2021-2022学年新疆维吾尔自治区高考物理四模试卷含解析

1、2021-2022学年高考物理模拟试卷注意事项：1答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。2回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。3考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、一个物体在多个力的作用下处于静止状态，如果仅使其中某个力的大小逐渐减小到零，然后又逐渐从零恢复到原来大小，那么，图中能正确描述该过程中物体速度与时间关系的是（）ABCD2、真

2、空中一半径为r0的带电金属球，通过其球心的一直线上各点的电势分布如图所示，r表示该直线上某点到球心的距离，r1、r2分别是该直线上A、B两点离球心的距离，根据电势图像（-r图像），判断下列说法中正确的是（）A该金属球可能带负电BA点的电场强度方向由A指向球心CA点的电场强度小于B点的电场强度D电荷量大小为q的正电荷沿直线从A移到B的过程中，电场力做功W=q（1-2）3、一带负电的粒子只在电场力作用下沿x轴正方向运动，其电势能Ep随位移x变化的关系如图所示，其中0 x2段是关于直线x=x1对称的曲线，x2x3段是直线，则下列说法正确的是Ax1处电场强度最小，但不为零B粒子在0 x2段做匀变速运动

3、，x2x3段做匀速直线运动C若x1、x3处电势为1、3，则13,故C错误；D、x2x3段斜率不变，所以这段电场强度大小方向均不变，故D正确；故选D点睛：EP-x图像的斜率表示粒子所受电场力F，根据F=qE判断各点场强的方向和大小，以及加速度的变化情况。至于电势的高低，可以利用结论“负电荷逆着电场线方向移动电势能降低，沿着电场线方向移动电势能升高”来判断。4、C【解析】A由可得，地日距离约为故A错误；B倘若月球彻底摆脱了地球，由万有引力定律可知，地球对它仍然有引力作用，故B错误；C由于月地距离增大，故月球的公转周期变长，故现在的一月应该长于过去，故C正确；D由于日地距离不断缩小，故地球的公转周期

4、变短，因此现在的一年应该略短于过去，故D错误；故选C。5、A【解析】AB由于、下落的高度相同，则下落过程中的时间相同，两者做平抛运动，水平方向的分运动为匀速直线运动，则水平初速度之比等于水平位移之比则A正确，B错误；CD、被弹开的过程，对于、和弹簧构成的系统，动量守恒，则可得则C、D均错误。故选A。6、A【解析】根据卫星所受的万有引力提供向心力可知：可得同步卫星的轨道半径大于中圆轨道卫星，则中圆轨道卫星的周期小，角速度、线速度和向心加速度均大，故A正确，BCD错误。故选A。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分

5、，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、CD【解析】小球A、B、C、D、E组成的系统机械能守恒但动量不守恒，故A错误；由于D球受力平衡，所以D球在整个过程中不会动，所以轻杆DB对B不做功，而轻杆BE对B先做负功后做正功，所以小球B的机械能先减小后增加，故B错误；当B落地时小球E的速度等于零，根据功能关系 可知小球B的速度为，故C正确；当小球A的机械能最小时，轻杆AC没有力，小球C竖直方向上的力平衡，所以支持力等于重力，故D正确，故选CD8、ADE【解析】A从A到B为等容变化，则由查理定律可得选项A正确； B从B到C为等压变化，则由盖吕萨克定律可得选项B错误；C状态A到B的过程，气体体积不变，

6、则W=0，温度升高，则U0，则由热力学第一定律可知，气体吸热，选项C错误；D状态B到C的过程，气体体积减小，则W0；温度降低，则U0，则由热力学第一定律可知，Q0，即气体放热，选项D正确；E状态A到B再到C的过程，气体温度先升高后降低，可知气体的内能先增大后减小，选项E正确。故选ADE。9、CD【解析】AB由电压图像可知，输入电压的最大值为V，则有效值为20V灯泡正常发光，故灯泡两端的电压为5V，即副线圈两端的电压V，由题知电阻R两端的电压为10V，故变压器原线圈的电压=10V原副线圈的匝数比故AB错误；C灯泡L1正常发光，即副线圈的电流A，根据理想变压器输入功率等于输出功率可知，原副线圈中的

7、电流之比解得电阻R中的电流为1A，由欧姆定律可知=10故C正确；D开关S闭合后，电路的总电阻减小，而输入端电压保持不变，故副线圈中的电流增大，则原线圈中电流增大，电阻R两端电压升高，变压器原线圈电压降低，故副线圈输出电压降低，灯泡两端电压降低，电流减小，故D正确。故选CD。10、AD【解析】AB当货物刚放上传送带时，对货物由牛顿第二定律得设货物与传送带共速时用时为，则，解得则这段时间内货物运动的位移传送带运动的位移货物从底端运动至顶端的过程中，滑动摩擦力对货物做的功静摩擦力对货物做的功故摩擦力对货物做的功根据功能关系得货物增加的机械能也为，故A正确，B错误；CD系统因运送货物增加的内能为传送带

8、因运送货物多做的功等于系统增加的内能与货物增加的机械能之和 故C错误，D正确。故选AD。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、B D C 5.1(或5.2或5.3) 【解析】(1)12小灯泡L的额定电压为2.5V，故电压表选D(3V)，额定电流为故电流表选B(0.6A)；3小灯泡的电阻为由于故采用电流表外接法，要求小灯泡两端的电压从零开始，所以滑动变阻器采用分压式接法，故实验电路应选C。(2)4由图像可知，当灯泡两端电压为2.0V时，小灯泡的电流约为0.38A，则小灯泡的电阻为(5.1或5.2)12、) 1k 欧姆调零 6000 1.5V

9、 0.25A 0.83 【解析】(1)123用多用表测量某元件的电阻，选用“100”倍率的电阻挡测量，发现多用表指针偏转角度过小，说明倍率档选择过低，因此需选择 “1k”倍率的电阻挡，并需欧姆调零后，再次进行测量，多用表的指针如图甲所示，测量结果为6000。(2)45由闭合电路欧姆定律得 把r=1.0代入整理得故 得Ig=0.25A 得E=1.5V(3)6电流表G的指针半偏，则I=0.125A，由代入数据解得Rx=0.83四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）（2）（3）【解析】(1)a与b碰撞达到共速时弹簧被

10、压缩至最短，弹性势能最大设此时ab的速度为v，则由系统的动量守恒可得2mv03mv由机械能守恒定律解得：(2)当弹簧恢复原长时弹性势能为零，b开始离开弹簧，此时b的速度达到最大值，并以此速度在水平轨道上向前匀速运动设此时a、b的速度分别为v1和v2，由动量守恒定律和机械能守恒定律可得：2mv02mv1+mv2解得：(3)设b恰能到达最高点C点，且在C点速度为vC，由牛顿第二定律：解得：再假设b能够到达最高点C点，且在C点速度为vC,由机械能守恒定律可得：解得:所以b不可能到达C点假设刚好到达与圆心等高处，由机械能守恒解得所以能越过与圆心等高处设到达D点时离开，如图设倾角为：刚好离开有N=0，由

11、牛顿第二定律：从B到D有机械能守恒有：解得：【点睛】本题综合性较强，考查了动量守恒、机械能守恒定律以及完成圆周运动的临界条件的应用，注意把运动过程分析清楚，正确应用相关定律求解14、（i）；（ii）【解析】（i）光路图如图所示。根据题图知，光进入介质B的入射角为 =60，折射角为 =30 则工艺品的折射率为 在介质中的光速：（ii）由几何关系得光在工艺品中传播的路程光在工艺品中传播的速度 则光在工艺品中传播的时间联立解得15、（1）m/s；（2）0.8 m；（3）4 J【解析】（1）设滑块A恰能通过圆形轨道最高点时的速度大小为v2，根据牛顿第二定律有mAg=mA解得：v2=m/s（2）设滑块A在圆形轨道最低点被弹出时的速度大小为v1，对于滑块A从圆形轨道最低点运动到最高点的过程，根据机械能守恒定律，有mAv12=mAg2R+mAv22可得：v1=6m/s设滑块A和B运动到圆形轨道最低点速度大小为v0，对滑块A和B下滑到圆形轨道最低点的过程，根据动能定理，有（mA+mB）gh=（mA+m