2022届鄂西北四校高三3月份第一次模拟考试物理试卷含解析

1、2021-2022学年高考物理模拟试卷注意事项1考生要认真填写考场号和座位序号。2试题所有答案必须填涂或书写在答题卡上，在试卷上作答无效。第一部分必须用2B 铅笔作答；第二部分必须用黑色字迹的签字笔作答。3考试结束后，考生须将试卷和答题卡放在桌面上，待监考员收回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，细线的一端固定于O点，另一端系一小球，在水平拉力作用下，小球以恒定速率在竖直平面内由A点运动到B点，下列说法中正确的是( )A水平拉力先增大后减小B水平拉力先减小后增大C水平拉力的瞬时功率先减小后增大D水平拉力的瞬时功

2、率逐渐增大2、汽车甲和乙在同一公路上做直线运动，下图是它们运动过程中的U-t图像，二者在t1和t2时刻的速度分别为v1和v2，则在t1到t2时间内At1时刻甲的加速度小于乙的加速度B乙运动的加速度不断增大C甲与乙间距离越来越大D乙的平均速度等于3、图甲所示为氢原子能级图，大量处于n=4激发态的氢原子向低能级跃迁时能辐射出多种不同频率的光，其中用从n=4能级向n=2能级跃迁时辐射的光照射图乙所示光电管的阴极K时，电路中有光电流产生，则A改用从n=4能级向n=1能级跃迁时辐射的光，一定能使阴极K发生光电效应B改用从n=3能级向n=1能级跃迁时辐射的光，不能使阴极K发生光电效应C改用从n=4能级向n

3、=1能级跃迁时辐射的光照射，逸出光电子的最大初动能不变D入射光的强度增大，逸出光电子的最大初动能也增大4、2019年10月30日在新疆喀什发生4级地震，震源深度为12 km。如果该地震中的简谐横波在地壳中匀速传播的速度大小为4 km/s，已知波沿x轴正方向传播，某时刻刚好传到x=120 m处，如图所示，则下列说法错误的是（ ）A从波传到x=120 m处开始计时，经过t=0.06 s位于x=360 m的质点加速度最小B从波源开始振动到波源迁移到地面需要经过3 s时间C波动图像上M点此时速度方向沿y轴负方向，动能在变大D此刻波动图像上除M点外与M点位移大小相同的质点有7个5、2019年11月4日美

4、国正式启动退出巴黎气候变化协定的程序，巴黎协定是人类历史上应对全球温室效应带来的气候变化的第三个里程碑式的国际法律文本。为了减少二氧化碳的排放，我国一直在大力发展新能源汽车，已知某型号的电动汽车主要技术参数如下：车型尺寸长宽高487019501725最高时速（km/h）120电机型式交流永磁同步电机电机最大电功率（kW）180工况法纯电续驶里程（km）500等速法纯电续驶里程（km）600电池容量（kWh）82.8快充时间（h）1.40-50km/h加速时间（s）20-100km/h加速时间（s）4.6根据电动汽车行业国家标准（GB/T18386-2017）、电机的最大功率为电机输出的最大机械

5、功率：电池容量为电池充满电时储存的最大电能根据表中数据，可知（）A0-100km/h的加速过程中电动车行驶的路程一定大于66mB电机以最大功率工作且车以最大速度行驶时，车受到的阻力大小为5000NC该车在0-50km/h的加速过程中平均加速度为25m/s2D用输出电压为220V的充电桩给电池快速充电时，充电电流为269A6、一列简谐横波，在t=0.6s时刻的图像如图甲所示，此时P、Q两质点的位移均为-1cm，波上A质点的振动图像如图乙所示，则以下说法正确的是（ ）A这列波沿x轴负方向传播B这列波的波速是50m/sC从t=0.6s开始，紧接着的t=0.9s时间内，A质点通过的路程是4cmD从t=

6、0.6s开始，质点P比质点Q早0.4s回到平衡位置二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，倾斜固定放置的带电平行金属板，两板间距为，分别为上板和下板上的点，点高于点，距离大于，连线与上板夹角为，为锐角，平行板间存在水平向里的匀强磁场，磁场的磁感应强度大小为B。一带电荷量为的粒子从直线上的P点沿直线向点运动，初速度大小为，则下列判断正确的是（ ）A带电粒子一定受到重力作用B上板一定带正电C带电粒子可能做匀变速直线运动D两板间的电场强度可能大于8、下列说法正确的是_

7、A放热的物体，其内能也可能增加B液体中的扩散现象是由液体的对流形成的C液体不浸润某种固体时，则附着层内液体分子间表现为引力D同一液体在不同温度下的饱和汽压不同E.只两物体的质量、温度、体积相等，两物体的内能一定相等9、静电场方向平行于x轴，其电势随x轴分布的图像如图所示，和均为已知量，某处由静止释放一个电子，电子沿x轴往返运动。已知电子质量为m，带电荷量为e，运动过程中的最大动能为，则（）A电场强度大小为B在往返过程中电子速度最大时的电势能为C释放电子处与原点的距离为D电子从释放点返回需要的时间为10、如图所示，质量为m的托盘P（包括框架）悬挂在轻质弹簧的下端处于静止状态，托盘的上表面水平。t

8、=0时刻，将质量也为m的物块Q轻轻放到托盘上，t1时刻P、Q速度第一次达到最大，t2时刻，P、Q第一次下降到最低点，下列说法正确的是（）AQ刚放上P瞬间它们的加速度大小为B0t1时间内弹簧弹力的冲量大于2mgt1C0t1时间内P对Q的支持力不断增大D0t2时间内P、Q的重力势能和弹簧弹性势能的总和不断减小三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）在“测定电源的电动势和内阻”的实验中，有如下实验器材：待测干电池一节电流表（量程（00.6A，内阻）电压表（量程03V，内阻约3k）滑动变阻器开关、导线若干（1）某同学用图甲所示电路进行实验，由

9、于电表内阻的影响产生系统误差，其主要原因是_；（2）为消除系统误差，结合所给电表参数，另一同学改用图乙所示电路进行实验，根据实验数据得出如图丙所示的图像，则可得电源电动势E=_V，内阻r=_。（结果均保留2位有效数字）12（12分）小明同学用如图所示装置探究物体的加速度跟力的关系。 （1）图为实验中打出的一条纸带的一部分，从比较清晰的点迹起，在纸带上标出了连续的5个计数点A、B、C、D、E，相邻两个计数点之间都有4个点迹没有标出，测出各计数点到A点之间的距离，如图中所示。已知打点计时器接在频率为50Hz的交流电源两端，则此次实验中小车运动的加速度的测量值a=_（结果保2位有效数字）。（2）实验

10、时改变所挂钩码的质量，分别测量小车在不同外力作用下的加速度。根据测得的多组数据画出a-F关系图线，如图所示。此图线的AB段明显偏离直线，造成此现象的主要原因可能是_。A所挂钩码的总质量过大B所用小车的质量过大C平面轨道倾斜角度过小D平面轨道倾斜角度过大四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示，在平面坐标系xOy的第象限内有M、N两个平行金属板，板间电压为U，在第象限内存在沿y轴负方向的匀强电场，在第、IV象限内存在垂直坐标平面向里的匀强磁场。一质量为m、电荷量为q的带正电的粒子(不计粒子重力)从靠近M板

11、的S点由静止释放后，经N板上的小孔穿出，从y轴上的A点(yA=l)沿x轴负方向射入电场，从x轴上的C点(xc=-2l)离开电场，经磁场偏转后恰好从坐标原点O处再次进入电场。求：(1)粒子运动到A点的速度大小(2)电场强度E和磁感应强度B的大小14（16分）图示为某一柱状透明体的截面图，半径为R的圆弧面AB与透明体的侧面AD、BD分别相切于A、B两点，P点在AD上且APR。现有一细束单色光从P点垂直AD面射入透明体，射到圆弧面AB时恰好发生全反射，第一次从F点射出透明体。已知光在真空中的速度大小为c。求：(1)透明体的折射率n以及从F点射出透明体时的折射角r的正弦值；(2)单色光从P点射入到从F

12、点射出透明体所用的时间t。15（12分）如图所示，一质量m=1.0kg的小球系在竖直平面内长度R=0.50m的轻质不可伸长的细线上，O点距水平地面的高度h=0.95m。让小球从图示水平位置由静止释放，到达最低点的速度v=3.0m/s，此时细线突然断开。取重力加速度g=10m/s2.求：(1)小球落地点与O点的水平距离x。(2)小球在摆动过程中，克服阻力所做的功W；(3)细线断开前瞬间小球对绳子的拉力T。参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】AB小球是以恒定速率运动，即做匀速圆周运动，小球受到的重力G、水平拉

13、力F、绳子拉力T，三者的合力必是沿绳子指向O点，设绳子与竖直方向夹角是，F与G的合力必与绳子拉力在同一直线上，则有 (1)球由A点运动到B点 增大，说明水平拉力逐渐增大，故AB错误；CD由几何关系可知拉力F的方向与速度v的夹角也是，所以水平力F 的瞬时功率是 (2)联立两式可得从A到B的过程中，是不断增大的，所以水平拉力F 的瞬时功率是一直增大的故C错误，D正确。故选D。2、A【解析】试题分析：在速度-时间图象中每一点表示该时刻所对应的速度，图线上每一点切线的斜率表示物体的瞬时加速度，根据图象的斜率可知加速度的变化；由速度公式可求得位移及平均速度v-t图像的斜率表示加速度，所以时刻甲的加速度小

14、于乙的加速度，乙的斜率越来越小，所以加速度越来越小，A正确B错误；由于甲乙不知道t=0时刻甲乙两车的位置关系，则无法判断两者间的距离如何变化，C错误；甲做匀减速直线运动，在t1和t2时间内，甲的平均速度为，由于乙的位移小于甲的位移，故乙的平均速度，D错误3、A【解析】在跃迁的过程中释放或吸收的光子能量等于两能级间的能级差，此种光的频率大于金属的极限频率，故发生了光电效应.A、,同样光的频率大于金属的极限频率，故一定发生了光电效应，则A正确.B、，也能让金属发生光电效应，则B错误；C、由光电效应方程，入射光的频率变大，飞出的光电子的最大初动能也变大，故C错误；D、由知光电子的最大初动能由入射光的

15、频率和金属的逸出功决定，而与入射光的光强无关，则D错误；故选A.【点睛】波尔的能级跃迁和光电效应规律的结合；掌握跃迁公式，光的频率，光电效应方程.4、B【解析】A根据图像可知，波长为60m，波速为4km/s，所以可得周期为0.015s，0.06s的时间刚好是整数个周期，可知横波刚传到360m处，此处质点开始从平衡位置向-y方向运动，加速度最小，A正确，不符题意；B波在传播的时候，波源没有迁移，B错误，符合题意；C波的传播方向是向右，所以根据同侧法可知，波动图像上M点此时速度方向沿y轴负方向，动能在变大，C正确，不符题意；D过M点作水平线，然后作关于x轴的对称线，可知与波动图像有7个交点，所以此

16、刻波动图像上除M点外与M点位移大小相同的质点有7个，D正确，不符题意。本题选错误的，故选B。5、D【解析】A100km/h=m/s，0-100km/h的加速时间为4.6s，假设电动车做匀加速直线运动，该过程中电动车行驶的路程s=64m实际上电动车做加速度减小的加速运动，故路程一定大于64m，故A错误。BP=180kW=180000W，vm=120km/h=33.3m/s，电机以最大功率工作且车以最大速度行驶时，牵引力等于阻力f=F=5400N故车受到的阻力大小为5400N，故B错误。C50km/h=m/s，该车在0-50km/h的加速过程中，用时2s，平均加速度a=6.9m/s2故C错误。D电

17、池容量82.8kWh，快充时间为1.4h，用输出电压为220V的充电桩给电池快速充电时，充电电流I=A=269A故D正确。故选D。6、D【解析】A由乙图读出t=0.6s时刻质点A的速度方向为沿y轴负方向，由甲图判断出该波的传播方向为沿x轴正向，故A错误；B由甲图读出该波的波长为=20m，由乙图得周期为T=1.2s，则波速为v= m/s=m/s故B错误；C因为t=0.6s时质点A位于平衡位置，则知经过，A质点通过的路程是故C错误；D图示时刻质点P沿y轴正方向，质点Q沿y轴负方向，此时PQ两质点的位移均为-1cm，故质点P经过回到平衡位置，质点Q经过回到平衡位置，故质点P比质点Q早回到平衡位置，故

18、D正确。故选D。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AB【解析】C带电粒子在复合场中一定受洛伦兹力而做直线运动，一定为匀速运动，选项C错误；A带电粒子沿做匀速直线运动，根据左手定则可知洛伦兹力垂直方向向上，而电场力方向垂直平行板向下，此二力不在一条直线上，可知一定受重力，选项A正确；B带电粒子只受三个力，应用矢量三角形定则可知洛伦兹力垂直向上，则粒子带正电，选项B正确；D为锐角，可知和两个力成锐角，此二力合力大于，又重力和电场力的合力大小等于，即，即，选项D错误。故选

19、AB。8、ACD【解析】A.放热的物体，如果外界对物体做的功大于放出的热量，则其内能增加， A正确；B.液体中的扩散 现象都是由于分子热运动而产生的， B错误；C.液体不浸润某种固体时，例如水银对玻璃：当水银与玻璃 接触时，附着层中的水银分子受玻璃分子的吸引比内部水银分子弱，结果附着层的水银分子比水银内部稀疏，这时在附着层中的分子之间相互吸引，就出现跟表面张力相似的收缩力，使跟玻璃接触的水银表而有缩小的 趋势，因而形成不浸润现象，C正确；D.饱和汽压随温度的升高而增大，所以同一液体在不同温度下的饱 和汽压不同，D正确；E.物体的内能等于组成该物体的所有分子做热运动的动能与分子势能的总和，两物

20、体的温度相同则分子的平均动能相等，但是物体的总动能与分子数有关，质量和体积相等的物体仅说明物体 的平均密度相同，如果不是同一种物质，它们的总分子数不一定相等，因此两物体的内能不一定相等，E错误9、ABD【解析】A在0 xx0区间内，场强大小方向沿+x方向；在-x0 x0区间内，场强大小场强方向沿x方向，故A正确；B根据能量守恒可知，电子速度最大即动能最大时，电势能最小，根据负电荷在电势高处电势能小，则此时电势能为故B正确；C已知电子质量为m、带电荷量为e，在运动过程中电子的最大功能为Ek，根据动能定理得得故C错误；D根据牛顿第二定律知 粒子从静止到动能最大的时间为四分之一周期，匀加速直线运动的

21、时间为电子从释放点返回需要的时间为故D正确。故选ABD。10、AC【解析】A Q刚放上P瞬间，弹簧弹力不变，仍为mg，故根据牛顿第二定理可知，它们的加速度故A正确；B t1时刻P、Q速度第一次达到最大，此时P、Q整体合力为零，此时弹簧弹力故0t1时间内弹簧弹力小于2mg，故0t1时间内弹簧弹力的冲量小于2mgt1，故B错误；C 0t1时间内整体向下的加速度逐渐减小到零，对Q有故P对Q的支持力N不断增大，故C正确；D t2时刻，P、Q第一次下降到最低点，动能为零，故根据机械能守恒可知，0t2时间内P、Q的重力势能和弹簧弹性势能的总和先减小再增大，故D错误。故选AC。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、由于电压表分流导致测得电流比实际干路电流偏小 1.5 1.0 【解析】（1）1图甲采用相对电源的电流表外接法，由于电压表内阻不是无穷大，所以电压表分流导致电流表中电流比实际干路电流偏小；（2）