【高考模拟】湖南省永州市某校高考第二次模拟考试物理试卷答案与祥细解析

1、试卷第 =page 20 20页，总 =sectionpages 21 21页试卷第 =page 21 21页，总 =sectionpages 21 21页湖南省永州市某校 高考第二次模拟考试物理试卷一、选择题1. 小芳放学后乘电梯上楼回家，她记录了电梯运行的时间，作出该电梯的v-t图像如图所示，则（） A.小芳家所在楼层离地高度为26mB.电梯上升过程中小芳一直处于超重状态C.电梯加速运动与减速运动的平均速度相同D.电梯加速运动的加速度与减速运动的加速度相同2. 11月24日4时30分，在中国文昌航天发射场，用长征五号遥五运载火箭成功发射探月工程嫦娥五号探测器，嫦娥五号探测器在经过月面着陆、

2、自动采样、月面起飞、月轨交会对接、再入返回等多个难关后，于 12月17日凌晨1时59分，嫦娥五号返回器在内蒙古四子王旗预定区域成功着陆，如图所示是嫦娥五号探测器到达月面之前的两个轨道，轨道为环月圆轨道，轨道是椭圆轨道，其中B为近月点，A为远月点，下列说法正确的是（） A.嫦娥五号探测器在轨道上A点的速度大于在B点的速度B.嫦娥五号探测器在轨道运动的周期大于在轨道运动的周期C.嫦娥五号探测器从轨道变轨到轨道，机械能增加D.嫦娥五号探测器在轨道上运动到A点时的加速度等于在轨道上运动到A点时的加速度3. 如图所示，平行板电容器充电后与电源断开，正极板接地，P为两板间的一点，静电计的金属球与电容器的负

3、极板连接，外壳接地，若保持负极板不动，将正极板缓慢向左平移一小段距离（静电计带电量可忽略不计），下列说法正确的是（） A.电容器的电容减小，静电计指针的偏角减小B.电容器的电容增大，静电计指针的偏角增大C.两板间的电场强度不变，P点的电势降低D.两板间的电场强度减小，P点的电势升高4. 图甲是小型交流发电机的示意图，两磁极N、S间的磁场可视为水平方向的匀强磁场，A为理想交流电流表，线圈绕垂直于磁场的水平轴OO沿逆时针方向匀速转动，已知发电机线圈电阻为5，外接一只阻值为5的电阻R，不计电路的其他电阻，已知电阻R两端的电压随时间变化的图像如图乙所示则（） A.线圈的转速为100r/sB.交流电流表

4、的示数为22AC.0.01s时线圈平面与磁场方向平行D.电阻R在1分钟内产生的热量为1200J5. 如图所示，竖直平面内有水平向右的匀强电场E，M点与N点在同一电场线上两个质量相等的带电粒子，以相同的速度v0分别从M点和N点同时垂直进入电场，不计两粒子的重力和粒子间的库仑力已知两粒子都能经过P点，在此过程中，下列说法正确的是（） A.两粒子都带负电B.从M点进入的粒子电荷量较大C.从N点进入的粒子动量变化较大D.两粒子的电势能都增加6. 如图所示，轻质弹簧的一端固定于A点，另一端与轻绳相连，轻绳绕过定滑轮P与动滑轮Q的轴相连，另外一根轻绳一端悬挂重物B并绕过动滑轮Q及定滑轮S，由地面上某人拉着

5、轻绳另一端，使整个系统处于静止状态，此时QS连线水平，PQ连线与竖直方向夹角为若人加速向下拉动细绳移动一段较小的距离，滑轮均为光滑轻质滑轮，且可看作质点，弹簧始终在弹性限度之内，则在加速拉动的过程中与原静止状态相比（ ） A.不变，弹簧弹力不变B.变大，弹簧弹力变大C.滑轮Q水平向右移动D.滑轮Q沿PQ方向移动二、多选题 氢原子能级示意图如图所示，已知大量处于n=2能级的氢原子，当它们受到某种频率的光线照射后，可辐射出6种频率的光，用这些光照射逸出功为1.90eV的金属铯，下列说法正确的是（） A.n=2能级氢原子受到照射后跃迁到n=4能级B.能使金属铯逸出光电子的光子频率有4种C.氢原子向低

6、能级跃迁后核外电子的动能减小D.氢原子由n=2能级跃迁到n=1能级产生的光的波长最大 火车转弯可近似看成是做匀速圆周运动，当火车以规定速度v0通过某弯道时，内、外轨道均不受侧向挤压，如图所示下列判断正确的是（ ） A.若火车通过弯道时的速度vv0，则火车的外轨受侧向挤压B.若火车通过弯道时的速度vv0，则火车的内轨受侧向挤压C.若火车通过弯道时的速度vv0，则火车的外轨受侧向挤压D.若火车通过弯道时的速度vv0，则火车的内轨受侧向挤压 如图所示，质量均为m的两物块A、B通过一轻质弹簧连接，静止放置在光滑水平面上弹簧开始时处于原长，运动过程中始终处在弹性限度内，t1=0时刻在A上施加一个水平向左

7、的恒力F，t2=t时刻弹簧第一次恢复到原长，此时A、B速度分别为v1和v2，则t1到t2时间内（） A.A、B和弹簧组成的系统的机械能先增大后减小B.当弹簧的弹性势能最大时，两物块速度相等C.当A的加速度为零时，B的加速度为F2mD.物块B移动的距离为m(v12+v22)2F 如图所示，用电阻R0=12的均匀导体弯成半径L=0.5m的闭合圆环，圆心为O，SOQ是一条水平直径，在O、S间接有负载电阻R1=3，整个圆环中有大小为B=0.4T、方向竖直向上的匀强磁场穿过电阻r=2、长度为L的导体棒OP贴着圆环以O为圆心沿逆时针方向（从上往下看）匀速转动，角速度=240rad/s，导体棒OP与圆环接触

8、良好，不计一切摩擦以及导线的电阻则（） A.棒转动过程中O点的电势比P点的电势高B.棒转动过程中产生的感应电动势为12VC.棒转动过程中电路的最大电功率为28.8WD.当OP到达OQ处时圆环的电功率为27W三、实验探究题 在用如图所示的装置“验证牛顿第二定律”的实验中，保持小车质量一定时，验证小车加速度a与合力F的关系 （1）为了使细线对小车的拉力等于小车所受的合外力，以下操作正确的是（）A.调整长木板上滑轮的高度使细线与长木板平行B.在调整长木板的倾斜度平衡摩擦力时，应当将砝码和砝码盘通过细线挂在小车上 （2）某同学得到了如图所示的一条纸带，已知打点计时器的工作频率为50Hz，由此得到小车加

9、速度的大小a=_m/s2（结果保留三位有效数字） （3）在本实验中认为细线的拉力F等于砝码和砝码盘的总重力mg，由此造成系统误差设拉力的真实值为F真，小车的质量为M，为了使mg-F真F真3%，应当满足的条件是mMmBg，根据力的平行四边形定则可知，此时绳PQ上的拉力T2增大，则Q点会向右下移动，此时绳QS不再沿着水平方向，即角BQS变大，则绳的合力方向与竖直方向的夹角变大，即变大，故CD错误；AB由题可知，弹簧弹力F=T2，变大，故A错误，B正确故选B二、多选题【答案】A,B【考点】氢原子的能级公式和跃迁光电效应现象及其解释【解析】A大量处于n=2能级的氢原子，当它们受到某种频率的光线照射后，

10、可辐射出6种频率的光子，根据大量氢原子跃迁，产生的光子种类N=Cn2分析；B这群处于n=4激发态的氢原子共能辐射出6种不同频率的光，由图可知，氢原子从n=4能级到n=3能级跃迁时放出的能量为0.66eV，小于金属铯的逸出功，不能使金属铯发生光电效应逸出光电子分析；C氢原子向低能极跃迁：电势能转化为电子的动能，动能增大；D氢原子n=2跃交到n=1，能量最大，波长最短【解答】解：A大量处于n=2能级的氢原子，当它们受到某种频率的光线照射后，可辐射出6种频率的光子，根据大量氢原子跃迁，产生的光子种类N=Cn2可知，n=2能级的氢原子受到照射后跃迁到n=4能级，A正确；B这群处于n=4激发态的氢原子共

11、能辐射出6种不同频率的光，由图可知，氢原子从n=4能级到n=3能级跃迁时放出的能量为0.66eV，小于金属铯的逸出功，不能使金属铯发生光电效应逸出光电子，同理氢原子从n=3能级到n=2能级跃迁时放出的能量为1.89eV，小于金属铯的逸出功，不能使金属铯发生光电效应逸出光电子，所以能使金属铯逸出光电子的光子频率有4种，B正确；C氢原子向低能极跃迁：电势能减小，动能增大，故C错误；D氢原子由n=4跃迁到n=1能级，发出的光子能量最大，波长最短，故D错误故选AB【答案】A,D【考点】向心力水平面内的圆周运动-重力【解析】由题，火车转弯时以规定的速率v0行驶，刚好依靠轨道对火车的支持力FN和火车的重力

12、G的合力提供火车转弯做匀速圆周运动所需要的向心力若火车转弯的速率大于v0，火车所需要的向心力增大，火车的支持力FN和火车的重力G的合力不够提供向心力，火车过弯道时将挤压外轨，同时轨道对火车的支持力FN将增大同理分析，火车转弯的速率小于v0的情况【解答】解：AB由题若火车转弯的速度vv0，火车所需要的向心力增大，火车的支持力FN和火车的重力G的合力不够提供向心力，外轨对火车有侧压力，则火车将挤压外轨，同时轨道对火车的支持力FN将增大，故A正确，B错误CD若火车转弯的速度vv0，火车所需要的向心力减小，火车的支持力FN和火车的重力G的合力大于所需要的向心力，内轨对火车有侧压力，则火车过弯道时将挤压

13、内轨，同时轨道对火车的支持力FN将减小，故C错误，D正确故选：AD【答案】B,D【考点】弹簧连接体含弹簧类机械能守恒问题【解析】拉力F做功不为零，系统的机械能不守恒；根据牛顿第二定律求解B的加速度；分析两个物体的运动情况，根据能量的转化情况分析速度的变化、弹性势能的变化和B运动的距离。【解答】解：A根据受力分析可知，物块A先做加速度减小的加速运动，后做加速度增大的减速的运动，B先做加速度增大的加速运动，后做加速减小的加速运动，在弹簧第一次恢复到原长过程中，拉力F一直做正功，系统的机械能一直增大，故A错误；B速度相等前，A一直比B速度大，所以弹簧一直在变长，当两物块速度相等，弹簧最长时，弹簧的弹

14、性势能最大，故B正确；C当A的加速度为零时，弹簧弹力等于F，所以B的加速度为Fm，故C错误；D因为弹簧恢复原长，所以弹性势能为零，根据功能关系可知：Fx=12mv12+12mv22，x=m(v12+v22)2F，故D正确故选BD【答案】B,C【考点】单杆切割磁感线电磁感应中的电路类问题【解析】由E=BIv=12BL2求出感应电动势，应用串并联电路特点与欧姆定律求出电流，然后应用电功率公式求出电功率.【解答】解：A圆环在做逆时针旋转时是OP切割磁感线运动，由右手定则，得到电流方向：OP，电源内部电流从低电势流向高电势，即棒转动过程中O点的电势比P点的电势低，故A错误；B棒为等效电源，棒转动过程中

15、产生的感应电动势E=12BL2=120.40.52240V=12V，故B正确；C当OP到达OS处时，圆环不接入电路，圆环的电功率为零，此时电路中总电阻最小，而电动势不变，所以电功率最大为P=E2R1+r=28.8W，故C正确；D画出等效电路图，如图所示：当OP到达OQ处时，R3=R4=12R0=6，并联后的电阻R并=126=3，外电阻为R外=R并+R1=6，根据闭合电路欧姆定律可知，干路中的电流强度I=ER外+r=1.5A，圆环的电功率为P=I2R并=6.75W，故D错误故选BC三、实验探究题【答案】A（2）1.50（3）0.03（或3%）【考点】验证牛顿第二运动定律【解析】【解答】解：（1）

16、实验前要把木板的一端垫高以平衡摩擦力，调整长木板上滑轮的高度，使细线与长木板平行，使小车受到的合力等于绳子的拉力，其中平衡摩擦力的方法是用重力沿斜面向下的分力来抵消摩擦力的作用，具体做法是：将小车轻放（静止）在长木板上，挂好纸带（纸带和打点计时器的限位孔之间有摩擦力）、不挂砝码和砝码盘，将长木板靠近打点计时器的一端适当垫高，形成斜面，轻推小车，使小车做匀速运动（纸带上两点的距离相等）即可故选A（2）打点计时器工作频率为50Hz，则打点周期为0.02s，根据图像，可知相邻两个计数点的时间间隔为T=0.04s，根据逐差法，有a=xCE-xAC(2T)2=62.4-26.4-26.440.04210

17、-3m/s2=1.50m/s2（3）根据F真=Ma，mg-F真=ma，联立解得F真=MmgM+m，代入题给公式有mg-F真F真3%，解得mM0.03【答案】（1）红（2）6.4mA（3）49（4）7V（或07V）【考点】多用电表的原理及其使用【解析】（1）在测量电压时，要将红表笔接在低电势点，保证电流从红接线柱流入多用电表；（2）接开关1时，指针指示电流读数，根据并联规律得电流表量程为I=IgrgR1+Ig=10mA，则读数为6.4mA.（3）当使用2档时，测量电阻，分流电阻阻值大，电流表量程小，为01mA，根据串并联规律得E=Igrg+I(r+R2），解得R2=E-IgrgI-r=49；（4

18、）接3时，测量电压，根据串并联关系得U=IR3+IgRg=110-3600+510-3200=7V【解答】解：（1）在测量电压时，要将红表笔接在低电势点，保证电流从红接线柱流入多用电表解：（2）接开关1时，指针指示电流读数，则电流表量程为I=IgrgR1+Ig=10mA，则读数为6.4mA解：（3）当使用2档时，测量电阻，分流电阻阻值大，电流表量程小，为010mA，根据串并联规律得E=Igrg+I(r+R2），解得R2=49（4）接3时，测量电压，根据串并联关系得U=IR3+IgRg=7V四、解答题【答案】（1）小球A刚好到达圆弧轨道最低点N时，小球对轨道的压力为6mg，方向竖直向下；（2）两

19、球碰撞后经过时间t，两球之间的距离为t2gR【考点】竖直面内的圆周运动-弹力能量守恒定律的应用动量守恒定律的综合应用【解析】 【解答】解：（1）小球A从M到N，根据机械能守恒定律有2mgR=122mv2，根据牛顿第二定律可知，在N点有FN-2mg=2mv2R，解得FN=6mg，根据牛顿第三定律可知，小球对轨道的压力大小FN=FN=6mg，方向竖直向下（2）A与B发生弹性碰撞时，根据动量守恒定律有2mv=2mvA+mvB，根据能量守恒定律有122mv2=122mvA2+12mvB2，解得vA=2gR3，vB=42gR3，经过时间t两球之间的距离x=vBt-vAt，解得x=t2gR【答案】（1）小球在磁场中运动的轨迹半径为0.8m；（2）小球从开始运动到脱离细杆时水平外力F做的功为W=5.010-6J，小球的速度大小为1.4m/s，方向与x轴正方向的夹角为45斜向右下（3）细杆沿x轴正向匀速运动的速度大小范围为3.0m/sv12m/s【考点】带电粒子在有界磁场中的圆周运动【解析】【解答】解：（1）带电小球在磁场中运动时，有qv0B=mv02R，解得R=0.80m；（2）如图1所示，小球受到两个力作用，正交分解可得小球所受合力为qv1B，如图2，小球沿轻杆方向做匀加速直线运动，有W=qv1Bh，代入数据得W=5.010-6J，设小球脱