2023学年江苏省苏北四市物理高二第一学期期中教学质量检测模拟试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷注意事项：1答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号、考场号和座位号填写在试题卷和答题卡上。用2B铅笔将试卷类型（B）填涂在答题卡相应位置上。将条形码粘贴在答题卡右上角条形码粘贴处。2作答选择题时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目选项的答案信息点涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案。答案不能答在试题卷上。3非选择题必须用黑色字迹的钢笔或签字笔作答，答案必须写在答题卡各题目指定区域内相应位置上；如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新答案；不准使用铅笔和涂改液。不按以上要求作答无效。4考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡

2、一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示为某物业公司的宣传提醒牌。从提供的信息知：一枚30g的鸡蛋从17楼（离地面人的头部为45m高）落下，能砸破人的头骨。若鸡蛋壳与人头部的作用时间为4.510-4s，人的质量为50kg，重力加速度g取10m/s2，则头骨受到的平均冲击力约为A1000NB2000NC2500ND4000N2、关于人造地球卫星，下列说法正确的是（ ）A由，卫星轨道半径增大到原来的两倍时，速度增大到原来的倍B由，卫星轨道半径增大到原来的两倍时，速度增大到原来的倍C由，卫星轨道半径增大到原来的两倍

3、时，向心力减为原来的D由，卫星轨道半径增大到原来的两倍时，向心力减为原来的3、如图所示，实线表示某电场中的电场线，A、B为电场中两点，关于A、B两点的电场强度EA、EB的关系，下列判断中正确的是AEAEBBEAEBCEAEBD无法判断4、关于元电荷和点电荷下列说法正确的是（ ）A元电荷就是点电荷B元电荷实际上是指电子和质子本身C所有带电体的电荷量一定等于元电荷D一个带电体能否看成点电荷，不是看它尺寸的绝对值，而是看它的形状和尺寸对相互作用力的影响能否忽略不计5、如图所示，在正方形空腔内有匀强磁场，不计重力的带电粒子甲、乙从a孔垂直磁场方向平行于ab边射入磁场，甲从c孔射出，乙从d孔射出，下列说

4、法正确的是 A若甲、乙为同种带电粒子，速率之比为11B若甲、乙为同种带电粒子，角速度之比为11C若甲、乙为同种带电粒子，在磁场中运动的时间之比为11D甲、乙为不同种带电粒子但速率相同，它们的比荷为216、如图所示，电源的内阻不可忽略已知定值电阻R1=11，R2=8当开关S接位置1时，电流表的示数为121A那么当开关S接位置2时，电流表的示数可能是下列的哪些值（ ）A128 AB125 AC122 AD119 A二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示是一个多用表的

5、内部电路图，下列说法中正确的是A当开关S接1和2时用于测电流，且接1的量程比接2大B当开关S接3时用于测电阻，A为黑表笔，B为红表笔C当开关S接4时A表笔电势比B表笔低D当开关S接5和6时用于测电压，且接5比接6量程大8、如图甲，两水平金属板间距为d，板间电场强度的变化规律如图乙所示t0时刻，质量为m的带电微粒以初速度v0沿中线射入两板间，0 时间内微粒匀速运动，T时刻微粒恰好经金属板边缘飞出微粒运动过程中未与金属板接触，重力加速度的大小为g，关于微粒在0T时间内运动的描述，正确的是()A末速度大小为 v0B末速度沿水平方向C重力势能减少了 mgdD克服电场力做功为mgd9、直线AB是某电场中

6、的一条电场线。若有一电子以某一初速度，仅在电场力的作用下，沿AB由A运动到B，其速度图象如图所示，下列关于A、B两点的电场强度、和电势的判断正确的是（）ABCD10、如图所示，一个不带电的金属导体球A放在带负电的点电荷B附近，规定无限远或大地电势为零，则达到静电平衡后有（）A导体球A左端的电势高于右端的电势B导体球A左端的电势等于右端的电势C当导体球A接地后，导体球A的电势将降低D当导体球A接地瞬间，将有电子从A流向大地三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）有一个额定电压为 2.8V，功率约为 0.8W 的小灯泡，现要用伏安法描绘这

7、个灯泡的 I-U 图线， 有下列器材供选用：A.电压表（03V，内阻约6k）；B.电压表（015V，内阻约30k）；C.电流表（03A，内阻约0.1）；D.电流表（00.6A，内阻约0.5）；E.滑动变阻器（10，2A）；F.滑动变阻器（200，0.5A）；G.蓄电池（电动势 6V，内阻不计）（1）某同学误将电流表和电压表接成如图甲所示的电路，其他部分连接正确，接通电源后，小灯泡的发光情况是_(选填“亮”或“不亮”)要求小灯泡的电压从零开始增大，应选择图乙中的电路图是_（填“a”或“b”）（2）用正确的电路进行测量，电压表应选用_，电流表应选用_滑动变阻器应选用_（用序号字母表示）（3）通过实

8、验测得此灯泡的伏安特性曲线如图所示由图线可求得此灯泡在正常工作时的电阻为_（4）若将此灯泡连接在另一电动势为3V、内阻为5的电源上，灯泡的实际功率为_W（此空答案取两位有效数字）12（12分）为了描绘一个“、”的小灯泡的伏安特性曲线，提供以下器材：直流电源E：，内阻不计；电流表A：量程分别为和，内阻约为；电压表V：量程分别为和，内阻约为；滑动变阻器R：最大阻值为，允许通过的最大电流为；开关一个；导线若干实验时要求加在灯泡两端的电压可从调到（1）在下面方框里画出符合本实验要求的电路图_，并根据电路图连接右侧的实物图_： （2）某次测量时，电流表指针位置如图所示，电流表读数为_，此时小灯泡的实际功

9、率为_四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）在如图所示的电路中，R13，R26，R31.5，C20F，当开关S断开时，电源的总功率为2W；当开关S闭合时，电源的总功率为4W，求： (1)电源的电动势和内电阻；(2)闭合S时，电源的输出功率；(3)S断开和闭合时，电容器所带的电荷量各是多少？14（16分）如图所示，在坐标系xOy的第一象限内斜线OC的上方存在垂直纸面向里的匀强磁场，磁感应强度为B，第四象限内存在磁感应强度大小未知、方向垂直纸面向里的匀强磁场，第三象限内存在沿y轴负方向的匀强电场，在x轴负半轴上有

10、一接收屏GD，GD2ODd，现有一带电粒子(不计重力)从y轴上的A点，以初速度v0水平向右垂直射入匀强磁场，恰好垂直OC射出，并从x轴上的P点(未画出)进入第四象限内的匀强磁场，粒子经磁场偏转后又垂直y轴进入匀强电场并被接收屏接收，已知OC与x轴的夹角为37，OA，求： (1)粒子的电性及比荷；(2)第四象限内匀强磁场的磁感应强度B的大小；(3)第三象限内匀强电场的电场强度E的大小范围。15（12分）如图所示，水平桌面上有一薄木板，它的右端与桌面的右端相齐.薄木板的质量M=1.0kg，长度L=1.0m.在薄木板的中央有一个小滑块(可视为质点)，质量m=0.5kg.小滑块与薄木板之间的动摩擦因数

11、1=0.10，小滑块、薄木板与桌面之间的动摩擦因数相等，皆为2=0.20.设小滑块与薄木板之间的滑动摩擦力等于它们之间的最大静摩擦力.某时刻起对薄木板施加一个向右的拉力使木板向右运动.求：(1)当外力F=3.5N时，m与M的加速度各为多大？(2)若使小滑块与木板之间发生相对滑动，拉力F至少是多大？(3)若使小滑块脱离木板但不离开桌面，求拉力F应满足的条件参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、B【解析】由2gh=v2可得鸡蛋质量，设向下为正方向，对碰撞过程由动量定理可得：代入数据得负号说明鸡蛋受到的冲击力向上，根据牛顿

12、第三定律可知，头骨受到的平均冲击力为2000N。故选B。2、C【解析】根据公式，移项化简得，所以当轨道半径变为原来的倍时，速度变为原来的倍，AB错误；根据公式，当轨道半径变为原来的倍之后，万有引力变为，C正确；由，当轨道半径增大到原来的两倍时，向心力变为原来的，D错误3、A【解析】电场线的疏密反映场强的大小，可知A点电场强度小于B点的电场强度，即EAEB，故选A4、D【解析】AB. 元电荷是指一个电子所带的电荷量，元电荷是最小电荷单位，并不是指电子或质子本身，也不是点电荷，故AB错误；C. 任何带电体所带电荷量或等于元电荷e，或者是元电荷e的整数倍，故C错误；D. 点电荷是理想化模型，一个带电

13、体能否看成点电荷，不是看它的尺寸的绝对值，而是看它的形状和尺寸对相互作用力的影响能否忽略不计，故D正确5、B【解析】粒子运动轨迹如图所示，由几何知识可知：r甲=2r乙，粒子转过的圆心角：甲=90，乙=180；A粒子做圆周运动，洛伦兹力提供向心力，由牛顿第二定律得：解得：若甲、乙为同种带电粒子，速率之比：故A错误；B角速度：，若甲、乙为同种带电粒子，角速度之比：故B正确；C粒子在磁场中做圆周运动的周期：粒子的运动时间若甲、乙为同种带电粒子，在磁场中运动的时间之比：故C错误；D由牛顿第二定律得：解得比荷：甲、乙为不同种带电粒子但速率相同，它们的比荷：故D错误；6、C【解析】试题分析：当电键S接位置

14、1时，电流表的示数为121A，则根据欧姆定律得知：路端电压U1=I1R1=1112V=2V；电键S接2后，电路的总电阻减小，总电流一定增大，所以电流不可能是119A，电源的路端电压一定减小；原来路端电压为2V，所以电键S接2后路端电压低于2V，因此电流一定小于125A，故只能选C考点：闭合电路欧姆定律名师点睛：本题要根据闭合电路欧姆定律分析路端电压与外电阻的关系，同时分析总电流与外电路总电阻的关系，可确定出电流表示数的范围进行选择二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、A

15、C【解析】A、多用电表的工作原理是闭合电路的欧姆定律，题图为一简易的多用电表原理示意图，其中1、2两档用来测电流，接1时分流电阻相对更小，故接1时电表的量程更大，第1档为大量程，那么S接2时量程较小，故A正确；B、3、4两档用来测电阻，其中A与内部电源的负极相连，故A为红表笔，黑表笔连接表内电池的正极，故B为黑表笔，则红表笔A表笔电势比黑表笔B表笔低，故B错误，C正确；D、要测量电压，电流表应与电阻串联，由图可知当转换开关S旋到位置5、6时；测量电压，电流表所串联的电阻越大，所测量电压值越大，故当转换开关S旋到6的量程比旋到5的量程大，故D错误点睛：本题考查多用表的原理，应熟练掌握其测量原理，

16、及电表的改装办法明确电流表时表头与电阻并联，电压表时，表头与电阻串联；而欧姆表时内部要接有电源8、BC【解析】AB1时间内微粒匀速运动，则有：qE1=mg，内，微粒做平抛运动，下降的位移，T时间内，微粒的加速度 ，方向竖直向上，微粒在竖直方向上做匀减速运动，T时刻竖直分速度为零，所以末速度的方向沿水平方向，大小为v1故A错误，B正确C1时间内微粒在竖直方向上向下运动，位移大小为d，则重力势能的减小量为mgd，故C正确D在内和T时间内竖直方向上的加速度大小相等，方向相反，则内和T时间内位移的大小相等均为d，所以整个过程中克服电场力做功为，故D错误9、AC【解析】AB由图可知，电子在A点加速度较大

17、，则可知A点所受电场力较大，由F=Eq可知，A点的场强要大于B点场强，即，故A正确、B错误；CD电子从A到B的过程中，速度减小，动能减小，则可知电场力做负功，故电势能增加，故A点的电势能小于B点的电势能，电子带负电，由可知，A点的电势要大于B点电势，AB，故C正确，D错误；故选AC。10、BD【解析】导体在电场中处于静电平衡后，整个导体是个等势体负电荷产生的电场是发散的电场，沿着电场线电势要降低【详解】把一个在绝缘支架上不带电的导体A放在带负电的导体B附近，达到静电平衡后，导体A是个等势体。带负电的导体B产生的是会聚的电场，产生的电场的电场线如右图所示，由于沿着电场线电势降低，以无穷远处的电势

18、为零，那么电场中的所有电势都是负值。所以A错误，B正确。当导体球A接地后，则导体A右端电势为零，因导体间的电势差不变，所以导体B的电势将升高，故C错误；由图可知，大地的电势要高于A的电势，当导体球A接地瞬间，将有电子从A流向大地。故D正确；故选BD。【点睛】此题考查静电平衡中的导体，电场中的处于静电平衡的导体是等势体，导体上电势处处相同同时要知道负电荷产生的电场特点，以及电势分布的特点三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、不亮 b A D E 9.7 (9.6-10.04) 0.43(0.42-0.44) 【解析】（1）1由电路图可知，电

19、压表串接在电路中，电路中的电阻很大，小灯泡不亮；2要使电压从零开始调节，应采用分压接法；故电路图应选择b；（2）3由题意可知，灯泡的额定电压为2.8V，故电压表的量程应大于2.8V，故电压表应选3V量程，故选A；4 由：P=UI可得电流为：A故电流表应选D；5 本实验中应选用分压接法，故滑动变阻器应选小电阻，故滑动变阻器选E；（3）6 由图可知，当电压为2.8V时，电流为0.29A，故电阻：(9.6-10.04)；（4）7在I-U图象中作出灯泡的伏安特性曲线如图所示：则由图可知，灯泡的工作电压为1.8V，电流为0.24A，则实际功率为：P=UI=1.80.24=0.43W(0.42-0.44)

20、。12、如图所示： 如图所示： 【解析】（1）小灯泡的电阻为 ，则RVRx，可知应采用电流表外接电路；要得到从0开始的电压，则滑动变阻器用分压电路，电路及实物连线如图；（2）电流表选择0-0.6A档，则读数为0.40A，从图像中读出此时的电压为U=6V，则此时小灯泡的实际功率为：P=IU=0.406=2.40W【点睛】滑动变阻器的分压限流接法，安培表内外接法，仪器的选择是电学实验考查的重点，同时要学会根据图线进行数据处理四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、 (1) , （2）3.5W（3） ,0【解析】断开S，R2

21、、R3串联，根据闭合电路欧姆定律求解出电流和电功率表达式；S闭合，R1、R2并联再与R3串联，再次根据闭合电路欧姆定律求解出电流和电功率表达式；最后联立求解；闭合S时电源的输出功率为P=EI-I2r；S断开时，C两端电压等于电阻R2两端电压，求解出电压后根据Q=CU列式求解【详解】（1）S断开，R2、R3串联根据闭合电路欧姆定律可得：总功率为：S闭合，R1、R2并联再与R3串联，总外电阻根据闭合电路欧姆定律可得：所以总功率为：联立解得：E=4V，r=0.5（2）闭合S，总外电阻R=3.5干路电流为输出功率P出=EI-I2r=41-10.5=3.5W（3）S断开时，C两端电压等于电阻R2两端电压：可得电量为：Q=CU2=2010-63=610-5C【点睛】本题首先要理清电路结构，然后结合闭合电路欧姆定律和电功率表达式列式分析14、（1）（2）（3）【解析】粒子运动轨迹如图所示，由左手定则可知粒子带负电由图知粒子在第一象限内运动的轨道半径，由洛伦兹力提供向心力得，联立得；(2)由图知OPd，所以粒子在第四象限内做圆周运动的半径为，同理，联立得，(3)粒子在匀强电场中做类平抛运动，由图知，当电场强度E较大时，粒子击中D点，由类平抛运动规律知，联立得，当电场强度E较小时，粒子击中G点，由类平抛运动规律知，联立得，所以；15、（1）13m/s2（1）