上海交大附中2023学年物理高二上期中综合测试模拟试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷请考生注意：1请用2B铅笔将选择题答案涂填在答题纸相应位置上，请用05毫米及以上黑色字迹的钢笔或签字笔将主观题的答案写在答题纸相应的答题区内。写在试题卷、草稿纸上均无效。2答题前，认真阅读答题纸上的注意事项，按规定答题。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，在一个粗糙水平面上，彼此靠近地放置两个带同种电荷的小物块由静止释放后，两个物块向相反方向运动，并最终停止在物块的运动过程中，下列表述正确的是()A两个物块的电势能逐渐减少B物块受到的库仑力不做功C两个物块的机械能守恒D物块受到的

2、摩擦力始终小于其受到的库仑力2、如图所示，在光滑水平面上放着一个质量为m的木箱，大小为F的拉力与水平方向成，木箱从静止开始运动，在运动位移为的过程中，拉力做的功为（ ）A B C D3、为了使用电器（纯电阻）消耗的功率为原来的一半，应（）A使电阻减半，电压不变B使电压减半，电阻不变C使电压和电阻都减半D使电流减半，电阻不变4、关于电源电动势，下列说法正确的是（ ）A电动势、电压和电势差虽名称不同，但物理意义相同，所以单位也相同B同一电源接入不同的电路中，电动势会发生变化C电源的电动势就是电源两极间的电压D1号1.5V干电池比7号1.5V干电池大，但电动势相同5、静电在各个行业和日常生活中有着重

3、要的应用，如静电除尘、静电复印等，所依据的基本原理几乎都是带电的物质微粒在电荷间作用力的作用下奔向并吸附到电极上。现有三个粒子A，B，c从P点向下运动，它们的运动轨迹如图所示，则（）Aa带负电，b带正电，c不带电Ba带正电，b不带电，c带负电Ca带负电，b不带电，c带正电Da带正电，b带负电，c不带电6、如图所示，A、B两点场强的大小和电势的大小均不相等的是（）ABCD二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、一个T型电路如图所示，电路中的电阻R11，R212，R34，另有

4、一测试电源，电动势为10V，内阻忽略不计，则A当cd端短路时，ab之间的等效电阻是4B当ab端短路时，cd之间的等效电阻是4C当ab两端接通测试电源时，cd两端的电压为8VD当cd两端接通测试电源时，ab两端的电压为8V8、用如图所示的装置研究光电效应现象所用光子能量为2.75eV的光照射到光电管上时发生了光电效应，电流表G的示数不为零；移动变阻器的触点，发现当电压表的示数大于或等于1.7V时，电流表示数为0，则下列说法正确的是（ ）A光电子的最大初动能始终为1.05eVB光电管阴极的逸出功为1.05eVC当滑动触头向a端滑动时，反向电压增大，电流增大D改用能量为2.5eV的光子照射，移动变阻

5、器的触点c，电流表G中也可能有电流9、如图所示，离地高 H 处有一质量为 m，带电量为+q 的物体处于电场强度随时间变化规律为 E= E0-kt(E0和 k 均为大于零的常数，水平向左为电场正方向)的均匀电场中，物体与竖直绝缘墙壁的动摩擦因数为，已知qE0mg，t=0 时，将物体从墙上由静止释放，若物体所受的最大静摩擦力等于滑动摩擦力，当物体下滑 h（ hH）时恰好脱离墙面，此时速度大小为 v，最终落在地面上，则A物体落地前做加速度一直增大的加速运动B物体从脱落墙壁到落地前的运动轨迹是直线C物体克服摩擦力做的功等于 mgh-D物体与墙壁脱离的时刻等于 10、如图所示，实线是电场线，虚线是一带电

6、粒子在电场中的运动轨迹，假设带电粒子只受电场力作用，判断下列说法正确的是（ ）A粒子带负电B带电粒子受到的电场力向下C带电粒子的速度不变D带电粒子的加速度不变三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）有一个额定电压为2.8V，功率约为0.8W的小灯泡，现要用伏安法测绘这个灯泡的IU图线，有下列器材供选用：A电压表(03V，内阻6k)B电压表(015V，内阻30k)C电流表(03A，内阻0.1)D电流表(00.6A，内阻0.5)E滑动变阻器(10，2A)F滑动变阻器(200，0.5A)G蓄电池(电动势6V，内阻不计)（1）用如图所示的电路

7、进行测量，电压表应选用_，电流表应选用_，滑动变阻器应选用_(用序号字母表示)。（2）通过实验测得此灯泡的伏安特性曲线如图所示，由图线可求得此灯泡在正常工作时的电阻为_（结果保留三位有效数字）。（3）若将此灯泡与电动势6V、内阻不计的电源相连，要使灯泡正常发光，需串联一个阻值为_的电阻(结果保留三位有效数字）。12（12分）小灯泡灯丝的电阻会随温度的升高而变化，一研究性学习小组在实验室通过实验研究这一问题，实验室备有的器材是：电压表（03 V，3 k)、电流表（00.6 A，0.1)、电池、开关、滑动变阻器、待测小灯泡、导线若干。实验时，要求小灯泡两端电压从零逐渐增大到额定电压以上.(1)他们

8、应选用图中图所示的_电路进行实验；(2)根据实验测得数据描绘出如图所示UI图象，由图分析可知，小灯泡电阻R随温度T的升高而_.（填“增大”、“减小”、“不变”）(3)已知实验中使用的小灯泡标有1.5 V字样，请你根据上述实验结果求出小灯泡在1.5V电压下的实际功率是_W，电阻是_.四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示，荧光屏MN与x轴垂直放置，荧光屏所在位置的横坐标x040cm，在第一象限y轴和MN之间存在沿y轴负方向的匀强电场，在第二象限有半径R10cm的圆形磁场，磁感应强度大小B0.4T，方向垂

9、直xOy平面向外磁场的边界和x轴相切于P点在P点有一个粒子源，平行于坐标平面，向x轴上方各个方向发射比荷为1.0108C/kg的带正电的粒子，已知粒子的发射速率v04.0106m/s不考虑粒子的重力粒子间的相互作用求(1)带电粒子在磁场中运动的轨迹半径;(2)若所有带电粒子均打在x轴下方的荧光屏上，求电场强度的最小值14（16分）导线中带点粒子的定向移动形成电流，电流可以从宏观和微观两个角度来认识，一段通电直导线的横截面积为S，单位体积的带电粒子数为n，导线中每个带电粒子定向移动的速率为v，粒子的电荷量为q，并认为做定向运动的电荷时正电荷 (1)试推导出电流的微观表达式I=nvSq (2)如图

10、所示，电荷定向运动时所受洛伦磁力的矢量和，在宏观上表现为导线所受的安培力按照这个思路请你尝试由安培的表达式推导出洛伦磁力的表达式15（12分）如图所示，Q为固定的正点电荷，A、B两点在Q的正上方和Q相距分别为h和0.25h，将另一点电荷从A点由静止释放，运动到B点时速度正好又变为零。若此电荷在A点处的加速度大小为，试求：(1)此电荷在B点处的加速度；(2)A、B两点间的电势差（用Q和h表示）。参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、A【解析】试题分析：由静止释放后，两个物块向相反方向运动，两物块之间的库仑力做正功，电势

11、能减小故A正确两物块之间存在库仑斥力，对物块做正功故B错误开始阶段，库仑力大于物块的摩擦力，物块做加速运动，动能增大；当库仑力小于摩擦力后，物块做减速运动，动能减小，重力势能不变，则两个物块的机械能先增大，后减小，不守恒故C错误；开始阶段，库仑力大于物块的摩擦力，物体做加速运动；而后当库仑力小于摩擦力后，物块做减速运动故D错误故选A考点：库仑定律；机械能守恒定律【名师点睛】本题首先考查分析物块受力情况和运动情况的能力，要抓住库仑力随距离增大而减小的特点。HYPERLINK /console/media/RYXIqvEnmZK0iYrdOiiKhvHhnhRaHk7_FgeLddyYlBpuH0

12、pSbSbXyZg5383gAuzbtL0nlawu-LMclaSHFJVRGYLRzY3xHiPwhSO598SgX055OVoCqGsZKd0rUIjFF2vHd4PzhMfR9yrGqYq9wLNHJg视频2、C【解析】由功的公式可得，拉力的功W=Fxcos；故选C【点睛】本题考查功的计算公式，要注意力和位移夹角的确定3、C【解析】A由可知，当电阻变为原来一半，电压不变时，其电功率变为原来的2倍，故A错误；B由可知，当电压变为原来一半，电阻不变时，其电功率变为原来的倍，故B错误；C由可知，当电压和电阻都变为原来一半时，其电功率变为原来的倍，故C正确；D由可知，当电流变为原来一半，电阻不变

13、时，其电功率变为原来的倍，故D错误。故选C。4、D【解析】A电动势表征电源把其他形式的能转化为电能的本领大小，反映了电源内部非静电力做功的本领，电压和电势差是两点之间电势的差，它们的物理意义不同，故A错误；B把同一电源接在不同的电路中，电源的电动势不变，故B错误；C电源的电动势等于外电路为断路时电源两端的电压，若电路为通路，电流经过内阻时有电势的降低，此时电源两端的电压小于电动势，故C错误；D干电池的电动势都是1.5V，1号干电池比7号干电池的体积大，但电动势相同，故D正确。5、B【解析】根据题图可知，a向左偏转，与负电极吸引，与正电极排斥，所以a带正电；c向右偏转，与负电极排斥，与正电极吸引

14、，所以c带负电；b不偏转，应该不带电。故选B。6、B【解析】A、根据点电荷场强公式知，A、B两点场强大小相等，A、B两点在同一等势面上，电势大小相等，A、B两点场强的大小和电势的大小均相等，故A错误；B、电场线的疏密程度反映电场的强弱，B点电场线密，B点场强大，顺着电场线电势降低，知A点电势高于B点电势，故A、B两点场强的大小和电势的大小均不相等，故B正确；C、由于两板间电场为匀强电场，故场强大小相等，A点电势高于B点电势，所以电势大小不相等，故C错误；D、等量异种电荷连线的中垂线上，离中点越远场强越小，故A点场强大于B点场强，中垂线是等势面，所以AB两点电势相等，故D错误；故选B二、多项选择

15、题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AC【解析】由题意可知考查等效电阻、电压的计算，根据欧姆定律分析计算可得。【详解】当cd端短路时，R2、R3 并联再和R1串联，ab之间的等效电阻是故A正确；当ab端短路时，R1、R3 并联再和R2串联，cd之间的等效电阻是故B错误；当ab两端接通测试电源时，cd两端的电压为故C正确；当cd两端接通测试电源时，ab两端的电压为故D错误。【点睛】当ab两端接通测试电源时，电流流经R1、R3，R2中无电流通过，cd两端的电压为实为R3两端电压，根据

16、串联电阻分压关系可求得cd两端的电压为8v；同理可求得当cd两端接通测试电源时，ab两端的电压为R3两端电压2.5v。8、BD【解析】该装置所加的电压为反向电压，发现当电压表的示数大于或等于1.7V时，电流表示数为0，知道光电子的最大初动能为1.7eV，根据光电效应方程EKm=h-W0，W0=1.05eV故A错误，B正确；当滑动触头向a端滑动时，反向电压增大，则到达集电极的电子的数目减小，电流减小，故C错误；改用能量为2.5eV的光子照射，2.5eV仍然大于1.7eV，仍然可以发生光电效应，电流表G也有电流，即使移动变阻器的触点c，电流表G中也可能有电流，故D正确所以BD正确，AC错误9、AC

17、D【解析】竖直方向上有mg-qE=ma，随着电场强度E的减小，加速度a逐渐增大，当E=0时，加速度增大到重力加速度g，此后物块脱离墙面，此后电场力增大，重力不变。物体所受的合力增大，加速度也继续增大，故A正确；物体脱离墙面时的速度向下，之后所受合外力与初速度不在同一条直线上，所以运动轨迹为曲线，故B错误；物体从开始运动到脱离墙面电场力一直不做功，由动能定理得： ，解得： ，故C错误；当物体与墙面脱离时电场强度为零，所以E=E0-kt=0，解得时间： ，故D正确。所以AD正确，BC错误。10、BD【解析】由粒子的偏转方向可得出粒子的受力方向，以及电性，由功的计算可得出电场力做功的正负，由动能定理

18、可得出粒子动能的变化；由牛顿第二定律判断加速度的变化；【详解】A、由图可知，粒子向下偏转，则说明粒子所受的电场力方向竖直向下，则粒子带正电，故A错误，B正确；C、由图可知，粒子向下偏转，电场力做正功，说明粒子速度增大，故C错误；D、由于匀强电场的场强不变，则粒子受到电场力不变，根据牛顿第二定律可知其加速度不变，故选项D正确。【点睛】本题是电场中轨迹问题，关键要能根据轨迹弯曲方向判断出电场力的方向，掌握电场力做正功，电势能减小，判断动能的变化，以及由牛顿第二定律判断加速度的变化。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、A D E 10.0 1

19、1.4 【解析】(1)1小灯泡的额定电压为2.8V，所以选择电压表量程为03V，选用A。2小灯泡功率约为0.8W，额定电压2.8V，可计算出小灯泡的电流约为0.3A，所以选择电流表量程为00.6A，选用D。3滑动变阻器在电路中是分压接法，为了便于调节，应选择阻值较小的，因此滑动变阻器选用E。(2)4由小灯泡的伏安特性曲线可得，当小灯泡两端电压为2.8V时，通过小灯泡的电流为0.28A，由欧姆定律可得，小灯泡正常工作时的电阻为10.0。(3)5由小灯泡的伏安特性曲线可知，小灯泡正常工作时，电压为2.8V，电流为0.28A，小灯泡与电阻串联接在电动势为6V的电源上，串联电阻应分得电压是3.2V，由得12、A 增大 0.69 3.26 【解析】(1)根据题目要求确定滑动变阻器的接法，根据灯泡电阻与电表内阻的关系确定电流表的接法，然后选择实验电路(2)分析图示灯泡U-I图象，根据欧姆定律分析答题；(3)由图示图象求出1.5V电压对应的电流，然后由欧姆定律求出灯泡阻值【详解】(1)要求小灯泡两端电压从零逐渐增大到额定电压以上，滑动变阻器采用分压式接法，灯泡正常工作时的电阻远小于电压表的内阻，属于小电阻，电流表采用外接法，因此应选图A所示电路(2)在该曲线中，任意