吉林省榆树一中2022-2023学年高三化学第一学期期中监测模拟试题（含解析）

1、2022-2023高三上化学期中模拟测试卷考生须知：1全卷分选择题和非选择题两部分，全部在答题纸上作答。选择题必须用2B铅笔填涂；非选择题的答案必须用黑色字迹的钢笔或答字笔写在“答题纸”相应位置上。2请用黑色字迹的钢笔或答字笔在“答题纸”上先填写姓名和准考证号。3保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，在草稿纸、试题卷上答题无效。一、选择题（每题只有一个选项符合题意）1、25时，用0.1000molL-1NaOH溶液滴定20mL0.1000molL-1一元酸HA(pKa=-lgKa=4.75)溶液，其滴定曲线如图所示。下列说法正确的是A当滴入40mLNaOH溶液时，溶液中：c(Na+)c(A-

2、)c(OH-)c(H+)B当溶液中c(H+)+c(OH-)=210-7时：c(Na+)c(A-)c(OH-)=c(H+)C当滴入NaOH溶液20mL时c(OH-)c(H+)+c(HA)D当滴定到pH=4.75时，c(A-)=c(HA)2、某混合物中有活性炭、MnO2和NaClO3，利用下图的电解装置可以将混合物中的NaClO3转化成KClO3提取出来，（已知：KClO3在碱性条件下能够稳定存在，在酸性条件下易分解）下列说法正确的是A电极A与电源的负极相连B电极B上发生的电极反应方程式为：2H2O-4e-=4H+O2C通过交换膜M向左移动D电解池右室溶液的pH降低3、A、B、C、X为中学化学常见

3、物质，A、B、C含有相同元素甲，可以发生如下转化（水参与的反应，水未标出）。下列说法不正确的是A若A、B、C的焰色反应呈黄色、水溶液均呈碱性，则X可以是CO2B若C为红棕色气体，则A一定为空气中含量最高的气体C若B为FeCl3，则X一定是FeDA可以是碳单质，也可以是O24、某学习小组设计实验制备供氢剂氢化钙(CaH2)，实验装置如下图所示。已知：氢化钙遇水剧烈反应。下列说法正确的是A相同条件下，粗锌(含少量铜)比纯锌反应速率慢B酸R为浓盐酸，装置b中盛装浓硫酸C实验时先点燃酒精灯，后打开活塞KD装置d的作用是防止水蒸气进入硬质玻璃管5、水是最宝贵的资源之一。下列表述正确的是A水的电离程度很小

4、，纯水中主要存在形态是水分子B温度升高，纯水中的c(H+)增大，c(OH-)减小C4时，纯水的pH=7D向水中加入酸或碱，都可抑制水的电离，使水的离子积减小6、下列过程中，共价键被破坏的是（ ）碘升华 溴蒸气被木炭吸附 乙醇溶于水 HCl气体溶于水冰融化 NH4Cl受热 氢氧化钠熔化 (NH4)2SO4溶于水ABCD7、设NA为阿伏加德罗常数，下列叙述正确的是（ ）A1 mol N2与4 mol H2反应生成的NH3分子数为2NAB32 g S8（分子结构：）中的共价键数目为NAC标准状况下，11.2 L Cl2溶于水，溶液中Cl、ClO和HClO的微粒数之和为NAD39g钾与氧气完全反应，生

5、成K2O转移NA个电子，生成KO2转移2NA电子8、下列指定反应的离子方程式正确的是A用稀硝酸清洗试管内壁的银镜：Ag + 2H+ + NO3-= Ag+ + NO2 + H2OB向醋酸中加入碳酸钙粉末：2H+ + CaCO3 = Ca2+ + CO2 + H2OC向AlCl3溶液中加入过量氨水：Al3+ + 3NH3H2O = Al(OH)3+ 3NH4+D向NaHCO3溶液中加入足量Ba(OH)2溶液：2HCO3- + Ba2+ +2OH= BaCO3+ CO32- + 2H2O9、有关化学键和晶体的说法正确的是A两种元素组成的晶体一定只含极性键 B离子晶体一定不含非极性键C原子晶体一定含

6、有共价键 D分子晶体一定含有共价键10、阿伏加德罗常数的值为NA，下列说法正确的是A4.6g金属钠与500mL0.2 molL-1的盐酸充分反应，转移的电子数为0.2NAB0.l molL-1K2S04溶液与0.2mol/L KCl溶液中的K+数目均为0.2 NAC60g SiO2中含有Si-O键的数目为2 NAD46g NO2和N2O4的混合物中分子总数为NA11、仪器名称为“容量瓶”的是（ ）ABCD12、下列反应中，水只作氧化剂的是氟气通入水中 水蒸气经过灼热的焦炭 钠块投入水中 铁与水蒸气反应 氯气通入水中A只有B只有C只有D只有13、下列化合物命名正确的是ACH2=CH-CH=CH2

7、 1，3-二丁烯B 2-羟基丙烷C 1，2-二甲苯D 2-乙基丙烷14、厉害了我的国！“中国名片”中航天、军事、天文等领域的发展受到世界瞩目，它们与化学有着密切联系。下列说法正确的是A“中国天眼”的“眼眶”是钢铁结成的圈梁，属于新型无机非金属材料B“歼20”飞机上大量使用的碳纤维是一种新型有机高分子材料C“神舟十一号”宇宙飞船返回舱外表面使用的高温结构陶瓷是新型无机非金属材料D“天宫二号”空间实验室的太阳能电池板的主要材料是二氧化硅15、保存液态有机物的一种方法是在其上方加盖一层水以避免挥发损失。下列有机物适合用 “水封法”保存的是A乙醇B硝基苯C甘油D己烷16、下列有关元素的性质及其递变规律

8、正确的是（ ）AIA族与VIIA族元素间可形成共价化合物或离子化合物B第二周期元素从左到右，正价从+1递增到+7C同主族元素的简单阴离子还原性越强，对应的气态氢化物越稳定D同周期金属元素的化合价越高，其原子失电子能力越强二、非选择题（本题包括5小题）17、已知物质A是芳香族化合物，A分子中苯环上有2个取代基(均不含支链)，且A的核磁共振氢谱有6个吸收峰，峰面积比为1:1:1:1:2:2，能够与FeCl3溶液发生显色反应。D（C18H16O6）分子中除含2个苯环外还含有1个六元环。它们的转化关系如下：请回答下列问题：（1）A中所含的含氧官能团的名称为_。（2）填写下列反应的反应类型：反应 _反应

9、 _ 。（3）B的结构简式_，D的结构简式_。 （4）AE的化学方程式为_。（5）符合下列条件的A的同分异构体有_种。芳香族化合物，苯环上的取代基不超过3个；能与FeCl3溶液发生显色反应且不能水解；lmol该物质可与4molAg(NH3)2+发生银镜反应；lmol该物质可与5molH2加成。18、（选修5：有机化学基础）有机物H的化学式为C15H16O2，它是一种在航空航天领域中应用的重要原料，E为一种室内装修常见的污染气体，F的产量可以衡量一个国家石油化工的发展水平，Q为酯类高分子物质，为多步进行的反应，请回答：（部分物质及反应条件省略）已知：（1）D的名称为_，反应的条件为_。（2）H+

10、NQ的反应类型为_。（3）反应的化学方程式为_。 （4）反应的化学方程式为_。（5）H中最多有_个碳原子共平面，其满足下列条件的同分异构体有_种。I. 两个羟基分别连在两个苯环上；II. 苯环间通过一个碳原子连接在一起，有甲基且全部连在该碳原子上；III. 不含H本身，不考虑立体异构。（6）Q的结构简式为_。（7）结合本题信息和上述合成路线，用流程图表示出反应MN的可能过程（无机药品任选）。 _。19、现有一份含有FeCl3和FeCl2的固体混合物，为测定各成分的含量进行如下两个实验：实验1：称取一定质量的样品，将样品溶解；向溶解后的溶液中加入足量的AgNO3溶液，产生沉淀；将沉淀过滤、洗涤、

11、干燥得到白色固体17.22 g。实验2：称取与实验1中相同质量的样品，将样品溶解；向溶解后的溶液中，通入足量的Cl2；再向所得溶液中加入足量的NaOH溶液，得到红褐色沉淀；将沉淀过滤、洗涤后，加热灼烧至质量不再减少，得到固体物质4 g。根据实验回答下列问题：（1）溶解过程中所用到的玻璃仪器有_。（2）实验室配制FeCl2溶液时通常会向其中加入少量试剂_。（3）“实验2”通入足量Cl2的目的是_。涉及的化学反应的离子方程式是_。（4）检验“实验2”的步骤中沉淀已经洗涤干净的方法是_。（5）加热FeCl3溶液，并将溶液蒸干时，通常不能得到FeCl3固体，请以平衡的观点解释其原因（化学方程式与文字相

12、结合来说明）_。（6）FeCl3溶液可以用于止血，主要是因为FeCl3溶液能使血液聚沉，这涉及胶体的相关性质。以下关于胶体的说法正确的是_A胶体的分散质能透过滤纸B实验室制备胶体Fe(OH)3胶体，是将饱和FeCl3溶液滴入热的NaOH溶液中，加热至溶液变为红褐色C当光束通过胶体时能产生丁达尔效应D胶体、溶液、浊液中，含分散质粒子直径最大的分散系是胶体（7）通过实验所得数据，计算固体样品中FeCl3和FeCl2的物质的量之比是_。20、50 mL 0.50 mol/L盐酸与50 mL 0.55 mol/L NaOH溶液在如图所示的装置中进行中和反应，通过测定反应过程中所放出的热量可计算中和热，

13、回答下列问题：（1）烧杯间填满碎泡沫塑料的作用是_。（2）大烧杯上如不盖硬纸板，求得的中和热数值_(填“偏大”“偏小”“无影响”)。（3）实验中改用60 mL 0.50 molL1盐酸进行反应，与上述实验相比，所放出的热量_(填“相等”、“不相等”)，所求中和热_(填“相等”、“不相等”)，简述理由_。（4）用相同浓度和体积的氨水代替NaOH溶液进行上述实验，测得的中和热的数值会_(填“偏大”、“偏小”“无影响”)。21、实验室采用MgCl2、AlCl3的混合溶液与过量氨水反应制备MgAl2O4的主要流程如下:（1）制备MgAl2O4过程中,高温焙烧时发生反应的化学方程式为_。（2）判断流程中

14、沉淀是否洗净所用的试剂是_。（3）在25 下,向浓度均为0.01 molL-1的MgCl2和AlCl3混合溶液中逐滴加入氨水,先生成_沉淀(填化学式),生成该沉淀的离子方程式:_。已知25 时KspMg(OH)2=1.81011,KspAl(OH)3=310-34。（4）无水AlCl3(183 升华)遇潮湿空气即产生大量白雾,实验室可用下列装置制备。装置B中盛放饱和NaCl溶液,该装置的主要作用是_;F中试剂的作用是_。（5）将Mg、Cu组成的3.92 g混合物投入过量稀硝酸中,充分反应后,固体完全溶解时收集到还原产物NO气体1.792 L(标准状况),向反应后的溶液中加入4 molL-1的N

15、aOH溶液80 mL时金属离子恰好完全沉淀。则形成沉淀的质量为_g。2022-2023学年模拟测试卷参考答案（含详细解析）一、选择题（每题只有一个选项符合题意）1、D【答案解析】HA的pKa=-lgKa=4.75，说明HA是弱酸。【题目详解】A当滴入40mLNaOH溶液时，二者发生反应产生NaA，同时NaOH溶液过量，二者的物质的量的比是1:1，NaA是强碱弱酸盐，A-发生水解反应产生OH-，同时溶液中还存在NaOH电离产生的OH-，故离子浓度关系c(OH-)c(A-)，盐电离产生的离子浓度c(A-)大于水电离产生c(H+)，故溶液中离子浓度关系是：c(Na+)c(OH-)c(A-)c(H+)

16、，A错误；B在溶液中存在电荷守恒关系：c(Na+) +c(H+)=c(A-)+c(OH-)，当溶液中c(H+)+c(OH-)=210-7时，(H+)= c(OH-)，所以c(Na+)=c(A-)，由于盐的电离作用大于水的电离作用，所以c(Na+)=c(A-)c(OH-)=c(H+)，B错误；C当滴入NaOH溶液20mL时。二者恰好中和，反应产生NaA，该盐是强碱弱酸盐，A-发生水解反应消耗水电离产生的H+，产生HA和OH-，根据质子守恒关系可得c(OH-)=c(H+)+c(HA)，C错误；D当滴定到pH=4.75时，c(H+)=10-4.75mol/L，由于pKa=-lgKa=4.75，所以=

17、10-4.75，所以c(A-)=c(HA)，D正确；答案选D。2、C【分析】根据题意KClO3在碱性条件下能够稳定存在，在酸性条件下易分解，则KClO3在A极生成，所以通过交换膜M向左移动，根据电解时阴离子向阳极移动，则A极为阳极，B极为阴极。【题目详解】A. A极为阳极，电极A与电源的正极相连，故A错误；B. B极为阴极，电极B上氢离子得到电子生成氢气，电极反应方程式为：2H+2e-=H2，故B错误；C. KClO3在A极生成，所以通过交换膜M向左移动，故C正确；D. 电解池右室氢离子得到电子生成氢气，溶液的pH升高，故D错误；答案选C。3、B【题目详解】A. 若A、B、C的焰色反应呈黄色，

18、说明A、B、C中含有钠元素，水溶液均呈碱性，则A为氢氧化钠与二氧化碳反应生成碳酸钠，B为碳酸钠，碳酸钠溶液显碱性；碳酸钠与二氧化碳反应生成碳酸氢钠，C为碳酸氢钠，碳酸氢钠为碱性，故A正确；B. 若A为氨气、X为氧气，则B为一氧化氮，C为红棕色气体二氧化氮，则A不一定为空气中含量最高的氮气，故B错误；C. 若B为FeCl3，则A为氯气，与铁反应生成氯化铁，氯化铁与铁反应生成氯化亚铁，故C正确；D. 若A为碳、X为氧气，则B为一氧化碳，C为二氧化碳；若A为氧气、X为碳，则B为二氧化碳，C为一氧化碳，故D正确；答案为B。【答案点睛】元素的性质的推断题，要熟练掌握各种物质间的相互转化，并能找到各物质间

19、相互转化方案，熟记物质的性质，综合运用。4、D【答案解析】A、相同条件下，粗锌(含少量铜)比纯锌反应速率快，铜锌和电解质形成原电池，反应速率加快，故A错误；B、酸R为稀硫酸，装置b中盛装浓硫酸，故B错误；C、实验时先打开活塞K，后点燃酒精灯，用氢气赶走装置中的空气后，才能加热，故C错误；D、氢化钙遇水剧烈反应，装置d的作用是防止水蒸气进入硬质玻璃管，故D正确；故选D。5、A【题目详解】A. 水在常温下电离出氢离子和氢氧根离子浓度为110-7 mol/L，水电离程度很小，所以纯水中水的主要存在形态是水分子，A正确；B. 水的电离是吸热过程，升温促进电离，氢离子和氢氧根离子浓度增大，B错误；C.

20、温度降低，水的电离平衡逆向移动，c(H+)7，C错误D. 向水中加入酸或碱，都可抑制水的电离，但水的离子积只与温度有关，温度不变，水的离子积不变，D错误；故合理选项是A。6、D【题目详解】碘升华，破坏的是分子间作用力，故不选；溴蒸气被木炭吸附，破坏的是分子间作用力，故不选；酒精溶于水，不发生电离，破坏的是分子间作用力，故不选；HCl气体溶于水，发生电离，H-Cl共价键被破坏，故选；冰融化，破坏的是分子间作用力，故不选；NH4Cl受热发生分解反应，生成氨气和HCl，N-H共价键破坏，同时破坏了离子键，故选；氢氧化钠熔化，破坏的是离子键，故不选；(NH4)2SO4溶于水，发生电离，破坏的是离子键，

21、故不选；共价键被破坏的有，故选D。【答案点睛】本题的易错点为和，要注意氯化氢为共价化合物，溶解时破坏了H-Cl共价键，(NH4)2SO4属于离子化合物，溶解时破坏了离子键，铵根离子和硫酸根离子中的共价键没有破坏。7、B【答案解析】A合成氨是可逆反应，N2的转化率不可能达到100%，则1 mol N2与4 mol H2反应生成的NH3分子数小于2NA，故A错误；B一个分子中含有8个S-S键，则32gS8(分子结构：)中的共价键数目为32g256g/mol8NA/mol=NA，故B正确；CCl2溶于水是可逆反应，只有部分Cl2与水反应生成HCl、HClO，其余仍以Cl2分子形式存在于水中，则标准状

22、况下，11.2 L Cl2的物质的量为0.5mol，溶于水后溶液中Cl、ClO和HClO的微粒数之和小于NA，故C错误；D39g钾的物质的量为1mol，而钾反应后变为+1价，故1mol钾反应后转移NA个电子，故D错误；故答案为B。8、C【答案解析】根据离子方程式的书写步骤，判断是否正确。【题目详解】A项：清洗银镜时，稀硝酸被还原成NO。A项错误；B项：醋酸是弱酸，应保留化学式。B项错误；C项：Al(OH)3不溶于过量氨水。C项正确；D项：Ba(OH)2溶液足量时，碳酸氢根离子全部转化为碳酸钡沉淀，反应不会生成CO32-。D项错误。本题选C。【答案点睛】离子方程式中常见错误有：反应不符合事实、质

23、量不守恒、电荷不守恒、拆分不正确、不符合用量关系等。9、C【答案解析】A. 两种元素组成的晶体可以含有非极性键，如C2H2含有碳碳非极性键，故A错误；B. 离子晶体可以含有非极性键，如Na2O2的过氧根含有氧氧非极性键，故B错误；C.原子晶体是利用共价键形成空间网状结构，原子晶体一定含有共价键，故C正确；D. 分子晶体不一定含有共价键，如稀有气体分子是单原子分子，它们的晶体不含有共价键。故C正确。点睛：分子晶体含有分子间作用力，一般分子内含有共价键(稀有气体分子内没有共价键)；原子晶体只有共价键；金属晶体只有金属键；离子晶体含有离子键，根内含有共价键。10、A【答案解析】A 、钠与盐酸反应后，

24、如果钠过量，过量的钠继续与水反应，所以钠能够全部反应完，故转移的电子数为4.6g/23gmol-1NA=0.2NA，A 正确。B、两个溶液中只知道溶质的物质的量浓度，不知道溶液的体积，无法求出粒子的物质的量和数目，B错误。C、SiO2为空间网状结构的原子晶体，其中每一个硅原子与四个氧原子形成4个Si-O键，所以1molSi原子含有4molSi-O键，即1molSiO2含有 Si-O键的数目为4 NA，C错误。D、46g NO2的分子数目为NA，46g N2O4的分子数目为0.5 NA，所以46g NO2和N2O4的混合物中分子总数在0.5 NA与NA之间，D错误。正确答案为A11、B【题目详解

25、】A为圆底烧瓶，故A错误；B为容量瓶，故B正确；C为锥形瓶，故C错误；D为分液漏斗，故D错误；故选B。12、D【分析】根据氧化还原反应的特点，化合价升高的反应是氧化剂，所以通过分析在反应中水中的氢元素化合价既能判定。【题目详解】氟气通入水中发生的反应为：2F2+2H2O=4HF+O2 ,水中氧元素的化合价升高，所以水做还原剂；水蒸气经过灼热的焦炭发生的反应为：C+H2O(g) =CO+H2，水中的氢的化合价降低，所以水做氧化剂；钠块投入水中发生的反应为：2Na+2H2O= 2NaOH+H2, 水中的氢的化合价降低，所以做氧化剂；铁与水蒸气反应发生的反应为：3Fe+4H2O= Fe3O4+4H2

26、, 水中的氢的化合价降低，所以水做氧化剂；氯气通入水中发生的反应为:Cl2+ H2OHCl+HClO水中的氢和氧的化合价都没有变化，所以水既不是氧化剂也不是还原剂。综上所述A. 只有不符合题意； B. 只有不符合题意；C. 只有不符合题意；D. 只有符合题意；答案：D。【答案点睛】根据氧化还原反应特征判断氧化剂和还原剂。氧化剂是所含元素的化合价降低的物质，还原剂是所含元素的化合价升高的物质。结合水中H、O元素的变化特征进行解答。13、C【题目详解】A.该物质含有2个碳碳双键，属于二烯烃，名称为1，3-丁二烯，A错误；B.该物质官能团是-OH，属于醇，物质名称的2-丙醇，B错误；C.两个甲基在苯

27、环的邻位，名称为1，2-二甲苯，C正确；D.最长的碳链含有4个C原子，因此该物质的名称是2-甲基丁烷，D错误；故合理选项是C。14、C【答案解析】钢铁是铁的一种合金，属于金属材料，不是新型无机非金属材料，A错误；碳纤维主要成分为碳的单质，不是有机物，属于新型无机非金属材料，B错误；高温结构陶瓷属于耐高温的新型无机非金属材料，C正确；硅是制作太阳能电池板的主要材料，二氧化硅是制造光导纤维的材料，D错误。15、B【分析】有机物用水封法保存，则有机物不溶于水，且密度比水大，以此解答【题目详解】A. 乙醇与水互溶，不能用水封，故A.错误；B. 硝基苯密度大于水，且不溶于水，可以用水封，故B正确；C.

28、甘油与水互溶，不能用水封，故C不选；D. 己烷密度小于水，在水的上层，不能用水封法保存，故D不选；答案选B。16、A【题目详解】A、IA族与VIIA族元素间可形成化合物HCl、NaCl，分别是共价化合物和离子化合物，选项A错误；B、第二周期元素从左到右，正价从+1递增到+5，O元素一般不显正价、F元素无正价，选项B错误；C、同主族元素的非金属性越弱，其简单阴离子还原性越强，对应的气态氢化物越不稳定，选项C错误；D、同周期金属元素从左到右金属性减弱，化合价越高，其原子失电子能力减弱，选项D错误。答案选A。二、非选择题（本题包括5小题）17、羟基 羧基 加成反应 取代反应 13 【答案解析】试题分

29、析：A遇FeCl3溶液发生显色反应，分子中含有酚羟基-OH，A能与碳酸氢钠反应生成B，则A分子中含有羧基-COOH，由E的化学式可知A的分子式为C9H8O3，其不饱和度为6，故故还含有C=C双键，A分子中所含的苯环上有2个取代基，取代基不含支链，核磁共振氢谱有6个吸收峰，峰面积比为1：1：1：1：2：2，则A的结构简式为，E的结构简式为，E与氢氧化钠反应生成F为A与HCl发生加成反应生成B，B发生水解反应、酸化得到C，C转化得到D，D分子中除含2个苯环外还含有1个六元环，结合D的分子式可知，应是2分子C发生酯化反应反应生成环酯，则C中侧链中羧基与-OH连接在同一碳原子上，故B为，则C为，D为；

30、(1)A的结构简式是，所含官能团的名称是：羧基、羟基、碳碳双键；(2)反应属于加成反应，反应属于水解反应，反应属于酯化反应，均属于取代反应；(3)由上述分析可知，B的结构简式为，D的结构简式为：；(4)AE反应的化学方程式为：+NaHCO3+H2O+CO2；(5)A()的同分异构体符合下列条件：能与FeCl3溶液发生显色反应且不能水解，含有酚羟基，没有酯基；lmol该物质可与4mol(Ag(NH3)2)+发生银镜反应，含有2个醛基；lmol该物质可与5mol H2加成；芳香族化合物，苯环上的取代基不超过3个；侧链为-OH、-CH(CHO)2时，有邻、间、对三种位置侧链为-OH、-CHO、-CH

31、2CHO时，当-OH、-CHO处于邻位时，-CH2CHO有4种位置，当-OH、-CHO处于间位时，-CH2CHO有4种位置，当-OH、-CHO处于对位时，-CH2CHO有2种位置，故符合条件的同分异构体有：3+4+4+2=13种。【考点定位】考查有机物的推断【名师点晴】根据物质的性质确定A含有的官能团，结合E的分子式确定A的结构是解题的关键，A遇FeCl3溶液发生显色反应，分子中含有酚羟基-OH，A能与碳酸氢钠反应生成B，则A分子中含有羧基-COOH，由E的化学式可知A的分子式为C9H8O3，其不饱和度为=6，故故还含有C=C双键，A分子中所含的苯环上有2个取代基，取代基不含支链，核磁共振氢谱

32、有6个吸收峰，峰面积比为1：1：1：1：2：2，则A的结构简式为，E的结构简式为，E与氢氧化钠反应生成F为A与HCl发生加成反应生成B，B发生水解反应、酸化得到C，C转化得到D，D分子中除含2个苯环外还含有1个六元环，结合D的分子式可知，应是2分子C发生酯化反应反应生成环酯，则C中侧链中羧基与-OH连接在同一碳原子上，故B为，则C为，D为，据此解答。18、苯酚 Fe，加热 缩聚反应或聚合反应 13 5 【分析】由合成流程可知，碳化钙与水反应生成A为，结合反应生成酚醛树脂可知，B为，C为，D为，E为一种室内污染气体，E为，A与氢气反应生成F为，F与溴发生加成反应生成M为，N为，结合已知信息可知H

33、为，H与N发生缩聚反应生成Q为，据此分析作答。【题目详解】(1) 反应生成酚醛树脂可知D物质名称为苯酚，反应为苯和溴生成溴苯，条件为，加热；故答案为：苯酚；，加热；（2）H与N发生缩聚反应生成Q为，故答案为：缩聚反应；（3）反应为乙炔生成苯，故方程式为，故答案为：；（4）反应为苯酚和甲醛缩聚生成酚醛树脂，方程式为：，答案为：（5）H为，由中间C的四面体结构可知,2个苯环与C最多共面，即H中最多有13个碳原子共平面；根据限定的3个条件,要有结构，且两端苯环上各连一个，不含H本身，移动2个的位置，、，即还有5种；故答案为：13；5；（6）H为，N为乙二酸，H与N发生缩聚反应生成Q，Q的结构简式为：

34、，故答案为：；（7）M为，N为，有M制取N，需要先生成乙二醇，再氧化得乙二醛，再氧化得乙二酸，即；故答案为：。19、烧杯、玻璃棒 稀盐酸、铁粉 将Fe2全部转化为Fe3 2Fe2Cl22Fe32Cl 向洗涤后的溶液中滴加少量硝酸酸化的硝酸银溶液，如果没有白色沉淀生成，说明沉淀已经洗涤干净 FeCl3在水中存在如下平衡FeCl33H2OFe(OH)33HCl 。在加热条件下，由于HCl易挥发，生成物浓度减小，导致平衡不断向右移动，故最后不能得到FeCl3固体 AC 23 【答案解析】（1）溶解所用到的仪器为：烧杯、玻璃棒；（2）为了防止FeCl2溶液水解、氧化应加入稀盐酸、铁粉；（3）“实验2”

35、通入足量Cl2的目的是将FeCl2氧化生成FeCl3；（4）首先要明确沉淀中所含杂质，此题中的杂质是Na+、Cl-，检验沉淀是否洗涤干净，只要检验洗涤后的溶液中是否含有Na+、Cl-中的一种就可以；（5）因为FeCl3易水解，且HCl易挥发，加热促进了FeCl3水解及HCl的挥发，所以不能得到FeCl3固体；（6）根据分散质粒子直径的大小把分散系分为：胶体、溶液、浊液；丁达尔效应是胶体特有的性质；（7）有关混合物的计算，利用元素守恒来解答。【题目详解】（1）溶解所用到的仪器为：烧杯、玻璃棒；故答案为：烧杯、玻璃棒；（2）防止溶液里的Fe2+被氧化要加入铁粉，防止亚铁离子水解需要加入对应酸，实验

36、室保存FeCl2溶液时通常会向其中加入少量试剂铁粉、稀盐酸，故答案为：铁粉、稀盐酸；（3）Cl2将FeCl2氧化生成FeCl3：Cl2+2FeCl2=2FeCl3，故答案为：将Fe2+全部转化为Fe3+；2Fe2Cl22Fe32Cl；（4）检验沉淀已经洗涤干净的方法是：向洗涤后的溶液中滴加少量硝酸酸化的硝酸银溶液，如果没有白色沉淀生成，说明沉淀已经洗涤干净；故答案为：向洗涤后的溶液中滴加少量硝酸酸化的硝酸银溶液，如果没有白色沉淀生成，说明沉淀已经洗涤干净；（5）因为FeCl3易水解，且HCl易挥发，加热促进了FeCl3水解及HCl的挥发，所以不能得到FeCl3固体；故答案为：FeCl3在水中存

37、在如下平衡FeCl33H2OFe(OH)33HCl 。在加热条件下，由于HCl易挥发，生成物浓度减小，导致平衡不断向右移动，故最后不能得到FeCl3固体；（6）A. 胶体的分散质能透过滤纸，故A正确；B. 实验室制备Fe(OH)3胶体，是向沸水中逐滴加入饱和FeCl3溶液，继续煮沸，至溶液变为红褐色；故B错误；C.丁达尔效应是胶体特有的性质,故C正确；D. 胶体、溶液、浊液中，含分散质粒子直径最大的分散系是浊液，故D错误；故选AC。（7）设FeCl3为x mol，FeCl2为y mol，依据Cl、Fe守恒3x mol+2y mol=0.12 mol，x mol+y mol=0.025 mol2

38、，解得x=0.02，y=0.03；固体样品中FeCl3和FeCl2的物质的量之比为2：3；故答案为：2：3。【答案点睛】（1）实验室制备Fe(OH)3胶体的方法是：是向沸水中逐滴加入饱和FeCl3溶液，继续煮沸，至溶液变为红褐色；（2）FeCl3在水中存在如下平衡FeCl33H2OFe(OH)33HCl ，在加热条件下，由于HCl易挥发，生成物浓度减小，导致平衡不断向右移动，故最后不能得到FeCl3固体。20、减小热量散失偏小不相等相等因中和热是指稀强酸与稀强碱发生中和反应生成1 mol H2O放出的热量，与酸碱的用量无关偏小【答案解析】（1）中和热测定实验成败的关键是保温工作，大小烧杯之间填满碎纸条的作用是减少实验过程中的热量损失，故答案为：减少实验过程中的热量损失；（2）大烧杯上如不盖硬纸板，会使一部分热量散失，求得的中和热数值将会减小，故答案为：偏小；（3）反应放出的热量和所用酸以及碱的量的多少有关，改用60 mL 0.50 molL-1盐酸跟50 mL 0.55 molL-1NaOH溶液进行反应，与上述实验相比，生成水的量增多，所放出的热量偏高，但是中和热是强酸和强碱反应生成1mol水时放出的热，与酸碱的用量无关，所以改用60 mL 0.50 molL-1盐酸跟50