阻0.5）；B电压表（0315V，内阻大于3k）；C电流表（00.63A，内阻小于1）；D滑动变阻器R1（050，2.0A）； E. 滑动变阻器R2（01750，0.3A）； F. 开关S和导线若干。为减小测

7、量误差，在实验中，滑动变阻器应选用_（选填“R1”或“R2”）。连接电路时，电压表的量程应选_V，电流表的量程应选_A。实验电路应采用图中的_（选填“甲”或“乙”）。（4）本次测量产生误差的主要原因是_。（选填选项前的字母）A电流表测量值小于流经Rx的电流值B电流表测量值大于流经Rx的电流值C电压表测量值小于Rx两端的电压值D电压表测量值大于Rx两端的电压值12（12分）在“描绘小灯泡的伏安特性曲线”的实验中，提供的实验仪器如下：A小灯泡，L“3.8 V、0.3 A”B电压表，量程05 V，内阻5 kC电流表，量程0500 mA，内阻0.4 D滑动变阻器，最大阻值10 ，额定电流1.0 AE.

8、直流电源，电动势约为6 V，内阻约为0.5 F.开关（1）试完善在虚线框内未画完的实验电路图_。（2）某小组利用实验所得数据，描绘出小灯泡的伏安特性曲线如图，图像说明随着电压的升高，小灯泡的电阻_（填“变大”、“不变”或“变小”）。（3）用P表示小灯泡消耗的电功率，下列图像中正确反应小灯泡功率变化情况的有_。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）在动摩擦因数0.2的粗糙绝缘足够长的水平滑漕中，长为2L的绝缘轻质细杆两端各连接一个质量均为m的带电小球A和B，如图为俯视图（槽两侧光滑）A球的电荷量为2q，B球的电

9、荷量为3q（均可视为质点，也不考虑两者间相互作用的库仑力）现让A处于如图所示的有界匀强电场区域MPQN内，已知虚线MP恰位于细杆的中垂线，MP和NQ的距离为3L，匀强电场的场强大小为E1.2mg/q，方向水平向右释放带电系统，让A、B从静止开始运动（忽略小球运动中所产生的磁场造成的影响）求：（1）小球B第一次到达电场边界MP所用的时间；（2）小球A第一次离开电场边界NQ时的速度大小（3）带电系统运动过程中，B球电势能增加量的最大值14（16分）如图所示，平行板电容器板间距离为2cm，有一个质量m10-7kg、电荷量q-108C的液滴，在两板正中央处于静止状态问：（取g10m/s2）（1）哪块板

10、带正电？板间电场强度多大？（2）若电容器电容为510-10F，则电容器带电荷量Q为多少？（3）若下板接地，液滴的电势能是多少？15（12分）地面上方存在水平向右的匀强电场，一质量为m带电量为q的小球用绝缘丝线悬挂在电场中，当小球静止时丝线与竖直方向的夹角为，此时小球到地面的高度为h,求：（1）匀强电场的场强？（2）若丝线突然断掉，小球经过多长时间落地？参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】试题分析：简谐波横波在x轴上传播，此时质点F的运动方向向下，可判断出波x轴负方向传播质点H此时的运动方向与F的运动方向相

11、反此时质点B向上运动，而质点C向下运动，则C先回到平衡位置此时质点E的位移为零，但振幅不为零解：A、简谐波横波在x轴上传播，此时质点F的运动方向向下，可判断出波x轴负方向传播故A正确B、质点D此时的运动方向与F的运动方向相反，即向上运动故B正确C、此时质点B向上运动，而质点C向下运动，直接回到平衡位置，则C先回到平衡位置故C正确D、此时质点E的位移为零，但振幅不为零，各个质点的振幅均相同故D错误故选D考点：横波的图象点评：本题是波动图象中基本题，由质点的振动方向判断波的传播方向是基本功，要熟练掌握2、A【解析】电源内部，电荷在非静电力和静电力共同作用下定向移动，BC错误；电源是将其他形式的能转

12、化为电能的装置，电源并非产生了电荷，而是使电荷发生定向移动，A正确D错误3、C【解析】由图像可知A=0.4m，波长为2m，该波沿x轴正方向，由“前带后，后跟前”，可判断质点1m正在向下振动；故C正确，ABD三项错误4、A【解析】试题分析：由于输电线与用户间连有一理想变压器，设用户端的电压是U 2，则U1I1=U2I2，得：故A正确；输电线上损失的电压为U-U1，故B错误；理想变压器的输入功率为U1I1故C错误；等效总电阻是r的两条输电线输电，输电线路中的电流是I1，所以输电线是损耗的功率是：I12r故D错误；故选A5、D【解析】由库仑定律 知当每个电荷的带电量都增大一倍，并把它们之间的距离减少

13、一半，则它们之间的相互作用力变为原来的16倍，故D正确；综上所述本题答案是：D6、C【解析】由图可知，B处电场线密，电场强度较大，所以电子在B受到的电场力较大，而电场力方向与电场线方向相反，所以从A运动到B，电场力对电子做正功，故AB错误；电子从A点移到B点时，电场力增大，而电场力做正功，其电势能减小，故C正确，D错误。所以C正确，ABD错误。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AD【解析】试题分析:电子沿Ox轴射入匀强电场，做类平抛运动，水平方向做匀速直线运动，已知

14、，则电子从O到C与从C到D的时间相等电子在竖直方向上做初速度为零的匀加速运动，则有vcy=atOC，vDy=atOD，所以vcy：vDy=tOC：tOD=1：1故A正确，B错误；根据匀变速直线运动的推论可知，在竖直方向上：yOC：yOD=1：2，根据动能定理得Ek1=qEyOC，Ek1=qEyOD，则得，Ek1：Ek1=1：2故C错误，D正确考点：带电粒子在匀强电场中的运动8、ACD【解析】A. 当带电液滴带正电，且电场线方向斜向上时，带电液滴受竖直向下的重力G、沿电场线向上的电场力F. 垂直于速度方向斜向左上方的洛伦兹力f作用，这三个力的合力可能为零，带电液滴沿虚线l做匀速直线运动，如果带电

15、液滴带负电、或电场线方向斜向下时，带电液滴所受合力不为零，不可能沿直线运动，故A正确，B错误；C. 带电液滴受竖直向下的重力G、沿电场线方向的电场力F. 垂直于速度方向的洛伦兹力f而做直线运动，如果做变速直线运动，洛伦兹力将不断变化，这三个力的合力不可能沿带电液滴的速度方向，因此这三个力的合力一定为零，带电液滴做匀速直线运动，故C正确；D.电场力做正功，洛伦兹力不做功，液滴机械能一定增加，故D正确。故选：ACD.点睛：带电液滴做直线运动，要么合力为零做匀速直线运动，要么所受合力与速度方向在同一直线上，做匀变速直线运动；对带电液滴进行受力分析，然后答题9、BD【解析】电动机是非纯电阻电路，电动机

16、总功率等于输出功率与热功率之和；由闭合电路欧姆定律可以求出电源电动势【详解】t秒钟内，电动机消耗的电能为UIt，电动机产生的热量是I2Rt，输出的电功为UIt-I2Rt，故A错误，B正确；根据闭合电路欧姆定律，有：E=U+Ir，电动机是非纯电阻电路，故UIR，故EIR+Ir，故C错误，D正确；故选BD。【点睛】电动机是非纯电阻电路，电动机总功率等于输出功率与热功率之和10、AB【解析】试题分析：根据电场力做功的公式W=qU得，故C错误根据匀强电场两点电势差和电场强度的公式U=Ed得故A正确UAB=A-B=2v，所以B点的电势比A点的低，沿着电场线电势一定降低，所以电场的方向由A向B，故B正确，

17、D错误故选AB考点：电场力的功与电势差的关系三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、将电阻调为“1”档 8 R1 3V 0.6A 甲 B 【解析】（1）1因选择“10”档指针偏角过大，可知倍率档选择过高，则应该选择“1”档，重新把红、黑表笔分别与导体的两端相接，读取导体的阻值。（2）2采用上述的操作步骤后，多用表的示数如图所示。则该段导体的电阻测量值为8。（3）3456为减小测量误差，在实验中滑动变阻器应选用阻值较小的R1。电源电动势为4V，则连接电路时，电压表的量程应选3V，电路中最大电流不超过，则电流表的量程应选0.6A。因电压表内阻远

18、大于待测电阻阻值，则采用电流表外接，滑动变阻器用限流电路，则实验电路应采用图中的甲。（4）7由于电路中电压表的分流作用使得电流表测量值大于流经Rx的电流值，这是本次测量产生误差的主要原因.故选B.12、 变大 BD 【解析】（1）1灯泡的电阻，则RVRL，则应该选用安培表外接电路；滑动变阻器用分压电路，如图： （2）2因I-U图像上某点与原点连线的斜率的倒数等于灯泡的电阻，由图像可知随着电压的升高，小灯泡的电阻变大。（3）3AB、由，因随着电压的增加，电阻变大，则P-U2的斜率减小，则图像A错误，B正确；CD、根据P=I2R，则因随着电流的增加，电阻变大，则P-I2的斜率变大，则图像C错误，D正确；故选BD.四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）（2）（3）3.96mgL【解析】（1）带电系统开始运动后，先向右加速运动；当B进入电场区时，开始做减速运动设B进入电场前的过程中，系统的加速度为，由牛顿第二定律：，即：，B刚进入电场时，由：，可得：（2）当A刚滑到右边界时，电场力对系统做功为：，摩擦力对系统做功为：，故A球从右端滑出设B从静止