2022届福建省罗源第一中学高二化学第二学期期末联考模拟试题含解析

1、2022年高二下化学期末模拟试卷考生须知：1全卷分选择题和非选择题两部分，全部在答题纸上作答。选择题必须用2B铅笔填涂；非选择题的答案必须用黑色字迹的钢笔或答字笔写在“答题纸”相应位置上。2请用黑色字迹的钢笔或答字笔在“答题纸”上先填写姓名和准考证号。3保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，在草稿纸、试题卷上答题无效。一、选择题（每题只有一个选项符合题意）1、下列除杂试剂选用正确且除杂过程不涉及氧化还原反应的是物质（括号内为杂质）除杂试剂AFeCl2溶液（FeCl3）Fe粉BNaCl溶液（MgCl2）NaOH溶液、稀HClCCl2（HCl）H2O、浓H2SO4DNO（NO2）H2O、无水Ca

2、Cl2AABBCCDD2、40 时水的离子积Kw2.91014，则在40 时，c(H)1107molL1的溶液()A呈酸性B呈碱性C呈中性D无法判断3、化学与生活密切相关，下列说法正确的是()A将 (NH4)2SO4、CuSO4溶液分别加入蛋白质溶液，都出现沉淀可知二者均可使人中毒B塑料的老化是由于与空气中的氧气发生了加成反应C粮食酿酒的过程：淀粉葡萄糖乙醇D可以用足量氢氧化钠溶液加热的方法区分地沟油(分离过的餐饮废弃油)与矿物油(汽油、煤油、柴油等)4、化学与生活、生产密切相关，下列说法正确的是A涤纶、有机玻璃、光导纤维都是有机高分子化合物B大豆中含有丰富的蛋白质，豆浆煮沸后蛋白质变为了氨基

3、酸C棉花和合成纤维的主要成分均为纤维素D常用于制备染料、医药、农药等的酚类物质可来源于煤的干馏5、Licht等科学家设计的AlMnO4电池原理如图所示，电池总反应为AlMnO4=AlO2MnO2，下列说法正确的是( )A电池工作时，K向负极区移动BAl电极发生还原反应C正极的电极反应式为MnO44H3e=MnO22H2OD理论上电路中每通过1mol电子，负极质量减小9g6、下列化合物中，既能发生水解反应，又能发生消去反应，且消去反应生成的烯烃只有一种的是( )ACH3BrBCD7、从煤焦油中分离出的芳香烃萘()是一种重要的化工原料，萘环上一个氢原子被丁基(-C4H9)所取代的同分异构体（不考虑

4、立体异构）有A2种 B4种 C8种 D16种8、下列描述正确的是()A水加热到很高温度都难分解是因水分子间存在氢键BC2H2分子中键与键的数目比为11CCS2为V形极性分子DSiF4与SO32-的中心原子均为sp3杂化9、设NA为阿伏加德罗常数的值，下列说法不正确的是A1molFeI2与1molCl2反应时转移的电子数为2NAB25时，pH3的醋酸溶液1 L，溶液中含H+的数目等于0.001 NAC标准状况下22.4L丙烷中含CH键数约为8NAD18g 2H2O 中含有的质子数为10NA10、下列各组物质中，只要总质量一定，不论以何种比例混合，完全燃烧，生成的二氧化碳和水的质量也总是定值的是

5、( )A丙烷和丙烯B乙烯和环丙烷C甲醛和甲酸D甲烷和乙烷11、化学与科学、技术、社会、环境密切相关。下列说法正确的是A造成光化学烟雾的罪魁祸首是开发利用可燃冰B石油分馏得到的天然气属于清洁燃料，应大力推广使用C工业废水经过静置、过滤后排放，符合绿色化学理念D聚乙烯、聚氯乙烯都是由高分子化合物组成的物质，属于混合物12、下列四组物质的分子式都相同，按物质的分类方法属于同一类物质的是（ ）A和CH2=CHCH2CH2CH2CH3B正戊烷和新戊烷CCH3OCH3和CH3CH2OHD和13、设NA表示阿伏加德罗常数。下列说法正确的是（ ）A1mol月球背面的氦3（3He）含有质子为2NAB标况下，22

6、.4L甲烷和1molCl2反应后的混合物中含有氯原子数小于2NAC2molSO2与1molO2充分反应，转移的电子数为4NAD25时，1L pH=13的Ba(OH)2溶液中含有OH-的数目为0.2NA14、下列各组分子中都属于含极性键的非极性分子的是 ()ASO2、H2O、NH3 BCH4 、C2H4、C6H6CN2、Cl2、O3 DH2O2、C2H6、PCl315、肼(N2H4)-空气燃料电池是一种环保型碱性燃料电池，电解质溶液是20%30%的KOH溶液。电池总反应为N2H4+O2=N2+2H2O。下列关于该燃料电池工作时的说法正确的是（）A负极的电极反应式是N2H4+4OH-4e-=4H2

7、O+N2B正极的电极反应式是O2+4H+4e-=2H2OC溶液中阴离子向正极移动D放电后电解质溶液的碱性增强16、下列用来表示物质变化的化学用语中,正确的是( )A氢氧碱性燃料电池的负极反应式:O2+2H2O+4e-4OH-B粗铜精炼时与电源正极相连的是纯铜,主要电极反应式:Cu-2e-=Cu2+C钢铁发生电化学腐蚀的负极反应式:Fe-3e-Fe3+D钢闸门应与外接电源的负极相连,起保护作用二、非选择题（本题包括5小题）17、已知：通常羟基与碳碳双键相连时不稳定，易发生下列变化：依据如下图所示的转化关系，回答问题：（1）A的化学式是_， 官能团是酯基和_（填名称）；（2）B的结构简式是_；（3

8、）的化学方程式是_；（4）F是芳香族化合物且苯环上只有一个侧链，的化学方程式是_；（5）绿色化学中，最理想的“原子经济”是原子利用率100%，上述反应中能体现“原子经济”原则的是_（选填字母）；a b c（6）G是F的同分异构体，有关G的描述：能发生水解苯环上有三个取代基苯环上一溴代物有2种据此推测G的结构简式可能是（写出其中一种）_。18、化合物F是一种重要的有机物，可通过以下方法合成：(1)B中含有的官能团名称为_。(2)AB的化学方程式为_。(3)BC的反应类型为_。(4)E的分子式为C10H10O4N2，写出E的结构简式：_。(5)写出同时满足下列条件的C的一种同分异构体的结构简式：_

9、。能发生银镜反应；能发生水解反应，其水解产物之一能与FeCl3溶液发生显色反应；分子中只有4种不同化学环境的氢。(6)已知：CH3CHO+CH3CHOCH3CH=CHCHO。请结合题给信息，以苯和为原料制备，写出制备的合成路线流程图(无机试剂任用，合成路线流程图示例见本题题干)_。19、乙酸异戊酯是组成密蜂信息素的成分之一，具有香蕉的香味。实验室制备乙酸异戊酯的反应、装置示意图和有关数据如下：相对分子质量密度/(gcm3)沸点/水中溶解性异戊醇880.8123131微溶乙酸 601 .0492118溶乙酸异戊酯1300.8670142难溶实验步骤：在A中加入4.4g异戊醇、6.0g乙酸、数滴浓

10、硫酸和23片碎瓷片。开始缓慢加热A，回流50min。反应液冷至室温后倒入分液漏斗中，分别用少量水、饱和碳酸氢钠溶液洗涤；分出的产物再加入少量无水Na2SO4固体，静止片刻。过滤除去Na2SO4固体，讲行蒸馏纯化。收集140143C馏分，得到乙酸异戊酯3.9g。回答下列问题：(1)实验中制备乙酸异戊酯的化学方程式为_。(2)仪器B的名称是_，作用是_。(3)在洗涤操作中饱和碳酸氢钠溶液的主要作用是_。(4)实验中加入少量无水Na2SO4的目的是_。(5)实验中加过量乙酸的目的是_。(6)本实验的产率是_(填标号)。a.30% b.40% c.50% d.60%20、我国重晶石（含BaSO490以

11、上）资源丰富，其中贵州省重晶石储量占全国总储量的三分之一。我省某工厂以重晶石为原料，生产“电子陶瓷工业支柱”钛酸钡( BaTiO3)的工艺流程如下：查阅资料可知：常温下：Ksp(BaSO4)=1.010-10，Ksp(BaCO3)=2.510-9TiCl4在常温下是无色液体，遇水容易发生水解：TiC14+2H2O=TiO2+4HCl草酸氧钛钡的化学式为：BaTiO(C2O4)24H2O请回答下列问题：（1）工业上用饱和Na2CO3溶液处理重晶石（假设杂质不与Na2CO3溶液作用），待达到平衡后，移走上层清液，重复多次操作，将BaSO4转化为易溶于酸的BaCO3，该过程用离子方程式可表示为_，此

12、反应的平衡常数K=_（填写计算结果）。若不考虑CO32-的水解，则至少需要使用_mol/L的Na2CO3溶液浸泡重晶石才能实现该转化过程。（2）配制TiC14溶液时通常将TiC14固体溶于浓盐酸再加水稀释，其目的是_。（3）可循环使用的物质X是_（填化学式），设计实验方案验证草酸氧钛钡晶体是否洗涤干净：_。（4）写出煅烧草酸氧钛钡晶体的化学方程式：_。21、海洋约占地球表面积的71%，海水化学资源的利用具有非常广阔的前景 （1）海水晒盐可获得粗盐，在实验室中粗盐经过溶解、_、_可制得精盐。（填具体操作名称） （2）镁及其合金是一种用途很广的金属材料，目前世界上60%的镁是从海水中提取的，其主要

13、步骤如下：为了使MgSO4转化为Mg（OH）2 ， 试剂可以选用_。试从节约能源、提高金属镁的纯度分析，以下适宜的冶镁方法是_。AMg（OH）MgOMg BMg（OH）MgOMgCMg（OH）2MgCl2Mg DMg（OH）2MgCl2Mg（3）溴及其化合物用途十分广泛，我国正在大力开展海水提溴的研究和开发工作。工业以浓缩海水为原料提取溴的部分过程如下：某课外小组在实验室模拟上述过程设计以下装置进行实验（所有橡胶制品均已被保护，夹持装置已略去）：A装置中通入a气体的目的是（用离子方程式表示）_；A装置中通入a气体一段时间后，停止通入，改通热空气通入热空气的目的是_；反应过程中，B装置中有SO4

14、2生成，检验SO42的方法是_；C装置的作用是_。参考答案一、选择题（每题只有一个选项符合题意）1、B【解析】发生的反应中，存在元素的化合价变化，与氧化还原反应有关；反之，不存在元素的化合价变化，则与氧化还原反应无关，以此解答该题。【详解】A.FeCl3与Fe反应生成FeCl2，2FeCl3+Fe=3FeCl2，此过程中Fe的化合价发生变化，涉及到了氧化还原反应，故A不符合题意；B.MgCl2与NaOH溶液发生复分解反应MgCl2+2NaOH=Mg（OH）2 +2NaCl，过量的NaOH溶液可用HCl除去HCl+NaOH=NaCl+H2O ，此过程中没有元素化合价发生变化，未涉及氧化还原反应，

15、故B符合题意；C.部分氯气与H2O 发生反应生成氯化氢和次氯酸，应该用饱和食盐水除去HCl，除杂方法不正确，故C不符合题意；D.NO2 与水反应生成硝酸和NO。反应过程中氮元素化合价发生变化，涉及到了氧化还原反应，故D不符合题意；综上所述，本题应选B。【点睛】本题考查氧化还原反应，为高考常见题型，侧重于氧化还原反应判断的考查，注意把握发生的反应及反应中元素的化合价变化，题目难度不大。2、B【解析】40时，水的离子积常数是2.910-14。在氢离子浓度是110-7mol/L的溶液中，c(OH-)=2.910-14/110-7=2.910-7，氢氧根离子浓度大于氢离子浓度，所以溶液呈碱性。故选B。

16、3、D【解析】A重金属盐可使蛋白质变性，硫酸铜属于重金属盐可使蛋白质变性，硫酸铵不属于重金属盐，不会使蛋白质变性，故硫酸铵无毒，故A错误；B塑料老化是指塑料在加工、贮存和使用过程中，由于受内外因素的综合作用，其组成和结构发生了如分子降解(大分子链断裂解，使高聚物强度、弹性、熔点、粘度等降低)、交联(使高聚物变硬、变脆)、增塑剂迁移、稳定剂失效等一系列物理化学变化，从而导致塑料发生变硬、变脆、龟裂、变色乃至完全破坏，丧失使用功能的现象。老化的原因主要是由于结构或组分内部具有易引起老化的弱点，如具有不饱和双键、支链、羰基、末端上的羟基，等等。外界或环境因素主要是阳光、氧气、臭氧、热、水、机械应力、

17、高能辐射、电、工业气体(如二氧化碳、硫化氢等)、海水、盐雾、霉菌、细菌、昆虫等等，故B错误；C酿酒时要加入酒曲，酒曲中的微生物主要是酵母菌和霉菌，其中霉菌主要起到糖化的作用，把米中的淀粉转化成葡萄糖，酵母菌在无氧的条件下，再把葡萄糖分解成酒精和二氧化碳，粮食酿酒过程中淀粉的水解不是用硫酸作催化剂，故C错误；D地沟油属于酯类，和氢氧化钠反应生成可溶性高级脂肪酸钠和甘油，矿物油属于石油加工产品，属于烃类混合物不和氢氧化钠反应，故可区分开，故D正确；故选D。【点睛】本题考查了常见有机物的性质和应用。本题的易错点为B、C，B中要注意塑料老化的本质；C中要注意实验室中的实验条件和工农业实际生产的区别。4

18、、D【解析】A、光导纤维的主要成分是二氧化硅，属于无机非金属材料，故A错误；B、蛋白质水解需要在酶的作用下，高温使蛋白质变性，不能水解成氨基酸，故B错误；C、 棉花的主要成分为纤维素，合成纤维属于化学纤维，故C错误；D、煤的干馏可生成酚类物质，酚类物质常用于制备染料、医药、农药等，故D正确。5、D【解析】分析：该电池的负极是Al，Ni是正极，在正极上发生得电子的还原反应，即MnO2H2O3e=MnO24OH-，负极上金属铝失电子发生氧化反应，即Al-3e-+4OH-=Al(OH)4-,电池工作时，阳离子向正极移动，阴离子向负极移动，以此解答该题。详解：A.电池工作时，阳离子向正极移动，即K向正

19、极移动，故A错误；B.反应中铝为为负极，发生还原反应，故B错误；C.电解质呈碱性，MnO在正极上发生得电子的还原反应，即MnO2H2O3e=MnO24OH-，故C错误；D.理论上电路中每通过1mol电子，则有mol铝被氧化，负极质量减少9g，所以D选项是正确的。所以D选项是正确的。点睛：本题考查化学电源新型电池，侧重于电极反应方程式的考查，题目难度中等，注意从正负极发生的变化结合电解质的特点书写电极反应式，题目难度中等。6、B【解析】A. CH3Br只能与NaOH水溶液发生水解反应，只有一个碳原子不能发生消去反应，故A不符合题意；B. 既能发生水解反应，又能发生消去反应，且消去反应生成的烯烃只

20、有一种，故B符合题意；C. 能发生水解反应，不能发生消去反应，和氯原子相连的碳的邻碳上没有氢原子，所以C不符合题意；D. 既能发生水解反应，又能发生消去反应，且消去反应生成的烯烃只有两种，故D不符合题意；所以本题答案：B。【点睛】判断依据：氯代烃发生消去反应的条件是和氯代烃相连的碳的邻碳上有氢原子。7、C【解析】分析：丁基有四种，萘环上的位置有2种。详解：丁基有四种，-CH2CH2CH2CH3、-CH(CH3)CH2CH3、-CH2CH(CH3)CH3、-C(CH3)3，萘环上的位置有2种，萘环上一个氢原子被丁基(-C4H9)所取代的同分异构体（不考虑立体异构）有8种，故选C。8、D【解析】分

21、析：根据价层电子对互斥理论确定微粒的空间构型及原子是杂化方式，价层电子对个数=键个数+孤电子对个数，键个数=配原子个数，孤电子对个数=12(a-xb)，a指中心原子价电子个数，x指配原子个数，b指配原子形成稳定结构需要的电子个数，化学键键能大小决定物质的稳定性。详解：A水加热到很高温度都难分解是因O-H键的键能较大，与氢键无关，故A错误；BC2H2分子中键与键的数目比为3：2，故B错误；CCS2中价层电子对个数=2+12(4-22)=2，且该分子中正负电荷重心重合，所以为直线形非极性分子，故C错误；DSiF4中价层电子对个数=4+12(4-41)=4，SO32-中价层电子对个数=3+12(6+

22、2-32)=4，所以SiF4和SO32-中中心原子的价层电子对数均为4，因此中心原子均为sp3杂化，故D正确；故选D。9、D【解析】A1molFeI2 与1molCl2 反应，氯气完全反应生成2mol氯离子，转移的电子数为2NA，故A正确；B25 C时，pH=3的醋酸溶液1L，氢离子浓度为0.001mol/L，含有氢离子个数= 0.001mol/L 1LNA/mol=0.001 NA，故B正确；C1个丙烷分子含有8个C- H键，标准状况下22.4L丙烷中含C- H键数约为8NA，故C正确；D18g 2H2O 中含有的质子数= 10NA/mol=9NA，故D错误；故答案：D。10、B【解析】各组

23、物质混合后，无论以何种比例混合，其充分燃烧后二氧化碳和水的质量不变，说明各组分碳的质量分数相同，氢的质量分数相同，若组成元素相同，则有机物的最简式可能相同，据此进行解答。【详解】A.丙烷、丙烯的分子式分别为C3H8、C3H6，最简式不同，C的质量分数不同、H的质量分数不同，不满足题意；B.乙烯、环丙烷的分子式分别为C2H4、C3H6，最简式相同都为CH2，C的质量分数相同、H的质量分数相同，满足题意；C.甲醛、甲酸的分子式分别为CH2O、CH2O2，最简式不相同，C、H的质量分数不相同，不满足题意；D.甲烷、乙烷的分子式分别为CH4、C2H6，最简式不同，C的质量分数不同、H的质量分数不同，不

24、满足题意；故合理选项是B。【点睛】本题考查烃的燃烧有关计算，解题关键在于确定混合物各组分满足的条件，明确“总质量一定”不是“总物质的量一定”，为易错点。11、D【解析】A. 氮的氧化物是造成光化学烟雾的主要原因，可燃冰的主要成分是甲烷，开发利用可燃冰不会造成光化学烟雾，A错误；B. 石油分馏得到C4以下石油气（主要成分为丙烷、丁烷）、汽油（成分为C5C11的烃混合物）、煤油（成分为C11C16的烃混合物）、柴油（成分为C15C18的烃混合物）、重油（成分为C20以上烃混合物）等，不能得到天然气，B错误；C. 工业废水经过静置、过滤后只会将泥沙等固体杂质除去，并未除去重金属离子，会对环境造成污染

25、，不符合绿色化学的理念，C错误；D. 聚乙烯和聚氯乙烯都是高分子化合物，每一条高聚物分子链的聚合度n都不同，聚乙烯和聚氯乙烯不可能只由一条链构成，所以高分子化合物是混合物，D正确；故合理选项为D。12、B【解析】A. 属于环烷烃，CH2=CHCH2CH2CH2CH3属于烯烃，不属于同一类物质，A项错误；B. 正戊烷和新戊烷都属于烷烃，属于同一类物质，B项正确；C. CH3OCH3属于醚，CH3CH2OH属于醇，不属于同一类物质，C项错误；D. HCOOCH3属于酯，CH3COOH属于羧酸，不属于同一类物质，D项错误；答案选B。13、A【解析】A. 3He的原子序数为2，质子数为2，则1mol氦

26、3（3He）含有质子数为2NA，A项正确；B. 甲烷与氯气发生取代反应，根据氯元素守恒可知，反应后的混合物中氯原子的个数为2NA，B项错误；C. SO2与O2的反应为可逆反应，2molSO2与1molO2充分反应，转移的电子数小于4NA，C项错误；D. Ba(OH)2溶液中，pH=13,依据c(OH-) = =10-1=0.1mol/L，则25时，1L pH=13的Ba(OH)2溶液中含有OH-的数目为0.1mol/L1LNA = 0.1NA，D项错误；答案选A。14、B【解析】本题考查了键的急性与分子的极性判断，侧重于对学生灵活运用基础知识解决实际问题的能力的培养。详解：A. SO2、H2O

27、、NH3三种分子都是含有极性键的极性分子，故错误；B. CH4中碳氢键为极性键，分子为正四面体结构，是非极性分子，C2H4是平面结构，是非极性分子，C6H6是平面正六边形结构，是非极性结构，故正确；C. N2、Cl2、O3都含非极性键，故错误；D. H2O2、C2H6、PCl3都是极性分子，故错误。故选B。点睛：非极性键：同种元素的原子之间形成的共价键。极性键：不同的元素的原子之间形成的共价键。在分析判断时首先分清分子中的共价键的存在位置，即分清哪些原子之间形成了共价键。如过氧化氢中氢原子和氧原子形成共价键，两个氧原子之间也形成了共价键，所以含有极性键和非极性键两种。非极性分子：正负电荷中心重

28、合的分子。判断方法为：分子的急性由共价键的急性即分子的空间构型两个方面共同决定。15、A【解析】分析：肼（N2H4）一空气燃料电池中，负极反应为：N2H4+4OH-4e-=4H2O+N2，正极反应为：O2+2H2O+4e-=4OH-，电池总反应为：N2H4+O2=N2+2H2O，以此解答题中A、B、C各问，原电池中，阴离子向负极移动，阳离子向正极移动。详解：A、原电池中负极发生氧化反应，正极发生还原反应，负极反应为N2H4+4OH-4e-=4H2O+N2，选项A正确；B、在碱性环境下，正极反应为：O2+2H2O+4e-=4OH-，选项B错误；C、原电池中，阴离子向负极移动，阳离子向正极移动，选

29、项C错误；D、电池总反应为N2H4+O2=N2+2H2O，原电池反应生成水，溶液浓度降低，碱性减弱，选项D错误；答案选A。点睛：本题考查原电池的工作原理，题目难度不大，本题注意把握电极反应式的书写，正确判断离子的定向移动。16、D【解析】分析：A、燃料电池中负极放电的一定是燃料，正极放电的一定是氧气；B、粗铜精炼时，阴极是纯铜，粗铜作阳极；C、钢铁发生电化学腐蚀的负极是铁失去电子生成亚铁离子； D、钢闸门的电化学防护主要有外加电源的阴极保护法和牺牲阳极的阴极保护法，据此分析判断。详解：A、氢氧燃料电池中负极放电的一定是燃料，即在负极上是氢气放电，故A错误；B、粗铜精炼时，阴极(和电源的负极相连

30、)是纯铜，粗铜作阳极(和电源的正极相连)，故B错误；C、钢铁发生电化学腐蚀的负极是铁失去电子生成亚铁离子，电极反应式为Fe-2e-=Fe2+，故C错误；D、钢闸门的电化学防护主要有外加电源的阴极保护法和牺牲阳极的阴极保护法，采用外加电源的阴极保护法时，钢闸门应与外接电源的负极相连，故D正确；故选D。二、非选择题（本题包括5小题）17、C4H6O2 碳碳双键 c 或 【解析】A发生加聚反应生成B，则A的分子式为C4H6O2，A能发生酸性条件下水解反应，则A中含有酯基，A的不饱和度=2，结合A的分子式知，A中含有一个酯基和一个碳碳双键；C能发生氧化反应生成D，说明C、D中碳原子个数相等，所以C、D

31、中碳原子个数都是2，结合题给信息知：C是CH3CHO，D是CH3COOH，A是CH3COOCH=CH2，B结构简式为；D和E发生酯化反应生成F，根据F分子式知，E分子式为C7H8O，E中不饱和度=4，F是芳香族化合物且苯环上只有一个侧链，所以E为，F为。【详解】（1）A的分子式为C4H6O2，结构简式为CH3COOCH=CH2，含有官能团是碳碳双键和酯基；（2）通过以上分析知，B结构简式为；（3）C是乙醛，乙酸和新制氢氧化铜悬浊液发生氧化反应生成乙酸钠、氧化亚铜和水，反应方程式为；（4），乙酸和苯甲醇在浓硫酸作催化剂、加热条件下发生酯化反应生成乙酸苯甲酯和水，反应方程式为；（5）体现原子经济的

32、反应是加成或加聚反应，以上反应中只有c是加聚反应，故选c；（6）F为，G是F的同分异构体，G符合下列条件：能发生水解说明含有酯基，苯环上有三个取代基，苯环上一溴代物有2种，说明苯环上只有两种氢原子，符合条件的同分异构体结构简式为 或 。18、硝基、溴原子 取代反应 或 【解析】(1)根据合成路线图可知AB是一个取代反应(硝化反应), 是浓硫酸作催化剂，在溴苯上溴原子对位引入硝基；(2)根据合成路线图中C与D物质在结构简式上的差别判断。(3)结合D和F的结构简式及D、E、F间的反应条件可推知E的结构简式。(4)根据C的结构和其同分异构体的特征，能发生银镜反应说明含有醛基:能发生水解反应说明含有酯

33、键,且水解产物可以与FeCl3溶液发生显色反应,说明水解产物中有酚羟基;分子中有4种不同化学环境的氢原子，判断符合条件的同分异构体的结构筒式； (5)根据题干部分流程图中的AB、EF 反应，以及CD、D的反应和已知条件确定合成路线。【详解】(1)由B的结构简式可知B中含有的官能团名称为硝基、溴原子，答案：硝基、溴原子。(2)由框图AB即可知，AB属于取代反应，反应的化学方程式为；答案：。(3)由框图BC即可知BC发生了取代反应，所以BC反应类型为取代反应；答案：取代反应。(4)由框图和E的分子式为C10H10O4N2，可知E的结构简式：；答案：。(5)C的结构简式为：，满足能发生银镜反应说明含

34、有醛基: 能发生水解反应说明含有酯基,且水解产物可以与FeCl3溶液发生显色反应,说明水解产物中有酚羟基; 分子中有4种不同化学环境的氢原子的同分异构体的结构简式：或；答案：或。(6) 以苯和为原料制备，根据已知条件CH3CHO+CH3CHOCH3CH=CHCHO和题干部分流程图中的AB、EF 反应，以及CD、D的反应，所以制备的合成路线流程图；答案：。19、+H2O 球形冷凝管 冷凝回流 除去残留的醋酸，降低乙酸异戊酯的溶解度 干燥乙酸异戊酯 提高异戊醇的转化率 d 【解析】（1）CH3COOH与反应生成和H2O。（2）根据题中仪器B的构造判断该仪器的名称。（3）在洗涤操作中饱和碳酸氢钠溶液

35、的主要作用是除去残留的醋酸，降低乙酸异戊酯的溶解度。（4）实验中加入少量无水硫酸钠的目的是吸收酯中少量的水分，对乙酸异戊酯进行干燥。（5）根据反应物对增加一种反应物的浓度，可以使另一种反应物的转化率提高进行判断加入过量乙酸的目的。（6）先计算出乙酸和异戊醇的物质的量，然后判断过量情况，根据不足量计算出理论上生成乙酸异戊酯的物质的量，最后根据实际上制取的乙酸异戊酯计算出产率。【详解】（1）CH3COOH与反应生成和H2O，化学方程式为+H2O，故答案为：+H2O。（2）仪器B为球形冷凝管，作用是冷凝回流，故答案为：球形冷凝管；冷凝回流。（3）在洗涤操作中饱和碳酸氢钠溶液的主要作用是除去残留的醋酸

36、，降低乙酸异戊酯的溶解度，故答案为：除去残留的醋酸，降低乙酸异戊酯的溶解度。（4）实验中加入少量无水硫酸钠的目的是吸收酯中少量的水分，对乙酸异戊酯进行干燥，故答案为：干燥乙酸异戊酯。（5）酯化反应是可逆反应，增大反应物的浓度可以使平衡正向移动；增加一种反应物的浓度，可以使另一种反应物的转化率提高，因此本实验中加入过量乙酸的目的是提高转化率；故答案为：提高异戊醇的转化率。（6）乙酸的物质的量为：n=0.1mol，异戊醇的物质的量为：n=0.05mol，由于乙酸和异戊醇是按照1：1进行反应，所以乙酸过量，生成乙酸异戊酯的量要按照异戊醇的物质的量计算，即理论上生成0.05mol乙酸异戊酯；实际上生成

37、的乙酸异戊酯的物质的量为=0.03mol，所以实验中乙酸异戊酯的产率为100%=60%，故答案为：d。20、BaSO4(s)+CO32-(aq)=BaCO3(s)+SO42-(aq) 0.04(或1/25)2.510-4抑制TiCl4的水解HCl 取最后一次洗涤液少许，滴入稀硝酸酸化的硝酸银，若无沉淀生成，则说明晶体已经洗涤干净BaTiO(C2O4)24H2OBaTiO3 + 2CO2 +2CO +4H2O【解析】分析：根据流程图，用饱和Na2CO3溶液处理重晶石，将BaSO4转化为易溶于酸的BaCO3，然后用盐酸溶解后，加入TiC14和草酸溶液，反应析出草酸氧钛钡晶体，经过洗涤、干燥、灼烧得

38、BaTiO3。其中将BaSO4转化为易溶于酸的BaCO3的离子方程式为BaSO4(s)+CO32-(aq)=BaCO3(s)+SO42-(aq)，根据K=cSO42-cCO32-=cSO42-cBa2+cCO32-cBa2+计算，当c(SO42-)1.010-5 mol/L时，可以认为BaSO4已转化为BaCO3，据此分析解答。详解：(1)工业上用饱和Na2CO3溶液处理重晶石，将BaSO4转化为易溶于酸的BaCO3，该过程用离子方程式可表示为BaSO4(s)+CO32-(aq)=BaCO3(s)+SO42-(aq)，此反应的平衡常数K=cSO42-cCO32-=KspBaSO4KspBaCO3=1.010-102.510-9=125；当c(SO42-)1.010-5 mol/L时，认为BaSO4转化为了易溶于酸的BaCO3，因此c(CO32-)2.510-4mol/L