江西南昌市八一中学、洪都中学、麻丘高中等八校2023学年高二物理第一学期期中综合测试试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷注意事项：1答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号、考场号和座位号填写在试题卷和答题卡上。用2B铅笔将试卷类型（B）填涂在答题卡相应位置上。将条形码粘贴在答题卡右上角条形码粘贴处。2作答选择题时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目选项的答案信息点涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案。答案不能答在试题卷上。3非选择题必须用黑色字迹的钢笔或签字笔作答，答案必须写在答题卡各题目指定区域内相应位置上；如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新答案；不准使用铅笔和涂改液。不按以上要求作答无效。4考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡

2、一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图，在竖直平面内存在水平向右的匀强电场，有一带电小球自O处沿y轴方向，竖直向上抛出，它的初动能为4J，不计空气阻力当小球上升到最高点P时，动能也为4J，则小球落回与O的同一水平面上的M点时，它的动能为（ ）A4JB8JC16JD20J2、物理量有的属于状态量，有的属于过程量，下列物理量属于过程量的是()A内能B温度C电势能D热量3、两个完全相同的带电金属小球A和B，A的带电量为2Q，B的带电量为，两者开始相距为r，相互作用力为F，现将两球接触后再分开放回原处，则它们间的库仑力

3、可能变为ABCD4、两根完全相同的金属裸导线，如果把一根导线对折起来当一条导线(R1)使用，把另一根均匀地拉伸到原来长度的2倍(R2)使用，假如它们的密度和电阻率不发生变化，则第一条电阻R1与第二条电阻R2的比值为()A1 4B1 8C1 16D1 325、关于库仑定律的公式，下列说法中正确的是：（ ）A当真空中的两个点电荷间的距离r时，它们之间的静电力FB当真空中的两个点电荷间的距离r0时，它们之间的静电力FC当两个点电荷之间的距离r时，库仑定律的公式就不适用了D当两个点电荷之间的距离r0时，电荷不能看成是点电荷，库仑定律的公式就不适用了6、通过电阻R的电流强度为I时，在t时间内产生的热量为

4、Q，若电阻为2R，电流强度为，则在时间t内产生的热量为（）A4QB2QCD二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、利用如图实验装置可以测量磁场的磁感应强度的大小： 用绝缘轻质细线把底边长为L电阻为R、质量为m的U形线框竖直悬挂在力敏传感器的挂钩上，将线框置于待测磁场中(可视为匀强磁场)，线框平面与磁场方向垂直，用轻质导线连接线框与直流电源，电源电阻不计，电动势可调，导线的电阻忽略不计；当外界拉力F作用于力敏传感器的挂钩上时，力敏传感器会显示拉力的大小F。若某次测量的电路连

5、接如图所示，当线框接电动势为时，力敏传感器显示拉力的大小为；当线框接电动势为时，力敏传感器显示拉力的大小为，两次实验过程中安培力始终小于线框重力。则下列说法正确的是A当线框接电动势为时，线框所受安培力的大小为B当线框接电动势为时，力敏传感器显示的拉力大小为线框所受安培力大小与重力大小之和C待测磁场的磁感应强度为D待测磁场的磁感应强度为8、有a、b、c、d四颗地球卫星，a还未发射，在赤道表面上随地球一起转动，b是近地轨道卫星，c是地球同步卫星，d是高空探测卫星，它们均做匀速圆周运动，各卫星排列位置如图所示，则（）A在相同时间内a转过的弧长最长Bb的向心加速度近似等于重力加速度gCc在6h内转过的

6、圆心角是Dd的运动周期有可能是22h9、有三个电阻的阻值及额定功率分别为R110，P110W，R220，P280W，R35，P320W，它们组成的电路如图(甲)、(乙)、(丙)所示。下列关于各图的说法正确的是A图(甲)两端允许加的最大电压为35VB图(乙)电路允许通过的最大电流为5.5AC图(丙)两端允许加的最大电压为17.5VD图(丙)电路允许消耗的最大功率为110W10、物体在力、的共同作用下处于平衡状态，若突然撤去外力，则物体的运动情况可能是A匀加速直线运动B匀减速直线运动C匀速直线运动D匀变速曲线运动三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程

7、。11（6分）（1）如图甲是简易多用电表的电路图。图中E是电池；R1、R2、R3、R4和R5是固定电阻，R6是可变电阻；表头的满偏电流为500 A，内阻Rg200 ，R120 ，R2180 .虚线方框内为换挡开关，A端和B端分别与两表笔相连。A端与_（填“红”或“黑”）色表笔相连接。该多用电表5个挡位为：直流电压50V挡和500V挡，直流电流1mA挡和10mA挡，欧姆1挡。B接_（填“1”或“2”）为10mA挡，R4_k.若电源电动势为1.5 V，内阻忽略不计，R3400 ，则欧姆挡中值电阻为_。（2）如图乙，如果用欧姆档来测电阻，当用100挡测量时，若指针指在刻线附近，则应换用_（填“1”“

8、10”或“1k”）挡，换挡之后应先将红、黑表笔短接，调节部件_(填“S”或“T”)，进行_（填“欧姆调零”或“机械调零），使指针对准电阻的“0”刻线再将待测电阻接入红黑表笔之间。12（12分）如图所示为多用电表示意图其中A、B、C为三个可调节的部件某同学在实验室中用它测量一阻值约为13k的电阻他测量的操作步骤如下：（1）调节可调部件_，使电表指针指向左边零刻度处。（2）调节可调部件B，使它的尖端指向_位置。（3）将红黑表笔分别插入正负插孔中，两笔尖相互接触，调节可动部件_，使电表指针指向欧姆零刻度位置。（4）将两只表笔分别与待测电阻两端相接，进行测量读数。（5）换测另一阻值为2025 k的电阻

9、时，选择“1 k”档，此时还必须重复步骤（3）才能进行测量，若电表读数如图所示，则该待测电阻的阻值是_四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示，竖直平面坐标系xOy的第一象限有垂直xOy面向外的水平匀强磁场和竖直向上的匀强电场，大小分别为B和E；第四象限有垂直xOy面向里的水平匀强电场，大小也为E；第三象限内有一绝缘光滑竖直放置的半径为R的半圆轨道，轨道最高点与坐标原点O相切，最低点与绝缘光滑水平面相切于N，一质量为m的带电小球从y轴上(y0)的P点沿x轴正方向进入第一象限后做圆周运动，恰好通过坐标原点

10、O，且水平切入半圆轨道并沿轨道内侧运动，过N点水平进入第四象限，并在电场中运动(已知重力加速度为g)(1)判断小球的带电性质并求出其所带电荷量；(2)P点距坐标原点O至少多高；(3)若该小球以满足(2)中OP最小值的位置和对应速度进入第一象限，通过N点开始计时，经时间t2小球距坐标原点O的距离s为多远？14（16分）如图甲所示，热电子由阴极飞出时的初速度忽略不计，电子发射装置的加速电压为U0，电容器板长和板间距离均为l10 cm，下极板接地，电容器右端到荧光屏的距离L15 cm，在电容器两极板间接一交变电压，上极板的电势随时间变化的图象如图乙所示(每个电子穿过平行板的时间都极短，可以认为电压是

11、不变的)求：(1)在t0.06 s时刻，电子打在荧光屏上的何处；(2)荧光屏(足够大)上有电子打到的区间有多长，一个周期内屏幕发光时间多长？15（12分）如图所示，一质量为m.电荷量为q的带正电荷小球（可视为质点）从y轴上的A点以初速度v0（未知）水平抛出，两长为L的平行金属板M.N倾斜放置且水平方向间的夹角为=370，带电小球恰好能垂直M板从其中心小孔B进入两板间（sin37=0.6, g取10m/s2）（1）试求带电小球抛出时的初速度v0；（2）若该平行金属板M.N间有如图所示的匀强电场，且匀强电场的电场强度大小与小球质量之间的关系满足E=4mg5q，试计算两平行板M.N之间的垂直距离d至

12、少为多少时才能保证小球不打在N板上.参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】设水平方向上升阶段的水平位移为x上，下降阶段的水平位移为x下；根据运动的合成与分解，小球在水平方向做匀加速直线，在竖直方向做竖直上抛运动；且上升阶段所用时间与下落阶段所用的时间相同，即t上=t下；由初速度为零的匀加速直线运动，相同的时间内位移之比为1：3：5：7；得x上：x下=1：3；小球到达最高点时，竖直方向的动能为零，水平方向获得的动能即为电场力在上升阶段对小球所做的功，则电场力对小球做的总功为W总=Eqx上+Eqx下=44J=1

13、6J；小球从O点到M点由动能定理得：EkM-Ek0=W总，Ek0=4J，代入数据得EkM=20J；故选D.【点睛】此题的关键点在于分析出小球上升阶段与下降阶段的时间关系以及水平位移之比，同时要能对全过程进行动能定理的分析2、D【解析】述某一时空阶段的为过程量 描述某一位置或时刻的为状态量 比如：位移、时间、平均速度、 平均功率、做功、冲量、热量等 这些在时空上都是一段的就是过程量； 比如：位置、时刻 、瞬时速度、 瞬时加速度、 瞬时功率、温度等，所有的能， 如：动能、势能、机械能、内能、电势能等，还有动量、电流、电压等都属于状态量。A.由上述分析可知：内能是状态量，故A不符合题意；B.由上述分

14、析可知：温度是状态量，故B不符合题意；C.由上述分析可知：电势能是状态量，故C不符合题意；D.由上述分析可知：热量是过程量，故D符合题意。3、A【解析】由库仑定律可得：二者接触后电荷先中和，然后平分，所以每一个的电荷量为：它们间的库仑力可能变为：A.与分析相符，符合题意；B.与分析不符，不符合题意；C.与分析不符，不符合题意；D.与分析不符，不符合题意。4、C【解析】设原来的电阻为R，其中的一根对折起来，横截面积变为原来的2倍，长度为原来的，根据电阻定律，电阻；另一根均匀地拉伸到原来长度的2倍，长度为原来2倍，横截面积变为原来的，根据电阻定律，电阻；两电阻之比为1：1故C正确，ABD错误5、D

15、【解析】当真空中的两个点电荷间的距离r时，库仑定律仍适用，F0，AC错当真空中的两个点电荷间的距离r0时，电荷不能看成是点电荷，库仑定律的公式不适用，B错D对6、C【解析】根据焦耳定律可知，电流变为原来的，电阻变为原来的2倍，则在相同的时间内产生的焦耳热为ABD错误，C正确。故选C。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BD【解析】A由左手定则可知，线框所受安培力竖直向下，电动势为E1时，对线框，由平衡条件得：F1=mg+F安故A错误；B由左手定则可知，线框所受安培力竖

16、直向下，电动势为E2时，对线框，由平衡条件得：F2=mg+F安线框接电动势为E2的电源时力敏传感器显示的拉力大小为线框所受安培力大小与重力大小之和，故B正确；CD当接E1时，回路中电流：线框受到的安培力：F1安=BI1L由平衡条件得：F1=mg+F1安当接E2时，回路中电流： 线框受到的安培力：F2安=BI1L由平衡条件得：F2=mg+F2安解得：故C错误，D正确；8、BC【解析】A、由，得，卫星的半径越大，线速度越小，所以b的线速度比c、d大，而a与c的角速度相等，根据v=r可知，a的线速度小于c的线速度，则在相同时间内b转过的弧长最长;故A错误.B、b是近地轨道卫星，则其向心加速度约为g;

17、故B正确.C、c是地球同步卫星，周期是24h，则c在6h内转过的圆心角是;故C正确.D、由开普勒第三定律知，卫星的半径越大，周期越大，所以d的运动周期大于c的周期24h;故D错误.故选BC。【点睛】对于卫星问题，要建立物理模型，根据万有引力提供向心力，分析各量之间的关系，并且要知道同步卫星的条件和特点9、AC【解析】A由公式可得：同理可求得的额定电流，的额定电流，当三个电阻串联时最大电流为，两端允许加的最大电压为故A正确；B由公式，可得同理可求得电阻、的额定电压分别为、，当三个电阻串联时最大电压为，所以最大电流为图(乙)电路允许通过的最大电流为3.5A，故B错误；C由前面分析可知、并联时最大电

18、压为10v，并联后总电流为1.5A，流过时的电流最大小1.5A，两端电压大小为所以两端允许加的最大电压为故C正确；D图(丙)电路允许消耗的最大功率故D错误；故选AC。10、ABD【解析】撤去，其余力的合力与等值、反向、共线，与速度方向不共线时，物体做匀变速曲线运动，共线时做匀变速直线运动，即可能是匀加速直线或匀减速直线，故ABD正确，C错误三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、黑149.915001kT欧姆调零【解析】(1)1根据欧姆表原理可知，内部电源的正极应接黑表笔，这样才能保证在测电阻时电流表中电流“红进黑出”。2直流电流档分为1m

19、A和10mA，并联电阻大的分流小为小量程，由图可知，当接1时应为10mA。3直流电压50V挡和500V挡，直流电压档电路中串联电阻小的分压小，量程小，接4时电阻较小，应为量程50V的电压表；电压表量程为：U1=IgRg+I2R4=50V，其中I2=1mA。代入数据解得：R449.9k4根据闭合电路欧姆定律：，代入数据解得：(2)5用100挡测量时，若指针指在刻线附近，说明所选档位太小，应换大挡，应换用1k挡。67将红、黑表笔短接，旋动部件欧姆调零旋钮T，使指针对准电阻的0刻线。12、 A “100”的倍率挡 C 22.0 k【解析】（1）多用电表的使用首先进行机械调零:调节可调部件A,使电表指

20、针停在表盘左边的零刻度的位置;（2）选择合适的档位:因电阻,为使指针指在中央刻度附近选择 的倍率挡即可.（3）选档后进行欧姆调零:将红、黑表笔分别插入“+”、“-”插孔,笔尖相互接触,调节可调部件 C,使电表指针指向表盘右边的欧姆挡零刻线位置.（5）换测另一阻值为 的电阻时,应调节B,使它的尖端指向“ ”的位置,此时还必须重新进行欧姆调零,即重复步骤(3),图示读数为: .综上所述本题答案是： A ； “100”的倍率挡 ； C ； 22.0 k四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）正电，（2）（3）【解析】（

21、1）小球进入第一象限正交的电场和磁场后，在垂直磁场的平面内做圆周运动，说明重力与电场力平衡，qEmg（1分）得 小球带正电（1分）（2）小球在洛伦兹力作用下做匀速圆周运动，设匀速圆周运动的速度为v、轨道半径为r有：（1分）小球恰能通过半圆轨道的最高点并沿轨道运动，有：（1分）由得：（1分）PO的最小距离为：（1分）（3）小球由O运动到N的过程中机械能守恒：mg2Rmv2mv（1分）由得：（1分）根据运动的独立性可知，小球从N点进入电场区域后，在x轴方向以速度vN做匀速直线运动，沿电场方向做初速度为零的匀加速直线运动，则沿x轴方向有：xvNt（1分）沿电场方向有：zat2（1分）（1分）t时刻小球距O点：（1分）14、（1）18 cm （2）40cm；0.133s【解析】根据动能定理求出电子刚进入偏转电场时的速度；电子在偏转电场中做类平抛运动，根据偏转电压求出加速度，结合垂直电场方向做匀速直线运动求出运动的时间，从而得出偏转位移与偏转电压的关系，得出偏转位移的大小；根据粒子出偏转电场时反向延长线经过中轴线的中点，结合相似三角形求出打在光屏上的位置；通过第（1）问中偏转位移与偏转电压的关系得出在电场中的最大偏转位移，