2021-2022学年四川省眉山市彭山区第一中学化学高二第二学期期末综合测试模拟试题含解析

1、2022年高二下化学期末模拟试卷考生须知：1全卷分选择题和非选择题两部分，全部在答题纸上作答。选择题必须用2B铅笔填涂；非选择题的答案必须用黑色字迹的钢笔或答字笔写在“答题纸”相应位置上。2请用黑色字迹的钢笔或答字笔在“答题纸”上先填写姓名和准考证号。3保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，在草稿纸、试题卷上答题无效。一、选择题（每题只有一个选项符合题意）1、对氨基苯甲酸可用甲苯为原料合成。已知苯环上的硝基可被还原为氨基：+3Fe+6HCl+3FeCl2+2H2O，产物苯胺还原性强，易被氧化；-CH3为邻、对位取代定位基，而-COOH为间位取代定位基。则由甲苯合成对氨基苯甲酸的步骤合理的是A

2、甲苯XY对氨基苯甲酸B甲苯XY对氨基苯甲酸C甲苯XY对氨基苯甲酸D甲苯XY对氨基苯甲酸2、绿水青山是习近平总书记构建美丽中国的伟大构想，某工厂拟综合处理含NH4废水和工业废气（主要含N2、CO2、SO2、NO、CO，不考虑其他成分），设计了如下流程：已知：NONO22OH2NO2H2O下列说法正确的是A固体1中主要含有CaCO3、CaSO4BX可以是空气，且需过量C处理含NH4废水时，发生的反应为：NH4+5NO2-+4H+=6NO+4H2OD捕获剂所捕获的气体主要是CO3、A原子的结构示意图为 ，则X、Y及该原子3d能级上的电子数不可能的组合是A18、8、0B20、8、0C25、13、5D3

3、0、18、104、有 8 种物质：乙烷；乙烯；乙炔；苯；甲苯；溴乙烷；聚乙烯；环己烯。其中既不能使酸性 KMnO4溶液褪色，也不能与溴水反应而使溴水褪色的是( )ABCD5、一定条件下自然界存在如下反应：14CuSO4+5FeS2+l2H2O=7Cu2S+5FeSO4+12H2SO4，下列说法中不正确的是ACu2S既是氧化产物又是还原产物B5molFeS2发生反应，有21mole转移CCuSO4和FeS2是氧化剂，FeS2是还原剂D产物中的SO42有一部分是氧化产物6、用NA表示阿伏加德罗常数的值。下列说法中正确的是（）A标准状况下，22.4LCCl4含有的分子数为NAB1.0mol CH4与

4、Cl2在光照下反应生成的CH3Cl分子数为1.0NAC在含4mol Si-O键的二氧化硅晶体中，氧原子的数目为2NAD46g有机物C2H6O的分子结构中含有的CH键数目一定为5NA7、下列能级能量由小到大排列顺序正确的是（ ）A3s 3p 3d 4sB4s 4p 3d 4dC4s 3d 4p 5sD1s 2s 3s 2p8、铁镍蓄电池又称爱迪生电池。放电时的总反应为：FeNi2O33H2OFe(OH)22Ni(OH)2。下列有关该电池的说法错误的是A电池的电解液为碱性溶液，负极为FeB电池放电时，负极反应为Fe2OH2eFe(OH)2C电池充电过程中，阴极附近溶液的pH增大D电池充电过程中，O

5、H向阴极迁移9、下列常见分子中心原子的杂化轨道类型是SP3的是：( )APH3BBF3CSO2DCO210、镁、铝都是较活泼的金属，下列描述中正确的是( )A铝热剂是镁条、铝粉和氧化铁的混合物B镁、铝都能跟稀盐酸、稀硫酸、强碱反应C镁在点燃条件下可以与二氧化碳反应，铝在一定条件下可以与氧化铁发生氧化还原反应D高温下，镁、铝在空气中都有抗腐蚀性11、下列各组离子在指定环境中一定能大量共存的是 ()A使pH试纸显蓝色的溶液中：Cu2+、NO3-、Fe3+、SO42-B与铝粉反应放出氢气的无色溶液中：NO3-、Al3+、Na+、SO42-CpH=0的溶液中：Al3+、NH4+、Ca2+、ClO-D使

6、红色石蕊试纸变蓝的溶液中：SO32-、CO32-、Na+、K+12、常温下，向溶液中滴加的氨水，溶液的pH随氨水的体积关系如图所示。下列说法不正确的是（ ）AHA的电离方程式为BB点时加入HA和氨水恰好完全反应CA点所示溶液中：DC点所示溶液中：13、有机物虽然种类繁多，但其命名是有规则的。下列有机物的命名正确的是（ ）A1,4一二甲基丁烷 B3-甲基丁烯CHOOC-CH2-COOH丙二酸 DCH2Cl-CH2Cl二氯乙烷14、兴趣小组在实验室中模拟利用甲烷和氯气发生取代反应制取副产品盐酸，设计如图装置，下列说法错误的是（ ）A实验时先点燃A处酒精灯再通甲烷B装置B有均匀混合气体、控制气流速度

7、、干燥混合气体等作用C装置C经过一段时间的强光照射后，生成的有机物有4种D从D中分离出盐酸的方法为过滤15、NA为阿伏加德罗常数的值，下列说法正确的是A24g石墨烯中含有CC键的个数为3NAB88g干冰中含有NA个晶胞结构单元C62gP4含有PP键的个数为6NAD60gSiO2中含有SiO键的个数为2NA16、下列各组物质的相互关系描述正确的是AH2、D2和T2互为同位素B和互为同分异构体C金刚石、C60、石墨互为同系物D(CH3)2CHC2H5和CH3CH2CH(CH3)2属于同种物质二、非选择题（本题包括5小题）17、苏合香醇可以用作食用香精，其结构简式如图所示。（1）苏合香醇的分子式为_

8、，它不能发生的有机反应类型有(填数字序号)_。取代反应 加成反应 氧化反应 加聚反应 水解反应有机物丙(分子式为C13H18O2)是一种香料，其合成路线如图所示。其中A的相对分子质量通过质谱法测得为56，核磁共振氢谱显示只有两组峰；乙与苏合香醇互为同系物；丙分子中含有两个CH3。已知：R-CH=CH2R-CH2CH2OH（2）甲中官能团的名称是_；甲与乙反应生成丙的反应类型为_。（3）B与O2反应生成C的化学方程式为_。（4）在催化剂存在下1 mol D与2 mol H2可以反应生成乙，且D能发生银镜反应。则D的结构简式为_。（5）写出符合下列条件的乙的同分异构体结构简式_。苯环上有两个取代基

9、，且苯环上的一氯取代物只有两种遇氯化铁溶液显紫色18、酮洛芬是一种良好的抗炎镇痛药，可以通过以下方法合成： (1)化合物D中所含官能团的名称为_。(2)化合物E的结构简式为_；由BC的反应类型是_。(3)写出CD的反应方程式_。(4)写出同时满足下列条件的A的一种同分异构体的结构简式_。I.能发生银镜反应；.与FeCl3发生显色反应；.分子中含有5种不同化学环境的氢(5)请写出以甲苯为原料制备化合物的合成路线流程图（无机试剂和有机溶剂可任选，合成线路流程图示例见并难题题干）_。19、已知硫酸亚铁铵(NH4)2SO4FeSO46H2O(俗称莫尔盐)可溶于水，在100110时分解，其探究其化学性质

10、，甲、乙两同学设计了如下实验。I.探究莫尔盐晶体加热时的分解产物。(1)甲同学设计如图所示的装置进行实验。装置C中可观察到的现象是_，由此可知分解产物中有_(填化学式)。(2)乙同学认为莫尔盐晶体分解的产物中还可能含有SO3(g)、SO2(g)及N2(g)。为验证产物的存在，用下列装置进行实验。D. 品红溶液 E.NaOH溶液 F.BaCl2溶液和足量盐酸 G.排水集气法 H. 安全瓶乙同学的实验中，装置依次连按的合理顺序为：AH（_） （_） （_） G。证明含有SO3的实验现象是_；安全瓶H的作用是_。II.为测定硫酸亚铁铵纯度，称取mg莫尔盐样品，配成500mL溶液。甲、乙两位同学设计了

11、如下两个实验方案。甲方案：取25.00mL样品溶液用0.1000mol/L的酸性K2Cr2O7溶液分三次进行滴定。乙方案(通过NH4+测定)：实验设计装置如图所示。取25.00mL样品溶液进行该实验。请回答：(1)甲方案中的离子方程式为_。(2)乙方案中量气管中最佳试剂是_。a.水 b.饱和NaHCO3溶液 c.CCl4 d.饱和NaCl溶液(3)乙方案中收集完气体并恢复至室温，为了减小实验误差，读数前应进行的操作是_。(4)若测得NH3为VL(已折算为标准状况下)，则硫酸亚铁铵纯度为_(列出计算式)20、已知下列数据：某同学在实验室制取乙酸乙酯的主要步骤如下：配制2mL浓硫酸、3mL乙醇和2

12、mL乙酸的混合溶液。按如图连接好装置并加入混合液，用小火均匀加热35min待试管乙收集到一定量产物后停止加热，撤出试管乙并用力振荡，然后静置待分层。分离出乙酸乙酯， 洗涤、干燥、蒸馏。最后得到纯净的乙酸乙酯。(1)反应中浓硫酸的作用是_(2)写出制取乙酸乙酯的化学方程式：_(3)上述实验中饱和碳酸钠溶液的作用是_(4)步骤为防止加热过程中液体暴沸，该采取什么措施_(5)欲将乙试管中的物质分离得到乙酸乙酯，必须使用的玻璃仪器有_；分离时，乙酸乙酯应从仪器_（填“下口放”“上口倒”）出。(6)通过分离饱和碳酸钠中一定量的乙醇，拟用如图回收乙醇，回收过程中应控制温度是_21、白黎芦醇（结构简式：）属

13、二苯乙烯类多酚化合物，具有抗氧化、抗癌和预防心血管疾病的作用。某课题组提出了如下合成路线：已知：根据以上信息回答下列问题：（1）白黎芦醇的分子式是_。（2）CD的反应类型是_；EF的反应类型是_。（3）化合物A不与FeCl3溶液发生显色反应，能与NaHCO3反应放出CO2，推测其1H核磁共振谱（H-NMR）中显示不同化学环境的氢原子个数比为_。（4）写出AB反应的化学方程式：_。（5）写出结构简式：D_、E_。（6）化合物符合下列条件的所有同分异构体共_种，能发生银镜反应；含苯环且苯环上只有两种不同化学环境的氢原子。写出其中不与碱反应的同分异构体的结构简式：_。参考答案一、选择题（每题只有一个

14、选项符合题意）1、A【解析】由甲苯制取产物时，需发生硝化反应引入硝基，再还原得到氨基，将甲基氧化才得到羧基；但氨基易被氧化，故甲基氧化为羧基应在硝基还原前，否则生成的氨基也被氧化，故先将甲基氧化为羧基，再将硝基还原为氨基。CH3为邻、对位取代定位基；而COOH为间位取代定位基，产物中的氨基在羧基的对位。如果先氧化甲基成羧基，发生硝化反应时，硝基在羧基的间位，所以先用CH3的对位取代效果，在甲基的对位引入硝基，再将甲基氧化成羧基，最后将硝基还原成氨基，所以步骤为甲苯XY对氨基苯甲酸，即合理选项为A。2、D【解析】A.二氧化碳、二氧化硫与石灰乳反应生成碳酸钙、亚硫酸钙，则固体1中主要含有CaCO3

15、、CaSO3，A错误；B.X可以是空气，且至少保证生成的二氧化氮与一氧化氮的物质的量之比为1：1时即可，不需过量，B错误；C.处理含NH4废水时，生成无污染的气体氮气，发生的反应为：NH4+NO2-=N2+2H2O，C错误；D.CO与石灰乳、NaOH均不反应，则气体2为CO，捕获剂所捕获的气体主要是CO，D正确；答案为D。3、A【解析】A如X=18，则原子核外各层电子数分别为2、8、8，应为Ar，故A错误；B如X=20，则则原子核外各层电子数分别为2、8、8、2，3d能级上的电子数为0，故B正确；C如X=25，则原子核外各层电子数分别为2、8、13、2，应为Mn，3d能级上的电子数为5，故C正

16、确；D如X=30中，则原子核外各层电子数分别为2、8、18、2，应为Zn，3d能级上的电子数为10，故D正确；故选A。4、C【解析】既不能使酸性KMnO4溶液褪色，也不能与溴水反应使溴水褪色，则有机物不含碳碳双键、三键、-CHO，也不能为苯的同系物等，以此来解答。【详解】乙烷、苯、溴乙烷、聚乙烯均既不能使酸性KMnO4溶液褪色，也不能与溴水反应使溴水褪色；乙烯、乙炔、环己烯均既能使酸性KMnO4溶液褪色，也能与溴水反应使溴水褪色；甲苯只能使酸性KMnO4溶液褪色，则符合题意的物质序号为；故合理选项是C。【点睛】本题考查有机物的结构与性质的知识，把握官能团与性质的关系为解答的关键，侧重分析与应用

17、能力的考查，注意常见有机物的性质。5、A【解析】A分析反应可知，Cu从+2价降价至+1价；S一部分从-1价降价至-2价，一部分从-1价升价至+6价；因此Cu2S属于还原产物，A项错误；B反应前，一共有14个，反应后增加了3个；多出的是由-1价S氧化得来，并且为整个反应仅有的一种氧化产物，所以每消耗5molFeS2，电子转移21mol，B项正确；C分析反应可知，Cu从+2价降价至+1价；S一部分从-1价降价至-2价，一部分从-1价升价至+6价；因此，是氧化剂，既是氧化剂又是还原剂，C项正确；D反应前，一共有14个，反应后增加了3个；因此，产物中的一部分是氧化产物，D项正确；答案选A。【点睛】氧化

18、还原反应电子转移数计算时，抓住本质即电子得失守恒，利用关系式：所有氧化剂得电子数=所有还原剂失电子数进行计算。6、C【解析】A. 标准状况下，CCl4不是气态，不能用气体摩尔体积22.4L/mol计算CCl4物质的量，故A错误；B. 1.0mol CH4与Cl2在光照下反应，生成物是氯化氢和四种卤代烃，因此生成的CH3Cl分子数小于1.0NA，故B错误；C.1molSiO2中含4molSiO键，则在含4mol Si-O键的二氧化硅晶体中，氧原子的数目为2NA，故C正确；D. 46g有机物C2H6O的物质的量为1mol，若C2H6O为甲醚，1mol中含有6molC-H键，若是乙醇，含有5molC

19、-H键，故D错误；答案选C。【点睛】注意有机物的同分异构现象，有机物C2H6O可能是二甲醚和乙醇！7、C【解析】A、能量由小到大的顺序为：3s、3p、4s、3d，A错误；B、能量由小到大的顺序应为4s、3d、4p 、4d，B错误；C、能量由小到大的顺序应为4s、3d、4p、5s，C正确；D、能量由小到大的顺序应为1s、2s、2p、3s，D错误；答案为C。8、D【解析】分析：本题考查的是二次电池的工作原理，涉及到原电池和电解池的有关知识，做题时注意根据总反应从氧化还原的角度判断化合价的变化，以得出电池的正负极以及所发生的反应。详解：A.根据总反应FeNi2O33H2OFe(OH)22Ni(OH)

20、2可知产物有氢氧化物，则电解液为碱性溶液，放电时铁失去电子发生氧化反应，铁做负极，故正确；B.放电时铁做负极，失去电子生成亚铁离子，在碱性电解质中生成氢氧化亚铁，电极反应为：Fe2OH2eFe(OH)2，故正确；C.充电可以看做是放电的逆过程，即阴极为原来的负极，所以电池充电过程时阴极反应为Fe(OH)2+2eFe2OH，因此充电过程中阴极附近溶液的pH会升高，故正确；D.电池充电时，阴离子向阳极移动，阳离子向阴极移动，故错误。故选D。9、A【解析】根据价层电子对互斥理论确定原子杂化方式，价层电子对个数=键个数+孤电子对个数，键个数=配原子个数，孤电子对个数=，a指中心原子价电子个数，x指配原

21、子个数，b指配原子形成稳定结构需要的电子个数，据此判断杂质类型，中心原子的杂化类型为sp3，说明该分子中心原子的价层电子对个数是4。ABF3中B原子杂化轨道数为=3+=3，中心原子杂化类型为sp2杂化，A项不符合要求；BPH3中P原子杂化轨道数为=3+=4中心原子杂化类型为sp3杂化，B项符合题意；CSO2中S原子杂化轨道数为=3+=3，中心原子杂化类型为sp2杂化，C项不符合题意；DCO2中C原子杂化轨道数为=2+=2，中心原子杂化类型为 sp杂化，D项不符合题意；本题答案选B。【点睛】根据价层电子对互斥理论来分析解答，明确孤电子对个数中各个字母的含义是解答易错点。10、C【解析】A. 在铝

22、热反应中将铝粉和氧化铁的混合物称为铝热剂，镁条的燃烧提供引发反应所需的热量，故A错误；B、铝既能与酸(非强氧化性酸)又能与强碱反应氢气，则铝能和稀盐酸、稀硫酸、强碱反应，但镁不能与强碱反应，故B错误；C、镁与二氧化碳点燃条件下能够反应生成氧化镁和碳，铝与氧化铁在高温生成铁和氧化铝，该反应置换反应，也属于氧化还原反应，故C正确；D高温下，Mg、铝能与氧气反应生成氧化物，则高温下镁和铝在空气中没有抗腐蚀性，故D错误；答案选C。11、D【解析】A使pH试纸显蓝色的溶液，显碱性，不能大量存在Cu2+、Fe3+，故A错误；B与铝粉反应放出氢气的无色溶液，为强碱或非强氧化性酸溶液，碱溶液中不能存在Al3+

23、，酸性溶液中，硝酸根离子具有强氧化性，与铝反应不能放出氢气，故B错误；CpH=0的溶液，显酸性，H+、ClO-离子能够反应生成弱电解质，不能大量共存，故C错误；D使红色石蕊试纸变蓝的溶液，显碱性，该组离子之间不反应，与氢氧根离子也都不反应，能大量共存，故D正确；答案选D。12、B【解析】A.根据0.1mol/L的HA溶液在常温下初始pH=1，判断HA是强酸，所以HA完全电离，A正确； B. 氨水是弱碱，与强酸形成强酸弱碱盐，强酸弱碱盐中的阳离子可以发生水解生成氢离子，若二者恰好完全反应，溶液应该显酸性，图中pH=7，B错误；C. A点所示溶液中溶质成分为NH4A和HA，比例1：1，在此溶液中可

24、写出物料守恒，所有含有A的物质与含有N元素的物质比例为1：2，C正确；D. C点所示溶液中溶质为NH4A和NH3H2O，比例1：1，根据溶液显碱性，判断以氨水电离为主，所以铵根离子较多，氨水微粒较少，D正确；答案选B。13、C【解析】分析：判断有机物的命名是否正确或对有机物进行命名，其核心是准确理解命名规范：（1）烷烃命名原则：长：选最长碳链为主链；多：遇等长碳链时，支链最多为主链；近：离支链最近一端编号；小：支链编号之和最小；简：两取代基距离主链两端等距离时，从简单取代基开始编号如取代基不同，就把简单的写在前面，复杂的写在后面；（2）有机物的名称书写要规范；（3）对于结构中含有苯环的，命名时

25、可以依次编号命名，也可以根据其相对位置，用“邻”、“间”、“对”进行命名；（4）含有官能团的有机物命名时，要选含官能团的最长碳链作为主链，官能团的位次最小详解：A. 1,4一二甲基丁烷，该命名选取的主链不是最长碳链，正确命名为正己烷，故A错误；B. 3-甲基丁烯，烯烃的命名中，必须指出碳碳双键的位置，该有机物正确命名为：3-甲基-1-丁烯，故B错误；C. HOOC-CH2-COOH丙二酸，该有机物为二元酸，羟基在1，3号C,该有机物命名为：丙二酸，故C正确； D. CH2Cl-CH2Cl二氯乙烷，该命名中没有指出氯原子的位置，该有机物正确命名为：1，2-二氯乙烷，故D错误；故选C。点睛：本题考

26、查了有机物的命名方法判断，侧重对学生基础知识的检验和训练，解题关键：明确有机物的命名原则，然后结合有机物的结构简式灵活运用即可，四个选项均属于易错点。14、D【解析】A. 实验时先点燃A处酒精灯，让MnO2与浓HCl反应一段时间排尽装置中的空气，再通甲烷，A正确；B. 浓硫酸可以干燥氯气, 氯气与甲烷在B中可以混合均匀，因此装置B的主要作用是均匀混合气体、控制气流速度、干燥混合气体等，B正确；C. 氯气与甲烷在装置C中在强光照射下可发生取代反应，生成的有机物有一氯甲烷、二氯甲烷、三氯甲烷、四氯化碳，4种有机物，C正确；D. D中得到的是盐酸溶液，并和二氯甲烷、三氯甲烷、四氯化碳的油状液体分层，

27、故可以用分液的方法从D中分离出盐酸，D错误。答案选D.15、A【解析】A石墨中每个C形成3个C-C键，每个C原子贡献C-C键的二分之一，所以1个C平均形成3=1.5个C-C键，24g石墨烯中n(C)=2mol，含有CC键的物质的量=1.52mol=3mol，CC键的个数为3NA，A正确；B干冰是固态的二氧化碳，由均摊法可知，1个二氧化碳晶胞中二氧化碳分子的个数=，所以1mol晶胞含4molCO2，88g干冰的物质的量=2mol，所含晶胞的物质的量=0.5mol，故88g干冰中含有0.5NA个晶胞结构单元，B错误；Cn(P4)=0.5mol，PP键的物质的量n=0.5mol6=3mol，PP键的

28、个数为3NA，C错误；D1个Si贡献4个Si-O键，2个O贡献22个Si-O键，即1molSiO2含4molSi-O键，n(SiO2)=1mol，所以，n(SiO键)=，所以60gSiO2中含有SiO键的个数为4NA，D错误。答案选A。【点睛】切记：1mol石墨含1.5molC-C键，1mol金刚石含2molC-C键，1molSiO2含4molSi-O键，1mol白磷(P4)含6molP-P键，1molSiC含4molSi-C键。16、D【解析】A. H2、D2和T2是同种元素形成的单质，不互为同位素，故A错误；B. 和属于甲烷的二氯代物，是一种物质，故B错误； C. 金刚石、C60、石墨互为

29、同素异形体，故C错误； D. (CH3)2CHC2H5和CH3CH2CH(CH3)2属于同种物质2-甲基丁烷，故D正确；答案：D【点睛】“四同”的区分：同位素是质子数相同、中子数不同的核素的互称；同素异形体指的是同元素形成的不同单质的互称；同系物指的是结构相似、分子组成上组差n个CH2 化合物的互称；同分异构体指的是分子式相同、结构不同的化合物的互称。二、非选择题（本题包括5小题）17、C8H10O 羧基 酯化(或取代) 2+O22+2H2O 、 【解析】(1)苏合香醇为，由-OH和苯环分析其性质，据此分析解答(1)；(2)(5) A 的相对分子质量通过质谱法测得为 56，核磁共振氢谱显示只有

30、两组峰，分子式为C4H8，结合题给信息可知应为CH2=C(CH3)2，A发生已知信息的反应生成B，B连续氧化、酸化得到甲，结合转化关系可知，B为2-甲基-1-丙醇，结构简式为(CH3)2CHCH2OH，C为2-甲基丙醛，结构简式为：(CH3)2CHCHO，甲为(CH3)2CHCOOH，甲与乙反应酯化生成丙(C13H18O2)，则乙为C9H12O，丙中有两个甲基，则乙中不含甲基，乙为苏合香醇的同系物，则乙的结构简式为，由1mol D与2mol氢气反应生成乙，所以D为C9H8O，可以发生银镜反应，含有-CHO，故D为，据此分析解答(2)(5)题。【详解】(1)苏合香醇为，由-OH和苯环可知，其分子

31、式为C8H10O，能发生取代、加成、氧化、消去反应，而不能发生水解、加聚反应，故答案为：C8H10O；(2)甲为(CH3)2CHCOOH，含有的官能团为羧基，甲与乙发生酯化反应生成丙，酯化反应也是取代反应，故答案为：羧基；取代(酯化反应)；(3)B为(CH3)2CHCH2OH，C为(CH3)2CHCHO，由B到C的化学反应方程式为2+O22+2H2O，故答案为：2+O22+2H2O；(4)由上述分析可知，D的结构简式为，故答案为：；(5)乙为，乙的同分异构体满足：苯环上有两个取代基，且苯环上的一氯取代物只有两种，应为对位位置，遇氯化铁溶液显紫色，说明含有酚羟基，则可为、，故答案为：、。【点睛】

32、把握合成流程中官能团的变化、碳链变化、碳原子数的变化、有机反应为解答的关键。本题的易错点为(5)，要注意苯环上的两个取代基位于对位。18、羰基(酮基) 溴原子 取代反应 【解析】A发生取代反应生成B，B发生取代反应生成C，C发生取代反应生成D，D发生取代反应生成E，根据E分子式知，E结构简式为，E发生水解反应生成F，F发生取代反应生成酮洛芬；(4)A的一种同分异构体满足：能发生银镜反应，说明含有醛基，、与FeCl3发生显色反应，说明含有酚羟基，、分子中含有5种不同化学环境的氢，可以是-OH与-CH2CHO处于对位；(5)发生取代反应生成，发生水解反应生成，和NaCN发生取代反应生成，生成，和发

33、生酯化反应生成。【详解】A发生取代反应生成B，B发生取代反应生成C，C发生取代反应生成D，D发生取代反应生成E，根据E分子式知，E结构简式为，E发生水解反应生成F，F发生取代反应生成酮洛芬；(1)化合物D中所含官能团的名称为羰基和溴原子；(2)化合物E的结构简式为；由BC的反应类型是取代反应；(3)C生成D的方程式为；(4)A的一种同分异构体满足：能发生银镜反应，说明含有醛基，、与FeCl3发生显色反应，说明含有酚羟基，、分子中含有5种不同化学环境的氢，可以是-OH与-CH2CHO处于对位，符合条件的结构简式为：；(5)发生取代反应生成，发生水解反应生成，和NaCN发生取代反应生成，生成，和发

34、生酯化反应生成，合成路线流程图为：。【点睛】常见的反应条件与反应类型有：在NaOH的水溶液中发生水解反应，可能是酯的水解反应或卤代烃的水解反应。在NaOH的乙醇溶液中加热，发生卤代烃的消去反应。在浓H2SO4存在的条件下加热，可能发生醇的消去反应、酯化反应、成醚反应或硝化反应等。能与溴水或溴的CCl4溶液反应，可能为烯烃、炔烃的加成反应。能与H2在Ni作用下发生反应，则为烯烃、炔烃、芳香烃、醛的加成反应或还原反应。在O2、Cu(或Ag)、加热(或CuO、加热)条件下，发生醇的氧化反应。与O2或新制的Cu(OH)2悬浊液或银氨溶液反应，则该物质发生的是CHO的氧化反应。(如果连续两次出现O2，则

35、为醇醛羧酸的过程)。在稀H2SO4加热条件下发生酯、低聚糖、多糖等的水解反应。在光照、X2(表示卤素单质)条件下发生烷基上的取代反应；在Fe粉、X2条件下发生苯环上的取代。19、溶液变红 NH3 F D E F中出现白色沉淀 防倒吸 Cr2O72-+6Fe2+14H+=2Cr3+6Fe3+7H2O c 上下移动量气管(滴定管)，使左右两边液面相平 【解析】(1)莫尔盐受热分解，分解时会产生氨气和二氧化硫、三氧化硫等酸性气体，根据装置图可知，碱石灰可以吸收酸性气体，氨气遇到酚酞溶液会变红色，所以装置C 中可观察到的现象是溶液变红，由此可知莫尔盐晶体分解的产物中有NH3，装置B的主要作用是吸收分解

36、产生的酸性气体，故答案为：溶液变红；NH3；(2)要检验生成SO3(g)、SO2(g)及N2，在甲组实验中的装置A产生气体后，经过安全瓶后通过氯化钡溶液检验SO3，再通过品红溶液检验SO2，用浓氢氧化钠除去二氧化硫，用排水集气法收集氮气，所以装置依次连接的合理顺序为A、H、F、D、E、G，故答案为：F；D；E；由于产生的气体中有氨气，所以氯化钡溶液中加入足量的盐酸，可以吸收氨气并防止产生亚硫酸钡沉淀，排除SO2的干扰，SO3通入氯化钡溶液中可以产生硫酸钡沉淀，二氧化硫能使品红褪色，所以装置F中足量盐酸的作用是吸收氨气并将溶液酸化，排除SO2的干扰，含有SO3的实验现象是F中有白色沉淀，三氧化硫

37、、二氧化硫等易溶于水，安全瓶的作用是防止倒吸，故答案为：F中出现白色沉淀；防倒吸；(1)K2Cr2O7溶液具有氧化性，能氧化亚铁离子为铁离子，反应的离子方程式为：Cr2O72+ 6Fe2+14H+ =2Cr3+ 6Fe3+ 7H2O，故答案为：Cr2O72-+6Fe2+14H+=2Cr3+6Fe3+7H2O；(2)乙装置中导管在液面以上，符合排液体收集气体要求，量气管中液体应不能溶解氨气，氨气易溶于水，难溶于四氯化碳，故用排四氯化碳法收集，故答案选c；(3)气体体积受温度和压强影响较大，则读数前应进行的操作是上下移动量气管（滴定管），使左右两边液面相平，故答案为：上下移动量气管(滴定管)，使左

38、右两边液面相平；(4)VL氨气的物质的量为：V/22.4mol，m g硫酸亚铁铵样品中含N的物质的量为500mL/25mLV/22.4mol=20V/22.4mol，硫酸亚铁铵的纯度为：，故答案为：。【点睛】本题考查性质实验方案设计，侧重考查学生知识综合应用、实验基本操作能力及实验方案设计能力，综合性较强，难点是排列实验先后顺序，根据实验目的及物质的性质进行排列顺序，注意要排除其它因素干扰。20、催化剂、吸水剂 CH3COOHCH3CH2OHCH3COOCH2CH3H2O 中和乙酸并吸收乙醇；降低乙酸乙酯的溶解度 在试管中加入少量碎瓷片 分液漏斗 上口倒 78 【解析】在试管甲中先加入碎瓷片，再依次加入乙醇、浓硫酸、乙酸，按3:2:2关系混合得到混合溶