重庆市直属校2023学年物理高二第一学期期中学业水平测试模拟试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷注意事项：1答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号、考场号和座位号填写在试题卷和答题卡上。用2B铅笔将试卷类型（B）填涂在答题卡相应位置上。将条形码粘贴在答题卡右上角条形码粘贴处。2作答选择题时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目选项的答案信息点涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案。答案不能答在试题卷上。3非选择题必须用黑色字迹的钢笔或签字笔作答，答案必须写在答题卡各题目指定区域内相应位置上；如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新答案；不准使用铅笔和涂改液。不按以上要求作答无效。4考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡

2、一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、在国际单位制中，磁感应强度的单位是A特斯拉 B牛顿 C安培 D伏特2、如图所示，在竖直放置的光滑半圆弧绝缘细管的圆心O处固定一点电荷，将质量为m，带电量为+q的小球从圆弧管的水平直径端点A由静止释放，小球沿细管滑到最低点B时，对管壁恰好无压力，则固定于圆心处的点电荷在A B弧中点处的电场强度大小为 （ ）A3mg/qBmg/qC2mg/qD4mg/q3、质点是一种理想化的物理模型，下面对质点的理解正确的是（ ）A只有体积很小的物体才可以看作质点B只有质量很小的物体才可以看作质点

3、C研究月球绕地球运动的周期时，可将月球看作质点D因为地球的质量、体积很大，所以在任何情况下都不能将地球看作质点4、关于功率，下列说法中正确的是（）A力越大，则该力的功率就越大B功率小说明物体做功少C机器做的功越多，说明其功率越大D单位时间机器做功越多，其功率越大5、 下列叙述正确的是（ ）A放在匀强磁场中的通电导线受到恒定不变的磁场力B沿磁感线方向，磁场逐渐减弱C磁场的方向就是通电导体所受磁场力的方向D安培力的方向一定垂直磁感应强度和直导线所决定的平面6、关于电压和电动势，下列说法正确的是（）A电动势就是电源两极间的电压B电压和电动势单位相同，所以电动势和电压是同一物理量C电动势是反映电源把其

4、他形式的能转化为电能本领的物理量D电源电动势定义式E=Wq和电势差定义式U=Wq中的W都是电场力做的功二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、平行板电容器C与三个可变电阻器R1、R2、R3以及电源连成如图所示的电路，闭合开关S，待电路稳定后，电容器C两极板带有一定的电荷，要使电容器所带电荷量增加，以下方法中可行的是（ A只增大R1，其他不变B只增大R2，其他不变C只减小R3，其他不变D只减小a、b两极板间的距离，其他不变8、如图所示，将带电棒移近两个不带电的导体球，两个导

5、体球开始时互相接触且对地绝缘，下述几种方法中能使两球都带电的是 ( ) A先把两球分开，再移走棒B先移走棒，再把两球分开C先将棒接触一下其中的一个球，再把两球分开D棒的带电荷量不变，两导体球不能带电9、如图所示，条形磁铁放在光滑斜面上，用平行于斜面的轻弹簧拉住而平衡，A为水平放置的直导线的截面，导线中无电流时磁铁对斜面的压力为FN1；当导线中有垂直纸面向外的电流时，磁铁对斜面的压力为FN2，则下列关于磁铁对斜面的压力和弹簧的伸长量的说法中正确的是AFN1FN2C弹簧的伸长量增大D弹簧的伸长量减小10、有两段同种材料的电阻丝,长度相同,横截面的直径之比为dA:dB=1:2,把它们串联在电路中,则

6、下列说法正确的是()A它们的电阻之比RA:RB=4:1B通过它们的电流之比IA:IB=1:4C两段导体两端电压之比U1:U2=4:1D两段电阻丝发热功率之比PA:PB=1:4三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）一实验小组准备探究某种元件Q的伏安特性曲线，他们设计了如图所示的电路图请回答下列问题：（1）请将图中的实物连线按电路图补充完整_（2）考虑电表内阻的影响，该元件电阻的测量值_（选填“大于”、“等于”或“小于”）真实值（3）在电路图中闭合开关S，电流表、电压表均有示数，但无论怎样移动变阻器滑动片，总不能使电压表的示数调为零原因

7、可能是图中的_（选填a、b、c、d、e、f）处接触不良（4）实验测得表格中的7组数据请在坐标纸上作出该元件的I-U图线_（5）为了求元件Q在I-U图线上某点的电阻，甲同学利用该点的坐标I、U，由求得乙同学作出该点的切线，求出切线的斜率k，由求得其中_（选填“甲”、“乙”）同学的方法正确12（12分）要测绘一个标有“3V 0.8W”元件的伏安特性曲线，备用的器材有：电池组（电动势为 4.5V，内阻约 1)；电流表（量程为 0300 mA，内阻约 5)；电压表（量程为 03V，内阻约 3k)；滑动变阻器（最大阻值 5，额定电流 1A）电键一个、导线若干（1）将实物连线补充完整；（2）通过伏安特性曲

8、线可以知道，随着电压的提高此元件的电阻_；（选填“不变”、“增大”或“减小”）（3）把此元件直接串联接在电动势为 3V 内阻为 10的电源两端，此时该元件消耗的电功率为_W。（保留两位有效数字）四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示，一带电荷量为、质量为的小物块处于一倾角为的光滑斜面上，当整个装置被置于一水平向右的匀强电场中时，小物块恰好静止重力加速度为，求：（1）水平向右电场的电场强度大小；（2）若将电场强度改为竖直向下，大小不变，小物块的加速度是多大；（3）若将电场强度改为水平向左，大小变为原来的

9、2倍，小物块从高度H处从静止释放，求小物块到达地面的时间为多少14（16分）把一带电荷量为q3106 C的点电荷从电场中的A点移动B点，电荷克服电场力做功为6104 J，从B点移到C点，电场力对点电荷做功为9104 J求：(1)A、C两点的电势差；(2)把Q4106 C的点电荷从A点移动到B点，电场力对电荷做的功15（12分）面积S0.2 m2、n100匝的圆形线圈，处在如图所示的匀强磁场内，磁感应强度B随时间t变化的规律是B0.02t（T），R3，C30F，线圈电阻r1，求： (1)通过电阻R的电流大小和方向；(2)4s内通过导线横截面的电荷量；(3)电容器所带电荷量参考答案一、单项选择题：

10、本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、A【解析】在国际单位制中，磁感应强度的单位是特斯拉；牛顿是力的单位；安培是电流的单位；伏特是电压的单位；故选A.2、A【解析】带电小球沿竖直放置的光滑半圆弧绝缘细管从A点静止释放，当滑到最低点时，对管壁恰好无压力在下滑过程中由动能定理可求出最低点的速度大小，从而由牛顿第二定律可求出电场力，从而确定电场强度大小【详解】设圆的半径是r，由A到B，由动能定理得：mgrmv2；在B点，对小球由牛顿第二定律得：qEmg；联立以上两式解得： ；由于是点电荷-Q形成的电场，由得到，等势面上各处的场强大小均相等，即AB

11、弧中点处的电场强度为，故选A【点睛】小球沿细管滑到最低点B时，对管壁恰好无压力并不是电场力等于重力，而是电场力与重力提供向心力去做圆周运动3、C【解析】A.体积很小的物体 也不一定就能够看成质点，比如原子的体积很小，但是在研究原子的结构时原子是不能看成质点的，所以A错误；BD.地球的质量很大在研究地球绕太阳转动的过程中地球的大小和形状是可以忽略的，能看成质点，所以并不是只有质量很小的物体才可以看作质点,所以BD错误；C.研究月球绕地球运动的周期时，月球的体积相对于和地球之间的距离来说是可以忽略的，所以可将月球看作质点，所以C正确4、D【解析】根据P=Fv，力大F，但F与v的乘积不一定大，故功率

12、不一定大，故A错误；功率小说明物体做功慢，故B错误；机器做的功越多，根据：，不能说明其功率大，故C错误；根据，单位时间机器做功越多，其功率越大，故D正确所以D正确，ABC错误5、D【解析】放在匀强磁场中的通电导线受到的安培力，只有当B、I、L与都是恒定时，导线所受的安培力才是恒定的，故A错误；磁感线的疏密表示磁场的强弱，与磁感线的方向无关，故B错误；根据左手定则，磁场的方向与通电导体所受磁场力的方向垂直；磁场的方向就是小磁针的N极在磁场中所受磁场力的方向，故C错误；根据左手定则，安培力的方向一定垂直磁感应强度和直导线所决定的平面，故D正确所以D正确，ABC错误6、C【解析】A. 根据闭合电路欧

13、姆定律，路端电压U=EIr，只有当外电路断开时，I=0，路端电压等于电动势。故A错误；B. 电压与电动势的单位相同，但物理意义不同，是两个不同的物理量。故B错误； C. 电源是把其他形式的能转化为电能的装置，电动势反映电源把其他形式的能转化为电能本领大小。故C正确；D. 电动势定义式中的W是非静电力做功，电势差中的W是静电力做功。故D错误。故选：C.【点睛】电压与电动势的单位相同，但物理意义不同，不是同一物理量的不同叫法电动势是反映电源把其他形式的能转化为电能本领大小的物理量电动势定义式中的W是非静电力做功，电势差中的W是静电力做功。电动势等于电源没有接入电路时两极间的电压二、多项选择题：本题

14、共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BD【解析】A、电路稳定后，电容器的电压等于电阻R2两端的电压，则：当R1减小或R2增大时，电容器的电压增大，电量增加，故A错误，B正确；C、电路稳定后，电阻R3上无电压，电容器的电压与R3的阻值无关，故C错误；D、只减小a、b两极板间的距离，电容增大，电压不变，电量增加，故D正确；故选BD。8、AC【解析】带电导体球与两个球不接触，本身电量不会转移到甲乙上，所以根据静电平衡，甲的左侧和乙的右侧带有等量的异种电荷，分开两球再移走棒，两球带有等量的异种电

15、荷，A对；若先移走棒则感应出来的电荷又会回到各自的导体上，两个小球不会带电，B错；若接触其中的一个小球则电荷会发生转移，再分开两个小球，都会带上电量，所以C对，第一种情况下棒的电量没有发生变化，但是两个小球会带上电，所以D错思路分析：根据使物体带电的方式进行解析试题点评：考查是物体带电的方式9、BC【解析】磁铁的磁感线在它的外部是从N极到S极，因为长直导线在磁铁的中心偏右位置，所以此处的磁感线是斜向左下的，电流的方向垂直于纸面向外，根据左手定则，导线受磁铁给的安培力方向是斜向右下方。长直导线是固定不动的，根据物体间力的作用是相互的，导线给磁铁的反作用力方向就是斜向左上的；将这个力分解为垂直于斜

16、面与平行于斜面的分力，因此光滑平板对磁铁支持力减小，由于在电流对磁铁作用力沿斜面方向的分力向下，所以弹簧拉力拉力变大，弹簧长度将变长。所以FN1FN2，弹簧的伸长量增大。AFN1FN2，与结论相符，选项B正确；C弹簧的伸长量增大，与结论相符，选项C正确；D弹簧的伸长量减小，与结论不相符，选项D错误；10、AC【解析】A长度、材料均相同，它们的横截面的直径之比为：dA：dB=1：2则横截面积之比为：SA：SB=1：4，根据：可知电阻之比：RA：RB=4：1故A正确；B因两者是串联，它们的电流总相等，故B错误；C两段导体两端电压之比为：故C正确.D两段电阻丝发热功率之比为：故D错误.三、实验题：本

17、题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、 小于 f 甲 【解析】（1）根据电路图连接实物图如答案所示注意不要将正负极连接错误（2）根据欧姆定律可知测得的电阻是待测电阻与电压表的并联电阻，所以测量值小于真实值（3）在电路图中闭合开关S，电流表、电压表均有示数，但无论怎样移动变阻器滑动片，总不能使电压表的示数调为零说明电路没断，即f点出现问题（4）处理图像如答案，注意不要连成折线（5）I-U图线上某点的电阻即斜率的倒数才是电阻，即甲同学说法正确12、增大 0.200.22 【解析】（1）电压与电流从零开始变化，滑动变阻器应采用分压接法，电压表内阻远大于灯泡电

18、阻，电流表应采用外接法，电路图如图所示：（2）由图示图象可知，随电压增大通过灯泡的电流增大，电压与电流表的比值增大，灯泡电阻增大。（3）在灯泡I-U图象坐标系内作出电源的I-U图象如图所示：由图示可知，灯泡两端电压U=1.10V，电流I=0.19A，灯泡实际功率P=UI=1.100.19W=0.21W四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）；（2）；（3）【解析】（1）小物块受重力，电场力和弹力，三力平衡，根据平衡条件，有：，解得：（2）由牛顿第二定律可得：，解得：（3）电场力：，电场力与重力的合力与水平方向的夹角的正切值：，故，故物体将离开斜面做匀加速直线运动；竖直方向做自由落体运动：，解得：【点睛】本题关键是明确小物块的受力情况，结合平衡条件、牛顿第二定律列式分析，第三问可以结合运动的合成与分解，得到竖直分运动是自由落体运动14、（1）（2）【解析】（1）负电荷从A移到B点的过程，电荷克服电场力做功，可见负电荷从电势高处移至电势低处即