江西省抚州市九校2023学年物理高二上期中联考试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷考生请注意：1答题前请将考场、试室号、座位号、考生号、姓名写在试卷密封线内，不得在试卷上作任何标记。2第一部分选择题每小题选出答案后，需将答案写在试卷指定的括号内，第二部分非选择题答案写在试卷题目指定的位置上。3考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、 “摩天轮”是一种大型转动的机械建筑设施，上面挂在轮边缘的是供乘客乘搭的座舱，乘客坐在摩天轮慢慢地往上走，可以从高处俯瞰四周景色。如图所示，“摩天轮”在竖直平面内顺时针匀速转动。若

2、某时刻与最高吊篮高度相同的一小重物开始做自由落体运动。被此时正处于右侧中间高度的同学恰好在第一次到达最低点b处接到，已知“摩天轮”半径为R。所有同学的质量为m，（不计人和吊篮的大小及重物的质量），下列说法正确的是A摩天轮运动的线速度大小为B吊篮位于最高点时，吊篮中的同学受力平衡C小物体从被释放到被接住运动的时间是D吊篮位于最低点位置时，吊篮中的同学处于失重状态2、在如图所示的电路中，电源的电动势和内电阻均为定值，各电阻都不为零.电键接通后与接通前比较，电压表读数的变化情况是（ ）A变大B变小C不变D因电阻未知，无法判断3、如图所示，质量为m的小球分别放在桌面上斜面体的上端和地面上，若以桌面为参

3、考平面，则在图中的两个物体的重力势能分别为( )A mgh1，mgh2 Bmg(h1h2)，0Cmgh2，mgh1 Dmg(h1h2)，04、如图所示，为某静电除尘装置的原理图，废气先经过机械过滤装置再进入静电除尘区、图中虚线是某一带负电的尘埃(不计重力)仅在电场力作用下向集尘极迁移并沉积的轨迹，A、B两点是轨迹与电场线的交点，不考虑尘埃在迁移过程中的相作用和电荷量变化，则以下说法正确的是AA点电势高于B点电势B尘埃在A点的加速度大于在B点的加速度C尘埃在迁移过程中做匀变速运动D尘埃在迁移过程中电势能始终在增大5、如图所示，一枚小磁针放在半圆形导线环的环心O处，当导线中通以如图所示方向的电流时

4、，小磁针将()A沿顺时针方向转动B沿逆时针方向转动CN极转向纸内，S极转向纸外DN极转向纸外，S极转向纸内6、比值定义法是定义物理量的一种方法，所定义的物理量只与两者比值有关，与单个物理量的大小无关下列各物理量中不属于比值定义法的是（ ）A B C D二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、在如图所示电路中，开关S1、S2、S3、S4均闭合，C是水平放置的平行板电容器，板间悬浮着一油滴P，下列哪些方法会使P向下运动（ ）A断开S2B断开S3C断开S4并适当减小两板之间的距

5、离D断开S1并适当增大两板之间的距离8、如图所示，从某高度水平抛出一小球，经过时间t到达一竖直墙面时，速度与竖直方向的夹角为，不计空气阻力，重力加速度为g。下列说法正确的是A小球水平抛出时的初速度大小为gttanB小球在t时间内的位移方向与水平方向的夹角为C若小球初速度增大，则平抛运动的时间变长D若小球初速度增大，则tan增大9、如图，由两块相互靠近的平行金属板组成的平行板电容器的极板N与静电计相接，极板M接地，静电计的外壳也接地用静电计测量平行板电容器两极板间的电势差U在两板相距一定距离d时，给电容器充电，静电计指针张开一定角度在整个实验过程中，保持电容器所带电量Q不变，下面哪些操作将使静电

6、计指针张角变小（ ）A将M板向下平移B将M板沿水平向右方向靠近N板C在M、N之间插入云母板D将M板向上移动的同时远离N板10、如图所示的电路，R1、R2是两个定值电阻，R是滑动变阻器，R3为小灯泡，电源内阻为r开关闭合后，当滑动变阻器触头P向上移动时（ ）A电压表示数变大B小灯泡亮度变大C电容器充电D电源的总功率变大三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）有一内阻未知（约20k 60k）、量程（0 10V）的直流电压表V某同学想通过一个多用表中的欧姆档，直接去测量上述电压表的内阻，该多用表刻度盘上读出电阻刻度中间值为30，欧姆档的选择

7、开关拨至倍率_挡先将红、黑表棒短接调零后，选用下图中_方式连接12（12分）某同学先用欧姆表的“10”档粗测一电阻阻值，欧姆表示数如图所示，给出下列仪器供选用：A电流表（00.6A，1） E滑动变阻器（020，1A）B电流表（00.1A，3） F滑动变阻器（0200，0.1A）C电压表（03V，100k） G9 V电池D电压表（015V，45k） H导线、电键（1）欧姆表示数为 _ （2）现欲用伏安法较准确地测定其阻值，要求电压从零开始调节，上述器材中应选用的电流表为 _，应选用的电压表为_，应选用的滑动变阻器为_。（填代号） （3）画出实验电路图_。并说明开关闭合前滑动变阻器的滑片应放_端四

8、、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）水平放置的平行金属板间为一匀强电场，两板电势差为140伏，上板电势高，板距5厘米，板间有一质量为210-6千克的带电油滴，处于平衡状态，则（1）油滴带何种电？带电量多大？（2）油滴多余或缺少多少个电子？（3）若电势差不变，板距增大2厘米，油滴将做什么运动？加速度多大？14（16分）如图所示，在平行金属带电极板MN电场中将电荷量为4106C的点电荷从A点移到M板，电场力做负功8104J，把该点电荷从A点移到N板，电场力做正功为4104J，N板接地。则(1)A点的电势是多少？(

9、2)M板的电势是多少?(3)等于多少伏？15（12分）如图所示，匀强电场的电场强度大小E2.0N/C，方向水平向右，沿电场线方向有A、B两点，A、B两点间的距离d0.20m将电荷量的正点电荷从A点移至B点求：(1)电荷所受电场力F的大小及方向；(2)电荷从A点移至B点的过程中，电场力所做的功及AB两点的电势差；(3)已知B点的电势300V，那么A点的电势是多少伏特？在A点放一个电荷量为的负点电荷，那么A点电势是多少？此电荷的电势能是多少？参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、A【解析】AC. 据自由落体运动有：解得小

10、物体的运动时间为：根据运动的等时性可知，摩天轮的周期为：其线速度为：故A正确C错误。BD. 小明在做圆周运动，其合力始终指向圆心，在最高点时，重力大于支持力，处于失重状态；在最低点时，支持力大于重力，处于超重状态，故BD错误。2、A【解析】电键接通后，并联支路增多，外电路总电阻减小，根据闭合电路欧姆定律得知，电路中总电流I增大，由欧姆定律U=IR得到，电压表的示数变大，故A正确，BCD错误3、A【解析】以桌面为参考面，即桌面所在平面为零势能面，小球在斜面体的上端距离桌面高度为，在零势能面上方，则重力势能为；地面上的小球在零势能面下方，距离零势能面的距离为，故势能为，故A正确4、B【解析】沿电场

11、线方向电势降低，由图可知，B点的电势高于A点电势，故A错误；由图可知，A点电场线比B点密集，因此A点的场强大于B点场强，故A点的电场力大于B点的电场力， 则A点的加速度大于B点的加速度，故B正确；放电极与集尘极间建立非匀强电场，尘埃所受的电场力是变化的故粒子不可能做匀变速运动，故C错误；由图可知，开始速度方向与电场力方向夹角为钝角，电场力做负功，电势能增大；后来变为锐角，电场力做正功，电势能减小；对于全过程而言，根据电势的变化可知，电势能减小，故D错误故选B点睛：本题考查考查分析实际问题工作原理的能力，解题时要明确电场线的分布规律，并且能抓住尘埃的运动方向与电场力方向的关系是解题突破口5、C【

12、解析】由安培定则知,，环形电流内部磁场方向垂直纸面向里，故N极转向纸内，C选项正确故选C。6、B【解析】是电场强度的定义式是比值定义的，故A不符合题意；公式是欧姆定律的表达式，不属于比值定义法，故B符合题意；公式是电势的定义式，为比值定义法，故C不符合题意；电容是极板上的电量与极板之间的电压的比值， 是电容的定义式，为比值定义法，故D不符合题意本题选不是比值定义法的，故选B.点睛：中学物理中，有相当数量的物理量是采用“比值法”定义的应用比值法定义物理量，往往需要一定的条件；一是客观上需要，二是间接反映特征属性的两个物理量可测，三是两个物理量的比值必须是一个定值二、多项选择题：本题共4小题，每小

13、题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BD【解析】A. 断开S2，C直接接到电源两端，C两端电压增大，故E增大，电场力增大，油滴向上运动，故A错误；B. 断开S3，电源断开，C通过R3放电，电压减小，粒子向下运动，故B正确；C. 断开S4，电容器被断开，不会产生充放电现象，减小两板间距离，电场强度不变，粒子受力不变，油滴不会运动，故C错误；D. 断开S1，R1断路，而R2接通，仍可使C接入R3两端，电容器的电压不变，增大两板间的距离，电场强度减小，粒子向下运动，故D正确。故选：BD.【点睛】由电路图可知

14、，当开关都闭合时，R3、R4串联后接入电源两端；R1及R2为等势体，相当于导线，电容器两端的电压等于R3两端的电压；原来带电油滴受重力和电场力平衡，故电场力应向上，若使P向下运动，重力不变，故可知电场力的变化，由F=Eq可知场强E的变化，由U=Ed可得出电容器两端电压的变化，分析各开关断开后电路的变化可得出符合条件的选项8、AD【解析】A小球落地时沿竖直方向和水平方向上的分速度大小分别为vy=gtvx=vytan=gttan所以水平抛出时的初速度为gttan，故A正确；B设小球在t时间内的位移方向与水平方向的夹角为，则故B错误；C小球由于小球到墙的距离一定，初速度增大，运动的时间越短，故C错误

15、；D若小球初速度增大，由小球到墙的时间变短，由可知角增大，故D正确；9、BC【解析】试题分析：由题意，电容器所带电量Q保持不变，静电计指针张角变小，板间电势差U变小，由分析可知，电容C应变大，根据分析可知，增大正对面积，减小板间距离、或插入电介质，或插入金属板所以BC正确故选BC考点：电容器的动态分析【名师点睛】对于电容器的动态变化问题，关键要抓住不变量，是电量一定还是两版间的电势差一定，根据电容的定义式和决定式进行分析10、AC【解析】闭合开关后，当滑动变阻器触头P向上移动时，增大，外电路总电阻增大，干路中电流减小，则小灯泡亮度变小电源的内电压减小，路端电压增大，则电压表的示数变大，故AB错

16、误；电路稳定时电容器的电压等于、串联总电压，根据串联电路电压分配规律可知，增大，电容器的电压增大，则电容器充电，故C正确；电源的总功率为，干路电流I减小，则电源的总功率变小，故D错误【点睛】本题按“部分整体部分”的思路进行动态变化分析对于电压表的示数，可以直接根据路端电压随外电阻而增大的结论进行分析根据串联电路电压与电阻成正比的特点，分析各部分电压的变化，比较简便三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、1K A 【解析】因为电压表内阻约20k 60k，故欧姆档的选择开关拨至倍率1K挡；因为黑表笔内部接电源的正极，故黑表棒短接调零后，选用下图

17、中A方式连接12、 160 B D E 右【解析】试题分析：欧姆表指针示数倍率的乘积是欧姆表示数；根据电路中最大电流来选择电流表，根据电源电压选择电压表；确定滑动变阻器与电流表的接法，然后作出电路图（1）用欧姆表的“10”档粗测一电阻阻值，由图示表盘可知，欧姆表的示数为：1610=160；（2）电源电动势为9V，电压表应选D；电路最大电流约为： ，电流表应选B；为方便实验操作滑动变阻器应选择E；（3）应用伏安法测电阻电压从零开始调节，则滑动变阻器应采用分压接法；待测电阻阻值约为160，电流表内阻约为3，电压表内阻约为45k，相对来说电压表内阻远大于待测电阻阻值，则电流表应采用外接法，为了保证电

18、路安全，在闭合开关前应使得滑片处于最右端，让被测电阻两端电压为零，实验电路图如图所示：四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）油滴带负电，电量为7.110-9C（2）多余 个电子（3）向下做匀加速运动8m/s2【解析】（1）带电液滴处于静止状态，受力平衡，重力与电场力大小相等，方向相反，因上极板电势高，则电场强度方向竖直向下，而电场力方向竖直向上，则微粒带负电，由平衡条件得：得:；（2）因带负电，因此有多余的电子，电子数量为:个；（3）当电势差不变，板距增大2cm时，依据E=，则电场强度减小，即电场力减小，因此重力大于电场力，导致粒子向下加速运动，根据牛顿第二定律，那么带电粒子的加速度：。14、 (1)；(2)；(3)【解析】(1)、间的电势差：又：则点的电势：(2)、间的电势差：又：则点的电势：(3)、间的电势差：15、 (1),水平向右 (2)，UAB=400V (3) , 【解析】(1)电荷在匀