2022-2023学年北京市东城区第五中学化学高三上期中质量检测试题（含解析）

1、2022-2023高三上化学期中模拟测试卷注意事项：1答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。2回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。3考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。一、选择题(共包括22个小题。每小题均只有一个符合题意的选项）1、下列化工生产过程中，未涉及氧化还原反应的是A海带提碘B侯氏制碱C氯碱工业D黄铁矿制硫酸2、化合物(b) (d)、CHCCH=CH2(p)的分子式均为C4H4。下列说法正确的是Ab的同分异构体只有d和p两种 Bd的

2、一氯代物和二氯代物均只有一种Cb、d、p均可与酸性髙锰酸钾溶液反应 D只有b的所有原子处于同一平面3、山梨酸(CH3-CH=CH-CH=CH-COOH)是一种高效安全的防腐保鲜剂，有关山梨酸的说法正确的是A属于二烯烃 B和Br2加成，可能生成4种物质C1mol可以和3molH2反应 D和CH3H218OH反应，生成水的摩尔质量为20g/mol4、短周期主族元素Q、W、X、Y、Z原子序数依次增大，Q原子的最外层电子数是其内层电子总数的3倍，W是非金属性最强的元素，X的原子半径在短周期主族元素中为最大，Y是地壳中含量最多的金属元素，Z与Q同主族。下列叙述正确的是A原子半径：r(Z)r(W)r(Q)

3、B气态氢化物的热稳定性：WQZCX与Z 形成的化合物呈碱性的原因：Z2-2H2OH2Z2OHDY与Z的二元化合物可以在溶液中通过复分解反应制得5、NA代表阿伏加德罗常数的值，下列有关叙述不正确的是（ ）A在熔融状态下，1molNa2O2完全电离出的离子数目为3NAB将CO2通过Na2O2使固体质量增加mg，反应中转移的电子数m NA/14C在标准状况下，22.4LCH4与18 gH2O所含有的电子数均为10NAD含1mol Cl-的NH4Cl溶液中加入适量氨水使溶液呈中性，此时溶液中NH4+数为 NA6、下列说法正确的是A正丁烷和异丁烷均有两种一氯取代物B光照下，1molCH4 最多能与 4m

4、olCl2 发生取代反应，产物中物质的量最多的是 CCl4C甲烷与乙烯混合物可通过溴的四氯化碳溶液分离D乙烯和苯都能与 H2 发生加成反应，说明二者的分子中均含碳碳双键7、设NA表示阿伏加德罗常数的值，下列说法中正确的是A将100 mL 0.1molL-1的FeCl3溶液滴入沸水中可制得Fe(OH)3胶粒0.01NAB常温常压下，4.6 g C2H6O所含碳氢共价键数目为0.6NAC2 g D216O中含有的质子数、中子数、电子数均为NAD向FeI2溶液中通入适量C12，当有1 mol Fe2+被氧化时，共转移的电子数目为NA8、下列反应能用离子方程式CO32-+2H+=CO2+H2O表示的是

5、A石灰石与足量盐酸反应 B碳酸钠与足量盐酸反应C碳酸钠与足量醋酸反应 D碳酸钡与足量硝酸反应9、某澄清透明溶液中，可能大量存在下列离子中的若干种：、，现进行如下实验：用试管取少量溶液，逐滴加入稀盐酸至过量，溶液先浑浊后又变澄清，有无色气体放出。将溶液分为3份。在第1份溶液中逐滴加入NaOH溶液至过量，溶液先浑浊后又变澄清。加热，将湿润的红色石蕊试纸置于试管口，未见明显现象。在第2份溶液中加入新制的氯水和，振荡后静置，下层溶液显橙红色。则下列推断正确的是A溶液中一定有、B溶液中一定没有、C不能确定溶液中是否有、D往第3份溶液中滴加硝酸酸化的硝酸银溶液可确认是否有10、下列实验设计及其对应的离子方

6、程式均正确的是（）A用FeCl3溶液腐蚀铜线路板：Cu+2Fe3+Cu2+2Fe2+BNa2O2与H2O反应制备O2：Na2O2+H2O2Na+2OH-+O2C将氯气溶于水制备次氯酸：Cl2+H2O2H+Cl-+ClO-D铁与盐酸反应：2Fe+ 6H+2Fe3+3H211、足量下列物质与相同质量的铝反应，放出氢气且消耗溶质物质的量最少的是A氢氧化钠溶液B稀硫酸C盐酸D稀硝酸12、下列叙述不正确的是（）A钾、钠、镁等活泼金属着火时，不能用泡沫灭火器灭火B探究温度对硫代硫酸钠与硫酸反应速率的影响时，若先将两种溶液混合并计时，再用水浴加热至设定温度，则测得的反应速率偏高C蒸馏完毕后，应先停止加热，待

7、装置冷却后，停止通水，再拆卸蒸馏装置D为准确配制一定物质的量浓度的溶液，定容过程中向容量瓶内加蒸馏水至接近刻度线时，改用滴管加蒸馏水至刻度线13、下列离子检验的方法正确的是（ ）A向某无色溶液中加入BaCl2溶液，产生不溶于稀HNO3的白色沉淀，则原溶液中一定有SO42-B向某无色溶液中加入盐酸，有无色、无味的气体产生，则说明原溶液中一定有CO32-C向某无色溶液中加入氢氧化钠溶液并加热，产生无色气体，该气体可使蓝色石蕊试纸变红，则说明原溶液中一定有NH4+D向某溶液中滴加硫氰化钾溶液溶液不变红，再滴加氯水溶液变红，说明原溶液一定有Fe2+14、下列除去杂质的方法不正确的是()A镁粉中混有少量

8、铝粉：加入过量烧碱溶液充分反应，过滤、洗涤、干燥B用过量氨水除去Fe3溶液中的少量Al3CAl(OH)3中混有少量Mg(OH)2：加入足量烧碱溶液，充分反应，过滤，向滤液中通入过量CO2后过滤DMgO中混有少量Al2O3：加入足量烧碱溶液，充分反应，过滤、洗涤、干燥得到MgO15、下列说法正确的是A用澄清石灰水可区别Na2CO3和NaHCO3粉末B只能用加试剂的方法区别(NH4)2SO4和Fe2(SO4)3溶液C用氯化钡溶液可区别SO42和CO32离子D用丁达尔效应可区别Fe(OH)3胶体和FeCl3溶液16、将一定量的CO2气体通入2L的NaOH溶液中，在所得溶液中逐滴加入稀盐酸至过量，并将

9、溶液加热，产生的气体与消耗的HC1物质的量关系如图所示(忽略气体的溶解和HC1的挥发).下列说法不正确的是A0点溶液中所含溶质的化学式为NaOH、Na2CO3B0到a点发生反应的离子方程式:H+OH-=H2O、CO32-+H+=HCO3-C通入CO2气体的体积在标准状况下为22.4LDNaOH溶液的物质的量浓度为2.5mol/L17、利用海洋资源获得的部分物质如图所示下列说法正确的是（ ）A从海水中获取淡水，历史最久的方法是离子交换法B实验室中从海带中获得I2，需要用到的主要仪器有蒸发皿、漏斗、烧杯、分液漏斗等C用SO2溶液吸收从苦卤中吹出的单质溴时，发生的离子反应是Br2+SO2+2H2O4

10、H+SO42+2BrD用石灰石、盐酸等从苦卤中提取镁时，发生反应的反应类型有化合、分解、置换和复分解18、常温下，下列各组离子在指定溶液中一定能大量共存的是A无色透明溶液中：K+、Na+、BpH=1的溶液中: CH3COO、K+、Cl-C遇酚酞变红的溶液中：Na+、K+、NO、COD加入铝粉能生成氢气的溶液中：Fe2+、Cl-、NO、Na+19、甲、乙、丙、丁四种物质中，甲、乙、丙均含有相同的某种元素，它们之间具有如下转化关系：。下列有关物质的推断不正确的是A若甲为Cl2，则丁可能是铁B若甲为NH3，则丁可能是氧气C若甲为AlCl3溶液，则丁可能是氨水D若甲为NaOH，则丁可能是SO220、下

11、列说法中正确的是 （ ）A从海水中提取多种化学物质都发生了化学变化B可用盛有浓氨水的“喷枪”检验输送氯气的管道是否漏气C铁是人体必需的微量元素，要多食富含Fe3+的食物或服用含Fe3+的药剂D有胃溃疡的病人也可服用小苏打药片治疗胃酸过多21、25时，用0.10 mol/L的氨水滴定10.00mL0.05mol/L的二元酸H2A的溶液，滴定过程中加入氨水的体积(V)与溶液中的关系如图所示。下列说法正确的是（ ）AH2A的电离方程式为H2AH+HA -BB点溶液中，水电离出的氢离子浓度为1.010-6 mol/LCC点溶液中，c(NH4+)+c(NH3H2O)= 2c(A2-)D25时，该氨水的电

12、离平衡常数为22、下列各组离子在指定溶液中一定能大量共存的是A使甲基橙变红色的溶液：Al3+、Cu2+、I、S2O32B常温下加水稀释时c(H+)c(OH)明显增大的溶液：CH3COO、Ba2+、NO3、BrC0.1molL Fe(NO3)2溶液：Fe(CN)63、Na+、SO42、ClD0.1molLNaAlO2溶液：NH4+、K+、HCO3、SO32二、非选择题(共84分)23、（14分）A、B、C、D、E、X是中学常见的无机物，存在如图转化关系（部分生成物和反应条件略去）。（1）若A为常见的金属单质，焰色反应呈黄色，X能使品红溶液褪色，写出C和E反应的离子方程式：_。（2）若A为淡黄色粉

13、末，X为一种最常见的造成温室效应的气体。则鉴别等浓度的D、E两种稀溶液，可选择的试剂为_（填代号）。A盐酸 BBaCl2溶液 CCa(OH)2溶液（3）若A为非金属氧化物，B为气体，遇空气会变红棕色，X是Fe，溶液D中加入KSCN溶液变红。则A与H2O反应的化学反应方程式_。24、（12分）中学常见反应的化学方程式是A+BX+Y+H2O(未配平，反应条件略去)，其中A、B的物质的量之比为了1：4。请回答：(1)若Y是黄绿色气体，则Y的电子式是_，该反应的离子方程式是_。(2)若A为非金属单质，构成它的原子核外最外层电子数是次外层电子数的2倍，B的溶液为某浓酸，则反应中氧化剂与还原剂的物质的量之

14、比是_(3)若A为金属单质，常温下A在B的浓溶液中“钝化”，且A可溶于X溶液中。元素在周期表中的位置是_(填所在周期和族)；Y的化学式是_。含amolX的溶液溶解了一定量A后，若溶液中两种金属阳离子的物质的量恰好相等，则被还原的X是_mol。(4)若A、B、X、Y均为化合物，向A溶液中加入硝酸酸化的AgNO3溶液，产生白色沉淀；B的焰色为黄色，则A与B按物质的量之比1：4恰好反应后，溶液中离子浓度从大到小的顺序是_。25、（12分）碳、硫的含量影响钢铁性能，碳、硫含量的一种测定方法是将钢样中碳、硫转化为气体，再用测碳、测硫装置进行测定。（1）采用装置A，在高温下x克钢样中碳、硫转化为CO2、S

15、O2。气体a的成分是_。若钢样中硫以FeS形式存在，A中反应：3FeS+5 O21_+3_。（2）将气体a通入测硫酸装置中（如右图），采用滴定法测定硫的含量。H2O2氧化SO2的化学方程式：_。用NaOH溶液滴定生成的H2SO4，消耗z mLNaOH溶液，若消耗1mLNaOH溶液相当于硫的质量为y克，则该钢样中硫的质量分数：_。（3）将气体a通入测碳装置中（如下图），采用重量法测定碳的含量。气体a通过B和C的目的是_。计算钢样中碳的质量分数，应测量的数据是_。26、（10分）亚氯酸钠(NaClO2)是一种重要的消毒剂，可用ClO2为原料制取。某化学兴趣小组同学展开对漂白剂亚氯酸钠(NaClO2

16、)的研究。已知：饱和NaClO2溶液在温度低于38 时析出的晶体是NaClO23H2O，高于38 时析出的晶体是NaClO2，高于60 时 NaClO2分解成NaClO3和NaCl。Ba(ClO2)2可溶于水。利用图所示装置进行实验。(1)装置的作用是_，装置的作用是_。 (2)装置中制备ClO2的化学方程式为_；装置中反应生成NaClO2的化学方程式为_。 (3)从装置反应后的溶液中获得NaClO2晶体的操作步骤为：减压，55 蒸发结晶；趁热过滤；_；低于60 干燥，得到成品。如果撤去中的冷水浴，可能导致产品中混有的杂质是_。 (4)设计实验检验所得NaClO2晶体是否含有杂质Na2SO4，

17、操作与现象是取少量晶体溶于蒸馏水，_。 (5)为了测定NaClO2粗品的纯度，取10.0 g上述初产品溶于水配成1 L溶液，取出10 mL溶液于锥形瓶中，再加入足量酸化的KI溶液，充分反应后(NaClO2被还原为Cl-，杂质不参加反应)，加入23滴淀粉溶液，用0.20 molL-1的Na2S2O3标准液滴定，重复2次，平均消耗Na2S2O3溶液20.00 mL，计算得NaClO2粗品的纯度为_。(提示：2Na2S2O3+I2=Na2S4O6+2NaI)。27、（12分）亚硝酰氯(NOCl，熔点：-64.5 ，沸点：-5.5 )是一种黄色气体，遇水反应生成一种氯化物和两种氮化物。可用于合成清洁剂

18、、触媒剂及中间体等。实验室可由氯气与一氧化氮在常温常压下合成。(1)甲组的同学拟制备原料气NO和Cl2，制备装置如下图所示：制备NO发生装置可以选用_(填写字母代号)，请写出发生反应的离子方程式：_。欲收集一瓶干燥的氯气，选择装置，其连接顺序为：a _(按气流方向，用小写字母表示)。(2)乙组同学利用甲组制得的NO和Cl2制备NOCl，装置如图所示：实验室也可用X装置制备NO，X装置的优点为_。检验装置气密性并装入药品，打开K2，然后再打开 _，通入一段时间气体，其目的为_，然后进行其他操作，当Z有一定量液体生成时，停止实验。若无装置Y，则Z中NOCl可能发生反应的化学方程式为_。若尾气处理装

19、置连接上图烧杯中导管d，则烧杯中可加入 _溶液。(3)取Z中所得液体mg溶于水，配制成250mL溶液，取出25.00mL，以K2CrO4溶液为指示剂，用cmolL-1AgNO3标准溶液滴定至终点，消耗标准溶液的体积为22.50mL。则亚硝酰氯(NOC1)的质量分数为_(用代数式表示)。已知：Ag2CrO4为砖红色固体；Ksp(AgCl)=1.5610-10，Ksp(Ag2CrO4)=110-1228、（14分）煤燃烧产生的烟气直接排放到空气中，可引发酸雨等环境问题。(1)在一定条件下一氧化碳可将二氧化硫还原为单质硫。已知：C(s)+O2(g)CO2(g)H=-393.5kJmol-1CO2(g

20、)+C(s)=2CO(g)H=+172.5kJmol-1S(s)+O2(g)=SO2(g)H=-296.0kJmol-1反应2CO(g)+SO2(g)=S(s)+2CO2(g)H=_kJmol-1(2)石灰石-石膏脱硫有干法和湿法两种，其原理为利用石灰石作原料在不同条件下吸收SO2转化为石膏。干法脱硫的效率受添加助剂(由多种天然矿物配比而成的，价格较贵)的影响。脱硫效率随助剂的添加量变化如图所示。助剂适宜添加量为_%，理由是_。湿法脱硫的过程中，所用的石灰石浆液在进入脱硫装置前，需先通一段时间二氧化碳，以增加其脱硫效率，理由是_。(3)工业上可用Na2SO3溶液吸收烟气中的二氧化硫，所得吸收液

21、进行电解循环再生，如下图所示。写出阳极的电极反应式_(任写一个)。(4)已知25时，NH3H2O的Kb=1.810-5，H2SO3的Ka1=1.310-2，Ka2=6.210-8。若氨水的浓度为2molL-1，则溶液中c(OH-)=_。将SO2通入该氨水中，当c(OH-)降至1.010-7molL-1时，溶液中的=_。29、（10分）海洋是一个巨大的化学资源宝库。海水综合利用的部分流程如下：已知：Br2的沸点为59，微溶于水，有毒性和强腐蚀性。（1）操作A是_（填实验基本操作名称），粗盐中常含 Ca2、Mg2、SO42-等杂质离子，可依次加入NaOH、_ 、_、盐酸试剂来进行提纯。（2）操作B

22、需加入下列试剂中的一种，最合适的是_（选填编号）。a氢氧化钠溶液 b澄清石灰水 c石灰乳 d碳酸钠溶液（3）已知母液中的主要成分如下表：离子Na+Mg2+ClSO42浓度/（gL-1）63.728.8144.646.4理论上，1m3母液中最多可得到Mg（OH）2的质量为_。（4）利用下图所示装置模拟工业上从母液中提取溴，在B瓶中得到较浓的溴水。实验方案为：关闭b、d，打开a、c，由a向A中缓慢通入_至反应完全，发生反应的的离子方程式是_；再关闭a、c，打开b、d、e，由b向A中鼓入足量_，同时由 e 向B中通入足量_；关闭b、e，打开a，再由a 向B中缓缓鼓入足量_，即可在B中得到较浓的溴水。

23、（本实验中须使用的试剂有：SO2、Cl2、热空气） 。2022-2023学年模拟测试卷参考答案（含详细解析）一、选择题(共包括22个小题。每小题均只有一个符合题意的选项）1、B【题目详解】A碘以离子存在，海水提碘时I元素的化合价升高，发生氧化还原反应，故A错误；B发生两大反应NH3+CO2+H2O+NaClNaHCO3+NH4Cl，2NaHCO3Na2CO3+H2O+CO2，无元素的化合价变化，为非氧化还原反应，故B正确；C氯碱工业中电解饱和食盐水，生成NaOH、氢气、氯气，H、Cl元素的化合价变化，为氧化还原反应，故C错误；D. 黄铁矿制硫酸分为三步，第一步4FeS2+11O22Fe2O3+

24、8SO2，第二步2SO2+O22SO3，第三步SO3+H2O=H2SO4，其中铁、硫、O化合价发生了改变，涉及氧化还原反应，D错误；答案为B。2、B【答案解析】A. b的同分异构体除d和p两种外，还有等，故A错误；B. d中碳原子构成正四面体结构，只有一种氢原子，一氯代物和二氯代物均只有一种，故B正确；C. d中没有碳碳不饱和键，不能与酸性髙锰酸钾溶液反应，故C错误；D. p中碳碳三键是直线形，碳碳双键是平面结构，p的所有原子也处于同一平面，故D错误；故选B。点睛：注意把握有机物同分异构体的判断以及空间构型的判断。有机物中的原子共平面问题可以直接联想甲烷的正四面体结构、乙烯的平面型结构、乙炔的

25、直线型结构和苯的平面型结构，另外要重点掌握碳碳单键可旋转、双键和三键不可旋转。3、B【答案解析】A. 分子中还含有羧基，不属于二烯烃，A错误；B.含有2个碳碳双键，和Br2加成可以是1，2加成或1，4加成或全部加成，可能生成4种物质，B正确；C.含有2个碳碳双键，1mol可以和2molH2反应，C错误；D酯化反应中醇提供羟基上的氢原子，和CH3H218OH反应生成的水是普通水分子，生成水的摩尔质量为18g/mol，D错误，答案选B。4、B【答案解析】短周期主族元素Q、W、X、Y、Z原子序数依次增大，Q原子最外层电子数是其内层电子数的3倍，最外层最多容纳8个电子，则Q最外层含有6个电子，为O元素

26、；W是非金属性最强的元素，则W为F元素；X的原子半径在短周期主族元素中为最大，则X为Na元素；Y是地壳中含量最多的金属元素，则Al元素；Z与Q同主族，则Z为S元素，AZ、W、Q分别为S、F、O元素，S原子的电子层最多，其原子半径最大，F、O位于同一周期，原子半径OF，则原子半径大小为：SOF，即r（Z）r（Q）r（W），选项A错误；B非金属性越强，对应氢化物的稳定性越强，非金属性SOQZ，选项B正确；CX与Z形成的化合物为Na2S，硫离子水解溶液呈碱性，但硫离子的水解分别进行，主要以第一步为主，正确的离子方程式为：S2-+H2OHS-+OH-，选项C错误；DY、Z分别为Al、S，二者形成的化合

27、物为Al2S3，铝离子与硫离子发生双水解反应，在溶液中无法制取，选项D错误；答案选B。5、B【答案解析】ANa2O2在熔融状态下电离出2个钠离子和1个过氧根，故1mol过氧化钠能电离出3mol离子即3NA个，故A正确；B将CO2通过Na2O2使固体质量增加mg，固体增加的质量相当于CO的质量，则参加反应二氧化碳的物质的量为mol，1mol二氧化碳与过氧化钠反应转移1mol电子，故反应中转移的电子数= ，故B错误；C标况下，22.4L甲烷的物质的量是1mol，含有10mol电子，18g水物质的量是1mol，含有10mol电子，所含有的电子数均为10NA，故C正确；D加入一定量的氨水后，溶液呈中性

28、，n（H+）=n（OH-），据溶液中的电荷守恒：n（Cl-）+n（OH-）=n（NH4+）+n（H+），所以n(Cl-)=n(NH4+)=1mol，即铵根离子为NA个，故D正确；故选B。6、A【分析】A. 正丁烷和异丁烷均有两种等效氢原子；B. CH4与Cl2 发生取代反应，产物有卤代烃和HCl；C.乙烯可与溴的四氯化碳溶液反应；D. 苯分子中并不含碳碳双键，苯分子中碳碳键是介于单键与碳碳双键之间的特殊键。【题目详解】A. 正丁烷和异丁烷均有两种一氯取代物，正确。B.光照下，1molCH4 最多能与 4molCl2 发生取代反应，产物中物质的量最多的是 HCl。C.甲烷与乙烯混合物通过溴的四氯

29、化碳溶液，乙烯反应生成 1，2-二溴乙烷存在于液体中，并没分离出乙烯。另甲烷也可能溶于有机溶剂四氯化碳。D.乙烯和苯都能与 H2 发生加成反应，乙烯分子中含碳碳双键,苯分子中并不含碳碳双键，苯分子中碳碳键是介于单键与碳碳双键之间的特殊键。能与 H2 发生加成反应的除碳碳双键外还可是碳碳三键、苯环、醛基等。.故选 A。7、C【答案解析】A. 铁离子水解可逆，因此将100mL0.1molL的FeCl3溶液滴入沸水中可制得的Fe(OH)胶粒小于0.01NA，A错误；B. 常温常压下，4.6 g C2H6O是0.1mol，由于不能确定是乙醇还是二甲醚，所含碳氢共价键数目不一定为0.6 NA，B错误；C

30、. 2 g D216O的物质的量是0.1mol，其中含有的质子数、中子数、电子数均为NA，C正确；D. 碘离子还原性强于亚铁离子，向FeI2溶液中通入适量Cl2，当有1molFe2+被氧化时碘离子完全被氧化，共转移的电子数目大于NA，D错误，答案选C。8、B【答案解析】A. 离子方程式：CaCO3+2H+=Ca2+H2O+CO2；B. 离子方程式：CO32-+2H+=CO2+H2O；C. 离子方程式：2CH3COOH+2CH3COO+H2O+CO2，D. 离子方程式：BaCO3+2H+Ba2+H2O+CO2。故选B。9、A【分析】用试管取少量溶液，逐滴加入稀盐酸至过量，溶液先浑浊后又变澄清，有

31、无色气体放出，可知无色气体为二氧化碳，一定含CO32-，溶液先浑浊后又变澄清可知一定含AlO2-，由离子共存可知，一定不含H+、Mg2+、Cu2+；在一份溶液中逐滴加入NaOH溶液至过量，溶液先浑浊后又变澄清，加热，将湿润的红色石蕊试纸置于试管口，未见明显现象，则不含NH4+；在另一份溶液中加入新制的氯水和CCl4，振荡后静置，下层溶液显橙红色，则一定含Br-，结合电荷守恒及离子共存解答。【题目详解】由上述分析可知溶液中一定存在、，故A正确； B.不能确定是否含，故B错误； C.溶液中一定含，故C错误； D.因加盐酸引入氯离子，且原溶液中可能含，第3份溶液中滴加硝酸酸化的硝酸银溶液不能确认原溶

32、液中是否有，故D错误； 故选：A。10、A【分析】A.用FeCl3溶液腐蚀铜线路板，反应生成氯化铁、氯化铜。B.原子个数不守恒。C.次氯酸为弱电解质，应保留化学式。D.铁与盐酸反应生成二价铁。【题目详解】A用FeCl3溶液腐蚀铜线路板,离子方程式：，故A正确。BNa2O2与H2O反应制备O2,离子方程式：，故B错误。C将氯气溶于水制备次氯酸,离子方程式：，故C错误。D铁与盐酸反应生成二价铁:，故D错误。答案选A。11、A【题目详解】假设反应都产生3mol氢气，则：A2Al+2NaOH+2H2O=2NaAlO2+3H2反应产生3mol氢气，会消耗2mol NaOH； B2Al+3H2SO4=Al

33、2(SO4)3+3H2，反应产生3mol氢气，需消耗3mol硫酸；C2Al+6HCl=2AlCl3+3H2，反应产生3mol氢气，需消耗6mol HCl；D由于硝酸具有强的氧化性，与铝发生反应，不能产生氢气；故反应产生等量的氢气，消耗溶质的物质的量最少的是氢氧化钠溶液；选项A正确。12、B【答案解析】A. 过氧化钠、过氧化钾与二氧化碳反应，镁可在二氧化碳中燃烧，则钾、钠、镁等活泼金属着火时，不能用泡沫灭火器灭火，一般用沙子扑灭，故A正确；B. 该实验要求开始时温度相同，然后改变温度，探究温度对反应速率的影响，应先分别水浴加热硫代硫酸钠溶液、硫酸溶液到一定温度后再混合，若是先将两种溶液混合后再用

34、水浴加热，随着热量的散失，测得的反应速率偏低，故B错误；C. 蒸馏时，应充分冷凝，先停止加热，待装置冷却后，停止通水，这样可以防止温度过高而混入杂质，故C正确；D. 配制溶液时，注意定容时不能使液面超过刻度线，向容量瓶内加蒸馏水至接近刻度线时，应改用胶头滴管滴加，故D正确，答案选B。13、D【答案解析】A白色沉淀可能为AgCl，则原溶液可能含银离子或硫酸根离子，但二者不能同时存在，故A错误；B无色、无味的气体为二氧化碳，则原溶液中可能含CO32-或HCO3-，或都存在，故B错误；C能产生使湿润的蓝色石蕊试纸变红的气体呈酸性，加入氢氧化钠溶液生成氨气，相矛盾，应该是红色石蕊试纸变蓝，故C错误；D

35、滴加硫氰化钾溶液，溶液不变红，不含铁离子，再滴加氯水，溶液变红，可知亚铁离子被氧化为铁离子，则原溶液一定有Fe2+，故D正确；故答案为D。14、B【分析】A.镁与氢氧化钠溶液不反应，铝能溶于氢氧化钠溶液；B.氨水与Fe3和Al3均反应生成氢氧化物沉淀；C. Mg(OH)2不与烧碱反应，Al(OH)3溶于烧碱生成NaAlO2，再通入过量CO2又生成Al(OH)3；D. Al2O3与烧碱反应生成NaAlO2，MgO与烧碱不反应；【题目详解】A.镁与氢氧化钠溶液不反应，铝能溶于氢氧化钠溶液，加入过量烧碱溶液充分反应，过滤、洗涤、干燥可以除去镁粉中混有少量铝粉，故A正确；B.氨水与Fe3和Al3均反应

36、生成氢氧化物沉淀，不能用氨水除去Fe3溶液中的少量Al3，故B错误；C. Mg(OH)2不与烧碱反应，Al(OH)3溶于烧碱生成NaAlO2，再通入过量CO2又生成Al(OH)3，所以加入足量烧碱溶液，充分反应，过滤，向滤液中通入过量CO2后过滤可以除去Al(OH)3中混有少量Mg(OH)2，故C正确；D. Al2O3与烧碱反应生成NaAlO2，MgO与烧碱不反应，加入足量烧碱溶液，充分反应，过滤、洗涤、干燥可以除去MgO中混有少量Al2O3，故D正确。【答案点睛】MgO是碱性氧化物，MgO能溶于酸，但不溶于碱； Al2O3是两性氧化物，既能溶于强酸又能溶于强碱，向MgO、Al2O3的混合物中

37、加入足量烧碱溶液，充分反应，过滤、洗涤、干燥得到MgO。15、D【答案解析】试题分析：A项：澄清石灰水与Na2CO3、NaHCO3都生成白色沉淀，故错；B项：可与氢氧化钠溶液反应来区别，故错；C项：都有白色沉淀生成，故错。故选D。考点：物质的鉴别点评：本题考查物质的鉴别，注意现象不同才是正确的，难度不大，旨在考查学生对基础知识的掌握，加强基础知识的学习掌握。16、C【答案解析】A、Na2CO3跟盐酸的反应是分步进行的：Na2CO3+HCl=NaHCO3+NaCl，NaHCO3+HCl=NaCl+H2O+CO2，HCl与Na2CO3、NaHCO3都按1：1反应，由图象可知生成二氧化碳消耗的HCl

38、的物质的量小于从反应到开始产生二氧化碳阶段消耗的HCl，故溶液中溶质为NaOH、Na2CO3，选项A正确；B、根据A分析可知，0到a点发生反应为：氢离子与氢氧根离子反应生成水，氢离子与碳酸根反应生成碳酸氢根，发生的离子反应为：H+OH-=H2O、CO32-+H+=HCO3-，选项B正确；C、由图可知，a点时开始生成气体，故发生反应为：NaHCO3+HCl=NaCl+H2O+CO2，至生成二氧化碳体积最大时，该阶段消耗的HCl的物质的量为2mol，由方程式可知产生二氧化碳的物质的量为2mol，生成的二氧化碳的物质的量等于开始通入的二氧化碳的物质的量，故开始通入的二氧化碳的体积为2mol22.4L

39、/mol=44.8L，选项C不正确；D、加入5molNaCL生成二氧化碳体积最大，此时溶液中溶质为NaCl，根据氯离子守恒有n（NaCl）=n（HCl），根据钠离子守恒有n（NaOH）=n（NaCl），故n（NaOH）=n（HCl）=5mL，所以c（NaOH）=2.5mol/L，选项D正确。答案选C。点睛：本题考查混合物的计算，注意从图象分析反应发生的情况，关键是根据图象判断溶液溶质的成分。17、C【题目详解】A从海水中获取淡水历史最悠久的方法是蒸馏，故A错误；B提取海带中的碘元素不需要溶液蒸发，不需要蒸发皿，故B错误；C用SO2溶液吸收从苦卤中吹出的单质溴时，利用二氧化硫还原性和溴单质发生氧

40、化还原反应生成溴化氢和硫酸，发生的离子反应是Br2+SO2+2H2O4H+SO42-+2Br-，故C正确；D海水提取镁单质的过程中发生的反应有：CaCO3CaO+CO2、CaO+H2O=Ca(OH)2、Mg2+2OH-=Mg(OH)2、Mg(OH)2+2HCl=MgCl2+2H2O、MgCl2(熔融)Mg+Cl2，所以涉及的反应有化合反应、复分解反应和分解反应，不涉及置换反应，故D错误；故选C。【点晴】本题考查了海水资源的综合利用，主要是海水获取淡水、提取碘单质、金属镁、溴单质等生产流程的分析判断，掌握基础是解题关键。海水中含有大量的化学物质，可从海水中提取大量的食盐、镁、溴、碘、钾等有用物质

41、，海水素有“液体工业原料”之美誉。基础知识有：海水晒盐；氯碱工业；海水提溴流程；海水提镁流程。18、C【题目详解】A.高锰酸根离子在溶液中为紫色，无色溶液中不可能存在高锰酸根离子，故A错误；B.pH=1的溶液为酸性溶液，酸性溶液中氢离子与弱酸根醋酸根离子生成醋酸，不能大量共存，B错误；C.遇酚酞变红的溶液为碱性溶液，碱性溶液中Na+、K+、NO、CO四种离子之间不发生任何反应，能大量共存，故C正确；D.加入铝粉能生成氢气的溶液可能为强酸溶液或强碱溶液，强酸溶液中，不能存在NO，强碱溶液中不能存在OH-，故D错误；故选C。19、C【题目详解】A、若甲为Cl2，丁是Fe，则乙是FeCl3，丙是Fe

42、Cl2，符合转化关系，A正确；B、若甲为NH3，丁是O2，则乙是N2，丙是NO，符合转化关系，B正确；C、若甲为AlCl3溶液，丁是氨水，则乙是Al(OH)3，Al(OH)3与氨水不反应，C错误；D、若甲为NaOH，丁是SO2，则乙为Na2SO3，丙为NaHSO3，符合转化关系，D正确；答案选C。20、B【答案解析】试题分析：A、从海水中提取食盐，采用蒸发方法得到，属于物理变化，故错误；B、8NH33Cl2=6NH4ClN2，有白色烟产生，故正确；C、缺就多补，不缺适可而止，故错误；D、用NaHCO3治疗胃酸过多，如果是胃溃疡，产生的CO2，加速胃溃疡，因此应用氢氧化铝治疗，故错误。考点：考查

43、海水综合利用、元素及其化合物的性质、微量元素等知识。21、B【答案解析】根据图像，A点时，0.05 mol/L的二元酸H2A的溶液= -12，此时c（OH-）=10-12c（H+），c（OH-）=1.010-13 mol/L，c（H+）=0.1 mol/L，说明H2A为二元强酸。A、H2A的电离方程式为H2A=2H+A 2-，故A错误；B、B点溶液中，加入了10mL 0.10 mol/L的氨水，恰好完全反应，此时溶液应为（NH4）2A溶液，= -2，c（OH-）=10-2c（H+），c（OH-）=1.010-8 mol/L，c（H+）=1.010-6mol/L，此时溶液因NH4+水解呈酸性，溶

44、液中的氢离子均是水电离产生的，故水电离出的氢离子浓度为1.010-6 mol/L，故B正确；C、C点溶液中，加入了12.5 mL 0.10 mol/L的氨水，此时溶液应为（NH4）2A和NH3H2O混合溶液，= 0，c（OH-）=c（H+），根据电荷守恒：c(NH4+)+c(H+)= 2c(A2-)+c（OH-），即c(NH4+)= 2c(A2-)，故C错误；D、B点时，溶液应为0.025mol/L（NH4）2A溶液，= -2，c（OH-）=10-2c（H+），c（OH-）=1.010-8 mol/L，c（H+）=1.010-6mol/L，溶液因NH4+水解呈酸性，NH4+ H2OH+ NH3

45、H2O，该反应的水解常数为Kh= = =210-5，故氨水的电离平衡常数为=510-10，故D错误；故选B。22、B【答案解析】A使甲基橙变红色的溶液显酸性，S2O32与氢离子反应生成S和二氧化硫，不能大量共存，A错误；B醋酸根水解溶液显碱性，稀释促进水解，但溶液的碱性降低，酸性增强，常温下加水稀释时c(H+)/c(OH)明显增大，且CH3COO、Ba2+、NO3、Br之间不反应，可以大量共存，B正确；C0.1mol/L Fe(NO3)2溶液中Fe(CN)63与亚铁离子结合生成铁氰化亚铁沉淀，不能大量共存，C错误；D0.1mol/LNaAlO2溶液中HCO3与偏铝酸根离子反应生成氢氧化铝和碳酸

46、根，不能大量共存，D错误，答案选B。【点晴】解离子共存问题要熟悉常见离子的性质，应该知道哪些离子间发生什么反应而不能共存，涉及的反应有复分解反应、氧化还原反应、络合反应和相互促进的水解反应，还要注意审清题目的隐含信息，如酸碱性、颜色等。该题的易错选项是C和D，注意铁氰化亚铁是一种蓝色沉淀，常用于检验亚铁离子。偏铝酸根离子与碳酸根离子发生的是复分解反应，不是水解反应，反应原理是依据较强酸制备较弱酸，注意区分。二、非选择题(共84分)23、OH-+HSO3-=SO32-+H2O AB 3NO2+H2O=2HNO3+NO 【分析】（1）若A为常见的金属单质，焰色反应呈黄色，应为Na，X能使品红溶液褪

47、色，应为SO2，则B为H2，C为NaOH，D为Na2SO3，E为NaHSO3；（2）若A为淡黄色粉末，应为Na2O2；若X为一种最常见的造成温室效应的气体，应为二氧化碳；（3）若A为非金属氧化物，B为气体，遇空气会变红棕色，则可推知B为NO，A为NO2，又X是Fe，由转化关系可知C具有强氧化性，则C为HNO3，E为Fe(NO3)2，据此分析作答。【题目详解】（1）根据上述分析可知，A为Na，X为SO2，则B为H2，C为NaOH，D为Na2SO3，E为NaHSO3，C和E反应的离子方程式为OH-+HSO3-=SO32-+H2O；（2）若A为淡黄色粉末，应为Na2O2，若X为一种造成温室效应的气体

48、，应为CO2，则C为NaOH，D为Na2CO3，E为NaHCO3，鉴别等浓度的碳酸钠与碳酸氢钠两种溶液，可用盐酸或氯化钡溶液，AB项正确，氢氧化钙溶液与两者均会反应生成白色沉淀，不能鉴别，C项错误；故答案为AB；（3）根据上述分析可知，NO2与水反应的方程式为3NO2+H2O=2HNO3+NO。24、 MnO2+4H+2Cl-Mn2+Cl2+2H2O 4：1 第四周期族 NO 0.4a c(Na+)c(Cl-)c(AlO2-)c(OH-)c(H+) 【分析】(1)若Y是黄绿色气体，则Y为氯气，A、B的物质的量之比为1：4，结合实验室常用浓盐酸与二氧化锰反应来制取氯气来解答；(2)A为非金属单质

49、，构成它的原子核外最外层电子数是次外层电子数的2倍，若为2个电子层，则第一层电子数为2，第二层电子数为4，即A为碳元素；A、B的物质的量之比为1：4，则该反应为碳与浓硝酸反应，然后利用元素的化合价分析；(3)A为金属单质，常温下A在B的浓溶液中“钝化”，则A为铁或铝，B为浓硫酸或浓硝酸，又A可溶于X溶液中，则A为铁，由A、B的物质的量之比为1：4，该反应为铁与稀硝酸反应生成硝酸铁、一氧化氮和水；利用铁的原子序数分析其位置，利用三价铁离子与铁的反应及溶液中两种金属阳离子的物质的量恰好相等来计算被还原的三价铁；(4)向A溶液中加入硝酸酸化的AgNO3溶液，产生白色沉淀，则A中含有Cl-，B的焰色为

50、黄色，则B中含有钠元素，A与B按物质的量之比1：4恰好反应，则该反应为氯化铝与氢氧化钠的反应，利用反应中各物质的量级偏铝酸钠的水解来分析。【题目详解】(1)因黄绿色气体为氯气，氯原子最外层7个电子，则氯气中存在一对共用电子对，其电子式为，A、B的物质的量之比为1：4，则反应的离子方程式为：MnO2+4H+2Cl-Mn2+Cl2+2H2O；(2)A为非金属单质，构成它的原子核外最外层电子数是次外层电子数的2倍，若为2个电子层，则第一层电子数为2，第二层电子数为4，其质子数等于电子数等于6，即A为碳元素；A、B的物质的量之比为1：4，则该反应为碳与浓硝酸反应，其反应为C+4HNO3(浓) CO2+

51、4NO2+2H2O。根据元素的化合价变化可知：碳元素的化合价升高，则碳作还原剂；硝酸中氮元素的化合价降低，则硝酸作氧化剂，由化学计量数可知氧化剂与还原剂的物质的量之比为4：1；(3)A为金属单质，常温下A在B的浓溶液中“钝化”，则A为铁或铝，B为浓硫酸或浓硝酸，又A可溶于X溶液中则A为铁，由A、B的物质的量之比为1：4，该反应为铁与稀硝酸反应生成硝酸铁、一氧化氮和水，反应方程式为Fe+4HNO3(稀)=Fe(NO3)3+NO+2H2O。铁为26号元素，在在元素周期表中的第四周期族，铁与稀硝酸反应生成的气体Y为NO；设被还原的硝酸铁的物质的量为x，则根据放出2Fe3+Fe=3Fe2+可知：每有2

52、molFe3+反应会产生3molFe2+，假设反应的Fe3+的物质的量是x，则反应产生Fe2+的物质的量是mol，由于反应后溶液中两种金属阳离子的物质的量恰好相等，则a-x=，解得x=0.4a；(4)若A、B、X、Y均为化合物，向A溶液中加入硝酸酸化的AgNO3溶液，产生白色沉淀，则A中含有Cl-，B的焰色为黄色，则B中含有Na+，A与B按物质的量之比1：4恰好反应，则该反应为氯化铝与氢氧化钠的反应，其反应为AlCl3+4NaOH=3NaCl+NaAlO2+2H2O，由题意知A与B的物质的量分别为1mol、4mol，则n(Na+)=4mol，n(Cl-)=3mol，NaAlO2是强碱弱酸盐，A

53、lO2-水解消耗，则n(AlO2-)c(H+)，水解产生的离子浓度小于盐电离产生的离子浓度，则c(AlO2-)c(OH-)，故溶液离子大小为：c(Na+)c(Cl-)c(AlO2-)c(OH-)c(H+)。【答案点睛】本题考查了元素及化合物的推断、化学方程式的书写、离子浓度大小比较等，要求学生应熟悉常见的氧化还原反应及常见物质的性质，弄清物质结构与物质组成及性质的关系，这是解答本题的关键。25、CO2、SO2、O2 Fe3O4 SO2 H2O2+SO2=H2SO4 zy/x 除去SO2对CO2测定的干扰 吸收CO2气体前后吸收瓶的质量 【题目详解】（1）钢样中的碳、硫在装置A中被氧化为CO2、

54、SO2，故a的成分为CO2、SO2以及未反应的O2；FeS中的-2价的硫被氧化为SO2，+2价的Fe被氧化为+3价的铁，结合所给化学计量数，可知产物应为Fe3O4和SO2，故方程式为3FeS+5O2Fe3O4+3SO2；（2）H2O2具有氧化性，可氧化SO2使S的化合价升高为+6价，在溶液中反应产物应为硫酸，故反应方程式为：H2O2+SO2=H2SO4；1mL NaOH相当于yg S，故z mL NaOH相当于 zy g S，则该样品中硫的质量分数为zy/x 。（3）测定碳的含量需将气体a中的SO2除去，故装置B和C的作用是除去SO2；计算碳的质量分数须利用CO2的质量进行分析，故需测量CO2

55、吸收瓶在吸收CO2气体前后的质量。26、吸收多余的ClO2气体，防止污染环境 防止倒吸(或作安全瓶等) 2NaClO3+Na2SO3+H2SO4(浓)= 2ClO2+2Na2SO4+H2O 2NaOH+2ClO2+H2O2=2NaClO2+2H2O+O2 用3860 的温水洗涤 NaClO3和NaCl 滴加几滴BaCl2溶液，若有白色沉淀出现，则含有Na2SO4，若无白色沉淀出现，则不含Na2SO4 （2分） 90.5% 【题目详解】(1)装置中产生的ClO2，装置可以吸收未反应的ClO2，防止逸出污染空气；装置是安全瓶，可以防止倒吸；综上所述，本题答案是：吸收多余的ClO2气体，防止污染环境

56、； 防止倒吸(或作安全瓶等) 。 (2)亚硫酸钠具有还原性，氯酸钠具有氧化性，在酸性环境下二者发生氧化还原反应生成ClO2，化学方程式为：2NaOH+2ClO2+H2O2=2NaClO2+2H2O+O2；在装置中ClO2得到电子被还原变为NaClO2，H2O2失去电子，表现还原性，反应的化学方程式为2NaOH+2ClO2+H2O22NaClO2+2H2O+O2。综上所述，本题答案是：2NaOH+2ClO2+H2O2=2NaClO2+2H2O+O2；2NaOH+2ClO2+H2O2=2NaClO2+2H2O+O2。(3)从溶液中制取晶体，一般采用蒸发浓缩、冷却结晶、过滤、洗涤、干燥的方法，根据题

57、给信息NaClO2饱和溶液在温度低于38时析出的晶体是NaClO23H2O，高于38时析出的晶体是NaClO2，高于60时NaClO2分解成NaClO3和NaCl知，从装置反应后的溶液获得晶体NaClO2的操作步骤为:减压，55蒸发结晶；趁热过滤；用3860的温水洗涤；低于60干燥，得到成品。如果撤去中的冷水浴，由于温度高，可能导致NaClO2分解成NaClO3和NaCl，所以产品中混有的杂质是NaClO3和NaCl。综上所述，本题答案是：用3860 的温水洗涤；NaClO3和NaCl。 (4)检验所得NaClO2晶体是否含有杂质Na2SO4，取少量晶体溶于蒸馏水，滴加几滴BaCl2溶液，若有

58、白色沉淀出现，则含有Na2SO4，若无白色沉淀出现，则不含Na2SO4 ；综上所述，本题答案是：滴加几滴BaCl2溶液，若有白色沉淀出现，则含有Na2SO4，若无白色沉淀出现，则不含Na2SO4 。(5) ClO2-+4I-+4H+=Cl-+2I2+2H2O，用Na2S2O3标准液滴定，发生反应:2Na2S2O3+I2Na2S4O6+2NaI，可得反应的关系式为: ClO2-2I2-4Na2S2O3，又n(Na2S2O3)=0.2 molL-10.02 L=0.004 mol，得n(ClO2-)=0.001 mol，所以1L溶液中含有:n(NaClO2)=0.001 mol100=0.1mol

59、，则10.0 g NaClO2粗品中含有:m(NaClO2)=0.1 mol90.5 gmol-1=9.05 g，则w(NaClO2)=9.05/10.0100%=90.5%。综上所述，本题答案是：90.5%。【答案点睛】本题涉及到氧化还原反应方程式时，要结合反应过程中的电子守恒和原子守恒规律进行书写和配平；针对（5）问题：当测定物质含量涉及的反应有多个时，先根据方程式得到相应的关系式，利用已知物质与待求物质之间物质的量关系计算，就可以使计算过程大大简化。27、B 3Cu+8H+NO3-=3Cu2+2NO+4H2O fgc bdejh 排除装置内空气的干扰，可以随开随用，随关随停 K3 排干净三颈瓶中的空气，防NO和NOCl变质 2NOCl+H2O=2HCl+NO+NO2 NaOH 14.7375c/m100% 【答案解析】（1）制备NO，常用Cu和稀硝酸反应：3Cu8HNO3=3Cu(NO3)22NO4H2O，因此选用的装置为B，反应离子方程式为3Cu8H2NO3=3Cu22NO4H2O；a装置为制备Cl2装置，制备的氯气中混有HCl和水蒸气，先通过饱和食盐水除去HCl，然后通过浓硫酸，氯气的密度大于空气的密度，收集时从d管通入，氯