天津市宝坻区何仉中学2023学年高二物理第一学期期中达标检测试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷注意事项：1答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。2回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。3考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、关于电场强度的定义式为E=F/q，下列说法中不正确的是（）A该定义式适用于任何电场B带电量为q带电体放在某电场中的A点，受到的电场力为F，则该电场在A点产生的电场强度大小为F/q

2、C电场强度的方向与正电荷受到的电场力F的方向相同D由F=Eq可知，试探电荷在场中某点所受的电场力大小与该试探电荷带电量的大小成正比2、加在某台电动机上的电压是U（V），电动机消耗的电功率为P（W），电动机线圈的电阻为R（），则电动机线圈上消耗的热功率为（ ）ABCD3、关于历史上科学的发展，下列说法正确的是（ ）A安培发现了电流的磁效应B楞次发现感应电流方向的规律C奥斯特发现磁生电的现象D法拉第发现了法拉第电磁感应定律4、如右图所示，理发用的电吹风机中有电动机和电热丝，电动机带动风叶转动，电热丝给空气加热，得到热风将头发吹干，设电动机的线圈电阻为R1，它与电热丝的电阻R2串联，接到直流电源上，

3、电吹风机两端电压为U，电流为I，消耗的电功率为P，则有APUIBPI2(R1R2)CPUIDPI2(R1R2)5、下列图中，能正确表示直线电流的方向与其产生的磁场方向间关系的是ABCD6、如图所示，将材料和长度相同，粗细均匀的镍铬合金导体连接起来，接到一个电路中，通以电流；已知右边横截面积是左边横截面积的两倍则下列说法正确的是（ ）A左右导体电流不相等，I左I右B左右导体的两端电压相等C左右两端电阻不等，R左V右二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示的电路，是定

4、值电阻，是滑动变阻器，电源内阻不可忽略。闭合开关，在电路稳定后，将滑动变阻器的滑动触头由中点向下移动的过程中( )A电压表示数变小B电容器充电C电源的总功率变大D通过滑动变阻器的电流变小8、两个相同的金属小球（可以看作点电荷），带电量之比为13，相距为r，两者相互接触后在放回原来的位置上，则它们间的库仑力可能为原来的（ ）ABCD9、如图所示，质量m=0.5kg、长L=1m的通电金属导体棒在安培力作用下静止在倾角为370的光滑绝缘框架上，磁场方向垂直于框架向下磁场范围足够大，右侧回路电源电动势E=8V，内电阻r=1，额定功率为8W、额定电压为4V的电动机正常工作，则（ ）A回路总电流为4AB电

5、动机的额定电流为4AC金属导体棒的电阻为2D磁感应强度的大小为1.5T10、如图所示的装置中，木块B与水平面间的接触面是光滑的，子弹A沿水平方向射入木块后留在木块内，将弹簧压缩到最短，弹簧左端连着墙壁。现将子弹、木块和弹簧合在一起作为研究对象(系统)，则此系统在从子弹开始射入木块到弹簧压缩至最短的整个过程中（ ）A动量守恒B动量不守恒C机械能守恒D机械能不守恒三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）有一个小灯泡上有“4V 2W”的字样，现要描绘这个小灯泡的伏安特性曲线现有下列器材供选用：A电压表（15V，内阻11k）B电压表（111V

6、，内阻21k）C电流表（113A，内阻1）D电流表（116A，内阻14）E滑动变阻器（11，2A）F滑动变阻器（1k，1A）G学生电源（直流6V），还有电键、导线若干（1）电流表应选 ，滑动变阻器应选 （用序号字母表示）（2）为使实验误差尽量减小，要求从零开始多取几组数据，请在方框内画出满足实验要求的电路图（3）若该同学已正确选用器材，并连接好部分实验电路如图所示，请在图中完成其余的电路连接12（12分） (1) 有一同学用游标卡尺上标有20等分刻度的游标卡尺测一工件的长度，测得结果如图示，则该工件的长度L_cm。(2) 用螺旋测微器测某滚珠直径时的显示如图所示，则滚珠的直径为d0=_mm。四

7、、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示，一轻质弹簧的一端固定在滑块B上，另一端与滑块C接触但不连接，该整体静止在光滑水平地面上，并且C被锁定在地面上现有一滑块A从光滑曲面上离地面h高处由静止开始下滑，与滑块B发生碰撞并粘连在一起压缩弹簧，当速度减为碰后速度一半时滑块C解除锁定已知mAm，mB2m，mC3m.求：(1)滑块A与滑块B碰撞结束瞬间的速度；(2)被压缩弹簧的弹性势能的最大值14（16分）如图甲所示，MN、PQ两条平行的光滑金属轨道与水平面成300角固定，M、P之间接电阻箱R，导轨所在空间存在匀

8、强磁场，磁场方向垂直于轨道平面向上，磁感应强度为2.5T，质量为m的金属杆ab水平放置在轨道上，且与轨道垂直，金属杆ab接入电路的电阻值为r，现从静止释放杆ab，测得最大速度为vm，改变电阻箱的阻值R，得到vm与R的关系如图乙所示，已知轨道间距为，重力加速度g取，轨道足够长且电阻不计。（1）当时，求杆ab匀速下滑时产生感应电动势E的大小，并判断杆中的电流方向；（2）求解金属杆的质量m和阻值r；（3）当时，从静止释放ab杆，在ab杆加速运动的过程中，回路瞬时电动率每增加1W时，合外力对杆做功多少？15（12分）如图所示，真空中平面直角坐标系xOy中有一以为圆心、半径为r的圆形匀强磁场区域，磁场的

9、磁感应强度大小为B、方向垂直纸面向里，在的范围内，有方向沿x轴负方向的匀强电场，电场强度大小为E。从O点向不同方向发射速率相同的质子，质子的运动轨迹均在纸面内，已知质子的电量为q，质量为m，质子在磁场中的偏转半径也为r，不计质子重力及其它阻力作用。求：(1)质子进入磁场时速度v的大小；(2)速度方向沿x轴正方向射入磁场的质子，到达y轴所需的时间t；(3)速度方向与x轴正方向成角射入磁场的质子，到达y轴时的位置与原点O的距离。参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、B【解析】A、E=Fq是电场强度的定义式，适用于任何电场

10、，故A正确；B、公式E=Fq中F是检验电荷所受的电场力，q是检验电荷的电荷量，带电量为q带电体不是检验电荷，对原电场有影响，故B错误；C、场强的方向与放在该点的正电荷所受的电场力方向相同，与放在该点的负电荷所受的电场力方向相反，故C正确；D、由F=Eq得知，场中某点电荷所受的电场力大小与该点场强的大小成正比，故D正确；不正确的故选B。【点睛】E=Fq是电场强度的定义式，q是检验电荷的电荷量，F是检验电荷所受的电场力，适用于任何电场场强的方向与放在该点的正电荷所受的电场力方向相同，场强仅由电场本身决定。2、C【解析】电动机是非纯电阻电路，电功率为P=UI，故电流为I=P/U，故热功率P热=I2r

11、=（）2r=；故选C3、B【解析】A项：奥斯特发现了电流的磁效应，故A错误；B项：楞次发现感应电流方向的规律，故B正确；C项：法拉第发现了磁生电的现象，故C错误；D项：法拉第发现了电磁感应现象，是韦德与库柏总结了电磁感应定律，故D错误故应选B4、D【解析】电吹风机消耗的电功率P是总的功率，总功率的大小应该是用P=IU来计算，所以总功率P=IU，所以AC错误电吹风机中发热的功率要用I2R来计算，所以总的发热功率为I2（R1+R2），吹风机的总功率P=IU要大于发热部分的功率，所以B错误，D正确故选D点睛：对于电功率的计算，一定要分析清楚是不是纯电阻电路，对于非纯电阻电路，总功率和发热功率的计算公

12、式是不一样的5、B【解析】根据安培定则，右手握住直导线，大拇指所指方向为电流方向，四指弯曲方向为电流周围的磁场方向，故方向向下的电流周围的磁场方向为顺时针方向，方向向上的电流磁感线为逆时针方向，故A错误，B正确；根据安培定则方向向外的电流周围的磁场方向为逆时针方向，故CD错误故选B6、D【解析】导体由同种材料制成，长度相同，由图可知右边比左边的横截面积大，由于导体的电阻与横截面积成反比，所以；因串联电路中各处的电流相等，所以图中通过两导体的电流相等，即；由的变形式可知，根据电流的微观表达式可得，所以自由电子定向移动的速率为，故D正确，A、B、C错误；二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共

13、20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AC【解析】变阻器滑片移动时，分析总电阻的变化，判断总电流和路端电压的变化。根据电路串并联知识和闭合电路欧姆定律分析电容器两端电压变化情况，即可判断电容器的状态.【详解】A、当滑动变阻器的滑动触头由中点向下移动时，R4变小，电路的总电阻变小，总电流I变大，内电压变大，则路端电压变小，因此电压表示数变小；故A正确.B、电容器两端电压为：U=E-I（r+R2），I变大，故电容器两端电压U变小，带电量变小，电容器放电，故B错误；C、电源的总功率P=EI，I变大，则P变大；故C正确.

14、D、根据串联电路分压规律知，变阻器两端的电压增小，通过R1的电流变小，而总电流变大，所以通过滑动变阻器的电流变大；故D错误.故选AC.【点睛】本题是电路动态分析问题，关键是理清电路，根据路串并联知识和闭合电路欧姆定律得到各个部分电路电流和电压的变化.8、CD【解析】试题分析：设其中两球电量分别为q和3q，根据库仑定律，开始库仑力若两球带同种电荷，电量均分，两球电量都为2q，库仑力，则；若两球带异种电荷，电量先中和再均分，两球电量都为q，库仑力，则故A、B错误，C、D正确考点：库仑定律9、ACD【解析】由P=UI求出电动机中的电流，由串并联电路的电压关系得到内电阻上的电压，由欧姆定律得到干路电流

15、；进而得到磁场中导线的电流，由平衡条件得到安培力，由安培力公式得到B。【详解】A、B项：电动机的正常工作时，有：PM=UIM代入数据解得：IM=2A通过电源的电流为：I总=E-Ur=4A，故A正确，B错误；C项：流过导体棒的电流I为：I=I总-IM=4A-2A=2A，导体两端电压为4V，所以导体棒的电阻为：42=2，故C正确；D项：导体棒静止在导轨上，由共点力的平衡可知，安培力的大小等于重力沿斜面向下的分力，即：F=mgsin37=0.5100.6=3N，流过导体棒的电流I为：I=I总-IM=4A-2A=2A，由安培力的公式：F=BIL解得：B=1.5T，故D正确。故应选：ACD。【点睛】本题

16、借助安培力与电路问题考查了平衡条件的应用，解答的关键是正确找出两个支路的电流之间的关系。10、BD【解析】此系统在从子弹开始射入到弹簧被压缩至最短的整个过程中水平方向受到墙壁对系统的向右的作用力，所以系统的动量不守恒；子弹在进入木块的过程中要产生热能，所以子弹与木块组成的系统有一定的动能损失，所以系统的机械能也不守恒，故BD正确，AC错误。故选BD。【点睛】分析清楚物体运动过程、掌握系统动量守恒的条件、机械能守恒的条件是解题的关键，以及知道当系统只有动能和势能之间相互转化时，系统机械能守恒分析清楚运动过程即可正确解题。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写

17、出演算过程。11、（1）D E （2）（3）【解析】试题分析：（1）因灯泡的额定电压为4V，为保证安全选用的电压表量程应稍大于4V，但不能大太多，量程太大则示数不准确；故只能选用15V的电压表由P=UI得，灯泡的额定电流I=15A，故电流表应选择116A的量程，故电流表选D；而由题意要求可知，电压从零开始变化，并要多测几组数据，故只能采用滑动变阻器分压接法，而分压接法中应选总阻值小的滑动变阻器，故选E；（2）在用伏安法描绘这个灯泡的I一U图线的实验中，电压要从零开始变化，并要多测几组数据，故只能采用滑动变阻器分压接法；由于灯泡的电阻较小，所以选择电流表外接法所以电路图如图（3）按电路图画出实际

18、电路图为考点：描绘小灯泡的伏安特性曲线实验【名师点睛】（1）仪表的选择应本着安全准确的原则；电压表要测量灯泡两端的电压，故应通过灯泡的额定电压值判断需要的电压表；由流过灯泡的电流判断需要的电流表；由题意判断需要的滑动变阻器；（2）根据滑动变阻器分压及限流接法的不同作用，结合题意选择滑动变阻器的接法；由电流表、电压表与灯泡内阻间的大小关系确定电流表的接法本题考查实验中的仪表选择及接法的选择；应注意滑动变阻器分压及限流接法的区别及应用，同时还应明确内外接法的不同及判断12、 (1)50.15cm； (2)2.620mm； 【解析】游标卡尺的固定刻度读数为5cm，游标读数为：0.053mm=0.15

19、mm=0.015cm，所以最终读数为5.015cm螺旋测微器的固定刻度读数为2.5mm，可动刻度读数为0.0112.0mm=0.120mm，所以最终读数为：2.620mm；四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、 (1) (2) 【解析】(1)滑块A下滑过程中机械能守恒，设A到达水平面时速度为v1，由机械能守恒定律有：mAghmAv12，解得v1 A、B碰撞过程动量守恒，设滑块A与滑块B碰撞结束瞬间的速度为v2，由动量守恒定律有mAv1(mAmB)v2，解得v2.(2)滑块C解除锁定后，滑块A、B继续压缩弹簧，被压缩弹

20、簧的弹性势能最大时，滑块A、B、C速度相等，设为v3，由动量守恒定律有：(mAmB)(mAmBmC)v3.故v3v2.滑块A、B发生碰撞后到弹簧压缩最大，A、B、C及弹簧组成的系统机械能守恒，由机械能守恒定律有：Epmax(mAmB)v22(mAmBmC)v32，解得Epmaxmgh.【点睛】本题考查的是动量守恒与机械能守恒的应用，根据动量守恒定律与机械能守恒定律分别求出碰前和碰后滑块的速度，然后根据被压缩弹簧的弹性势能最大时，滑块A、B、C速度相等即可求出弹簧的最大弹性势能14、（1）10V ba （2）5kg 2 （3）0.6 J【解析】试题分析：ab杆匀速下滑时速度最大，当R=0时，由乙图读出最大速度，由E=BLv求出感应电动势，由右手定则判断感应电流的方向；根据E=BLv、闭合电路欧姆定律和及平衡