2021-2022学年山东省枣庄市薛城奚仲中学高三物理上学期期末试卷含解析

1、2021-2022学年山东省枣庄市薛城奚仲中学高三物理上学期期末试卷含解析一、 选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分每小题只有一个选项符合题意1. 一只小球沿光滑水平面运动，垂直撞到竖直墙上小球撞墙前后的动量变化量为p，动能变化量为，关于p和有下列说法：若p最大，则也最大；若p最大，则一定最小；若p最小，则也最小；若p最小，则一定最大以上说法中正确的是 A B C D参考答案：B2. 一块手机电池的背面印有如图所示的一些符号，另外在手机使用说明书上还写有“通话时间3 h，待机时间100 h”，则该手机通话和待机时消耗的功率分别约为A1.8 W，5.4102 WB3.6 W，0.108

2、WC6.48103 W，1.94102 WD0.6 W，1.8102 W参考答案：D3. 关于电源的说法，正确的是（ ）A在电源内部从正极到负极电势逐渐提高B电源向外提供的电能越多，表明电动势越大C电动势表示电源将单位正电荷从负极移到正极时非静电力做的功DE=只是电动势的定义式而非决定式，电动势的大小是由电源内非静电力的特性决定的参考答案：CD4. 如图所示是某中学科技小组制作的利用太阳能驱动小车的装置，当太阳光照射到小车上方的光电板时，光电板中产生的电流经电动机带动小车前进，若小车质量为m，在平直的公路上以初速度开始加速行驶，经过时间t，前进了距离，达到最大速度，设此过程中电动机功率为额定功

3、率P，受的阻力恒为，则此过程中电动机所做的功为 （ ） A B C D参考答案：AB5. 如图，大小相同的摆球a和b的质量分别为m和3m，摆长相同，并排悬挂，平衡时两球刚好接触，现将摆球a向左边拉开一小角度后释放，若两球的碰撞是弹性的，下列判断正确的是（ ）A.第一次碰撞后的瞬间，两球的速度大小相等B.第一次碰撞后的瞬间，两球的动量大小相等C.第一次碰撞后，两球的最大摆角不相同D.发生第二次碰撞时，两球在各自的平衡位置参考答案：AD 由于发生的是弹性碰撞，有，解得，选项A正确B错误；不管a、b的质量关系如何，只要，根据能量守恒可得两球的最大摆角就相同，C错误；根据周期公式T=2知：两单摆的周期

4、相同，与质量无关，所以相撞后两球分别经过T后回到各自的平衡位置，这样必然是在平衡位置相遇所以不管a、b的质量如何，下一次碰撞都在平衡位置，选项D正确。二、 填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分6. 某人在某行星表面以速率v竖直上抛一物体，经时间t落回手中，已知该行星的半径为R，则能在这个行星表面附近绕该行星做匀速圆周运动的卫星所具有的速率为 参考答案：7. 有一个已知内阻RA=10，RV=2000，来测一个未知电阻Rx。用图中（甲）和（乙）两种电路分别对它进行测量，用（甲）图电路测量时，两表读数分别为6.00V，6.00mA，用（乙）图电路测量时，两表读数分别为5.90V，10.00m

5、A，则用_ _图所示电路测该电阻的阻值误差较小，测量值Rx=_ _，真实值Rx=_ _参考答案：甲，1000，9908. 某双星由质量不等的星体S1和S2构成，两星在相互之间的万有引力作用下绕两者连线上某一定点C做匀速圆周运动。由天文观察测得其运动的周期为T，S1到C点的距离为r1，S1和S2的距离为r，已知万有引力常量为G，由此可求得S1和S2的线速度之比 v1：v2_，S2的质量为_。参考答案：；9. 如图：在一均强磁场中有一梯形ABCD，其中AB/CD且AB=CD, 点电势分别为A、B、D点电势分别为： 1V、2V、5V，则C点电势为_V, 如果有一电荷量为点电荷从A点经B、C移到D点，

6、则电场力做的功为_J.参考答案：8（2分），4108（2分）10. M、N两物体在光滑水平地面上沿同一直线相向而行，M质量为5kg，速度大小为10m/s，N质量为2kg，速度大小为5m/s，它们的总动量大小为40kg?m/s；两者相碰后，M仍沿原方向运动，速度大小变为4m/s，则N的速度大小变为10m/s参考答案：解：规定M的初速度方向为正方向，则总动量P=m1v1+m2v2=51025kgm/s=40kgm/s根据动量守恒定律得，m1v1+m2v2=m1v1+m2v2，代入数据有：40=54+2v2，解得v2=10m/s故答案为：40，1011. 用如图甲所示的装置测定弹簧的劲度系数，被测弹

7、簧一端固定于A点，另一端B用细绳绕过定滑轮挂钩码，旁边竖直固定一最小刻度为 mm 的刻度尺，当挂两个钩码时，绳上一定点P对应刻度如图乙中ab虚线所示，再增加一个钩码后，P点对应刻度如图乙中cd虚线所示，已知每个钩码质量为50 g，重力加速度g9.8 m/s2，则被测弹簧的劲度系数为_N/m.挂三个钩码时弹簧的形变量为_cm.参考答案：70 2.1012. 一矿井深125m，在井口每隔一相同的时间落下一个小球，当第11个小球刚从井口开始下落时，第1个小球恰好到达井底，则：（1）相邻两个小球下落的时间间隔时 s； （2）这时第3个球与第5个小球相距 m。（g取）参考答案：13. 有一个导热性能良好

8、的气缸，用轻质活塞密封了一定质量的气体，活塞用轻绳悬挂在天花板上，如图所示气缸的质量为M，活塞可以在缸内无摩擦滑动，活塞的面积为S，活塞与缸底距离为h，大气压强恒为p0，此时环境温度为T若已知气缸的容积为1L，气缸内气体的密度为30g/，平均摩尔质量为1.152g/mol阿伏加德罗常数，估算气缸内气体分子数为_个，气体分子间平均距离d=_m（得出的结果均取一位有效数字）参考答案：1.61022 (2分) d=410-9m三、 简答题：本题共2小题，每小题11分，共计22分14. （简答）光滑的长轨道形状如图所示，下部为半圆形，半径为R，固定在竖直平面内质量分别为m、2m的两小环A、B用长为R的

9、轻杆连接在一起，套在轨道上，A环距轨道底部高为2R现将A、B两环从图示位置静止释放重力加速度为g求：（1）A环到达轨道底部时，两环速度大小；（2）运动过程中A环距轨道底部的最大高度；（3）若仅将轻杆长度增大为2R，其他条件不变，求运动过程中A环距轨道底部的最大高度参考答案：（1）A环到达轨道底部时，两环速度大小为；（2）运动过程中A环距轨道底部的最大高度为R；（3）若仅将轻杆长度增大为2R，其他条件不变，运动过程中A环距轨道底部的最大高度为R解：（1）A、B都进入圆轨道后，两环具有相同角速度，则两环速度大小一定相等，对系统，由机械能守恒定律得：mg?2R+2mg?R=（m+2m）v2，解得：v

10、=；（2）运动过程中A环距轨道最低点的最大高度为h1，如图所示，整体机械能守恒：mg?2R+2mg?3R=2mg（hR）+mgh，解得：h=R；（3）若将杆长换成2R，A环离开底部的最大高度为h2如图所示整体机械能守恒：mg?2R+2mg（2R+2R）=mgh+2mg（h+2R），解得：h=R；答：（1）A环到达轨道底部时，两环速度大小为；（2）运动过程中A环距轨道底部的最大高度为R；（3）若仅将轻杆长度增大为2R，其他条件不变，运动过程中A环距轨道底部的最大高度为R15. 螺线管通电后，小磁针静止时指向如图所示，请在图中标出通电螺线管的N、S极，并标出电源的正、负极。参考答案：N、S极1分电

11、源+、-极四、计算题：本题共3小题，共计47分16. 如图所示，CD左侧存在场强大小E=，方向水平向左的匀强电场，一个质量为m、电荷量为+q的光滑绝缘小球，从底边BC长为L、倾角53的直角三角形斜面顶端A点由静止开始下滑，运动到斜面底端C点后进入一竖直半圆形细圆管内（C处为一小段长度可忽略的光滑圆弧，圆管内径略大于小球直径，半圆直径CD在竖直线上），恰能到达细圆管最高点D点，随后从D点离开后落回斜面上某点P（重力加速度为g，sin53=0.8，cos53=0.6），求：（1）小球到达C点时的速度；（2）小球从D点运动到P点的时间t参考答案：考点：匀强电场中电势差和电场强度的关系；动能定理.专题

12、：电场力与电势的性质专题分析：（1）由动能定理即可求得速度（2）利用动能定理求的轨道半径，利用水平方向和竖直方向的运动即可求得时间解答：解：（1）由动能定理：mgLqEL=mv2解得：v=（2）由A到D的过程由动能定理：mgLmg?2rqEL=0 得：r=离开D点后做匀加速直线运动，如图竖直方向：SDG=gt2水平方向：qE=ma SDH=at2又由几何关系得：解得：答：（1）小球到达C点时的速度；（2）小球从D点运动到P点的时间t为点评：针对具体的题目，分清物体的受力及运动过程，合理的采用动能定理以及各个物理量之间的几何关系17. 如图所示，地面依次排放两块完全相同的木板A、B，长度均为l=

13、2.5m，质量均为m2=150kg，现有一小滑块以速度v0=6ms冲上木板A左端，已知小滑块质量m=200kg，滑块与木板间的动摩擦因数为1，木板与地面间的动摩擦因数2=0.2。(最大静摩擦力与滑动摩擦力大小相等，取g=10 m/s2)(1)若货物滑上木板A时，木板不动，而滑上木板B时，木板B开始滑动，求1应满足的条件。(2)若1=0.4，求滑块运动时间。(结果用分数表示)。参考答案：滑上木板A时，木板不动，由受力分析得 （2分）若滑上木板B时，木板B开始滑动，由受力分析得 （2分）代入数据得0.350.5 （2分）（2）若=0.4，则货物在木板A上滑动时，木板不动。设货物在木板A上做减速运动

14、时的加速度大小为，由牛顿第二定律得， （1分）由 达B板时的速度 （1分）在A板上滑动时间由 （1分）滑块滑上B板时B运动，由 （1分）速度相同时 （1分）相对位移（1分）物块与板B能达到共同速度： （1分）然后一起相对静止的一起减速： （1分） （1分） （1分）18. 如图所示的平行板器件中，存在相互垂直的匀强磁场和匀强电场，磁场的磁感应强度B1=0.20T，方向垂直纸面向里，电场强度E1=1.0105V/m，PQ为板间中线紧靠平行板右侧边缘xoy坐标系的第一象限内，有一边界AO，与y轴的夹角AOy=45，边界线的上方有垂直纸面向外的匀强磁场，磁感应强度 B2=0.25T，边界线的下方有竖

15、直向上的匀强电场，电场强度E2=5.0105V/m，一束带电量q=8.01019C、质量m=8.01026kg的正离子从P点射入平行板间，沿中线PQ做直线运动，穿出平行板后从y轴上坐标为（0，0.4m）的Q点垂直y轴射入磁场区，多次穿越边界限OA求：（1）离子运动的速度为多大？（2）离子通过y轴进入磁场到第二次穿越边界线OA所需的时间？（3）离子第四次穿越边界线的位置坐标参考答案：解：（1）设离子的速度大小为v，由于沿中线PQ做直线运动，则有：qE1=qvB1，代入数据解得：v=5105 m/s，（2）离子进入磁场，做匀速圆周运动，由牛顿第二定律有：qvB2=m代入数据解得：r=0.2 m，作出离子的运动轨迹，交OA边界于N，如图所示：OQ=2r，若磁场无边界，一定通过O点，则圆弧QN的圆周角为45，则轨迹圆弧的圆心角为=90，过N点做圆弧切线，方向竖直向下，离子垂直电场线进入电场，做匀减速运动，离子在磁场中运动为： =s离子在电场中的加速度： m/s2而离子在电场中来回运动时间为： s；所以离子从进入磁场到第二次穿越边界线OA所需的时间为：t=t1+t2=（2+2）107s=8.3107s（3）离子当再次进入磁场后，根据左手定则，可知洛伦兹力水平向右，导致离子向右做匀速圆弧运动，恰好完成周期，当离子再次进入电场后，做类平抛运动，由题意可知，类