2019年浙江中考真题分类汇编（科学）专题：物质的运动与相互作用-电和磁

1、Word文档，下载后可任意编辑 年浙江中考真题分类汇编（科学）专题：物质的运动与相互作用电和磁登录在线组卷平台 助您教考全无忧2017年浙江中考真题分类汇编（科学）专题：物质的运动与相互作用电和磁一、单项选择题1（2017嘉兴）如图是奥斯特实验的示意图，有关分析正确的是（）A通电导线周围磁场方向由小磁针的指向决定B发生偏转的小磁针对通电导线有力的作用C移去小磁针后的通电导线周围不存在磁场D通电导线周围的磁场方向与电流方向无关【答案】B【考点】通电直导线周围的磁场【解析】【分析】本题考查奥斯特的电流磁效应实验的现象及结论，要求学生熟练掌握。奥斯特电流的磁效应实验时，将通电导线放在小磁针上方时，小

2、磁针会发生偏转，该实验证明了通电导体周围存在磁场。【解答】A、通电导线周围磁场方向是由电流方向决定的，故A错误；B、通电导线周围的磁场对小磁针有力的作用，根据作用力和反作用力同时存在， 小磁针对通电导线也有力的作用，故B正确；C、通电导线周围的磁场与有没有磁针无关，故C错误；D、通电导线周围磁场方向是由电流方向决定的，故D错误；故选：B2（2017台州）如图是小柯连接的电路，开关闭合后，发现灯L2比L1亮。关于该电路分析正确的是（）A通过L2的电流比L1的电流大BL2的电阻比L1的电阻大CL2两端电压比L1两端电压小DL2的实际功率比L1的实际功率小【答案】B【考点】串、并联电路的电流特点；欧

3、姆定律及其应用【解析】【分析】根据 、 关系判断，可通过灯泡的亮度比较灯泡的实际功率，串联电路中一般亮度大的功率也大。【解答】( 1 )由图可知，两个灯泡组成串联电路，串联电路中电流处处相等，所以通过两灯电流相等，故A错误；灯泡亮度由灯泡的实际功率决定， L2比L1亮，所以L2的实际功率比L1的实际功率大，故D错误；(2 )两灯电流相等，且L2的实际功率比L1的实际功率大，由P=I2R可知， L2的电阻比L1的电阻大，故B正确；由U=IR知， L2两端电压比L1两端电压大，故C错误。故选B3（2017台州）学习科学知识，提高自护能力。以下事件处理正确的是（）A燃气泄漏处理B地震逃生C用药安全D

4、触电【答案】B【考点】安全用药；安全用电原则【解析】【分析】燃气泄漏时我们不能用明火照明不能开灯，应该迅速关闭燃气阀门并打开门窗保持通风；地震时如果在室内我们要第一时间冲向室外空旷的地方逃离时要注意秩序，避免拥挤造成踩踏；药物的摄入应该按照医生嘱咐的量或根据说明书上的用量，过多摄入易引起中毒；触电往往是身体与带电体接触引起的，当发生时应该快速切断电源或用绝缘体将人与带电体分开。【解答】A燃气泄漏处理，应该通风不能开灯点明火，A错误；B地震逃生，逃生时要有秩序，B正确；C用药安全，药品的服用要根据医生嘱咐的量，多次易中毒，C错误；D触电，触电时要先切断电源或用干燥的木棍等绝缘体将人与带电体分开，

5、D错误。故选B4（2017湖州）如图所示电路中，电源电压为12V在a、b间接入灯L1“6V 2W”，闭合开关，调节滑动变阻器的滑片P使灯L1正常发光断开开关，取下灯L1，保持滑片P的位置不变，在a、b间接入灯L2“6V 3W”，闭合开关则（）A灯L2正常发光B滑动变阻器接入电路的电阻为12欧C通过L2的电流为0.4安D滑动变阻器和灯L2每秒做功5焦【答案】C【考点】欧姆定律及其应用【解析】【分析】（1）根据两个灯泡电阻的不同分析灯的发光情况的变化；（2）根据灯L1正常发光，求出电路中的电流，根据欧姆定律和串联电路的电流、电压规律求出滑动变阻器的电阻；（3）求出灯泡L2的电阻，根据欧姆定律求出电

6、流；（4）根据W=UIt求出功的大小【解答】解：A、灯L1正常发光时，其两端的电压为6V，入灯L2，两灯的电阻不变，则ab间的电压会发生变化，故灯L2不会正常发光；B、灯L1正常发光时的电流为：I= = = A；滑动变阻器两端的电压为U=UU1=12V6V=6V，则滑动变阻器接入电路的电阻为R= = =18；C、L2的电阻为R2= = =12；此时电路的总电阻为：R=R2+R=18+12=30，此时电路中的电流为：I= = =0.4A，故C正确；D、滑动变阻器和灯L2每秒做功为整个电路所做的功，则W=UIt=12V0.4A1s=4.8J，故D错误故选C5（2017湖州）小明按图连接电路，闭合开

7、关，观察到L1比L2亮下列说法正确的是（）A通过L1的电流大于L2的电流BL1的电阻小于L2的电阻CL1两端的电压大于L2两端的电压D如果把L1和L2的位置对调的位置对调，L1会变暗【答案】C【考点】串联电路和并联电路的辨别；串、并联电路的电流特点【解析】【分析】由图可知两灯串联，由串联电路电流特点可知两灯电流的大小关系；灯泡亮度有灯泡的实际功率决定，由L2比L1亮知两灯实际功率关系，从而判断两灯电阻和电压关系【解答】解：（1）由电路图可知，两个灯泡组成串联电路，串联电路中电流处处相等，所以通过两灯电流相等，故AD错误；（2）灯泡亮度有灯泡的实际功率决定，L1比L2亮，即L1的实际功率比L2的

8、实际功率大而两灯电流相等，由P=I2R可知，L1的电阻比L2的电阻大，故B错误；由U=IR知，L1两端电压比L2两端电压大，故C正确故选C6（2017宁波）如图所示电路，电源电压不变，0为定值电阻，R为滑动变阻器。闭合开关，当滑片从a点滑到b点过程中，电流表的示数从Ia变为Ib。下列各图中，能表示这一过程中电压表示数与电流表示数之间关系的是（）A BC D【答案】B【考点】欧姆定律及其应用【解析】【分析】由电路图可知，定值电阻R0与滑动变阻器R串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流根据串联单路的电压特点和欧姆定律得出电流表与电压表的示数关系，然后判断出对应的图象，再根据滑片位于a点时

9、电流表和电压表的示数关系得出答案【解答】解：由电路图可知，定值电阻R0与滑动变阻器R串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，由I= 可得，电压表示数U与电流表示数I的关系：U=U电源IR0，据此可知，UI图象是一次函数图象，故CD错误；当滑片位于a点时，变阻器接入电路中的电阻较小，电路中的电流较大，由U=U电源IR0可知，电压表的示数较小，故A错误、B正确故选B7（2017宁波）如图是家庭电路示意图。下列说法正确的是（）A电能表示数的单位是千瓦B与开关直接相连的导线a是零线C若在导线a和b之间接一个灯泡1，则1与L串联D若c处断开，洗衣机插头插

10、入插座，洗衣机虽能工作但有安全隐患【答案】D【考点】家庭电路的组成与连接【解析】【分析】利用下列知识分析判断：（1）电能表是测量消耗电能的仪表，单位是kW h（度）；（2）在家庭电路中，为了安全，开关要接在火线和用电器之间；（3）在家庭电路中，为了互不影响，各家用电器之间是并联的（4）金属外壳的用电器使用三孔插座时，把金属外壳接地，即使金属外壳的用电器漏电，人体被接地的导线短路，不会对人体造成伤害【解答】解：A、电能表是测量消耗电能的仪表，电能表示数的单位kW h，而kW是电功率的单位，故A错；B、与开关S直接相连的导线是火线，所以a是火线故B错；C、若在导线a和b之间接一个灯泡L1，则L1与

11、L并联，故C错；D、若c处断开，洗衣机插头插入插座，洗衣机能工作，但外壳不能接地，若外壳漏电，人体被接地的导线短路，会对人体造成伤害故D正确故选D8（2017衢州）有甲、乙、丙三个带电的泡沫塑料小球，甲带正电。先用甲靠近乙，发现乙被排斥；再用乙靠近丙，丙被吸引（如图）。则下列判断正确的是（）A乙带正电，丙带正电 B乙带负电，丙带负电C乙带负电，丙带正电 D乙带正电，丙带负电【答案】D【考点】电荷间的相互作用规律；物体带电情况的判断【解析】【分析】电荷间的相互作用规律：同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引。甲、乙相互排斥所以带同种电荷，乙、丙相互吸引所以带异种电荷，因为甲带正电所以乙也带正电丙与乙

12、吸引所以丙带负电。【解答】A、乙带正电，丙带正电，由图乙、丙相互吸引两者带异种电荷，A错误；B、乙带负电，丙带负电，由图乙、丙相互吸引两者带异种电，B错误；C、乙带负电，丙带正电，因为甲、乙相互排斥带同种电荷，C错误；D、乙带正电，丙带负电，由甲、乙相互排斥甲带正电知乙也带正电，由乙、丙相互吸引乙正电知丙带负电，故D正确。9（2017温州）某电热水壶正常状态下，闭合开关，指示灯L亮，同时电热丝R工作；断开开关，指示灯L熄灭，电热丝R不工作。小明用该电热水壶烧水时，发现电热丝R断了，指示灯L仍然亮。四位同学设计了该电热水壶的模拟电路，其中可能正确的是（）A BC D【答案】B【考点】串、并联电路

13、的电压特点【解析】【分析】本题考察电路的串并联电路的设计，知道电热水壶的原理、分析清楚电热水壶电路图是正确解题的关键。本题需要闭合开关时，灯泡和电阻丝同时工作，开关应该置于电路的干路，电热丝R断了，指示灯L仍然亮，说明电路采用的是并联结构，据此分析。【解答】闭合开关时，灯泡和电阻丝同时工作，开关应该置于电路的干路，电热丝R断了，指示灯L仍然亮，说明电路采用的是并联结构，图中采用并联结构，且开关位于干路的是B。故选B10（2017温州）下列情景中利用电磁感应原理的是（）A司南指示方向B测电笔辨别火线与零线C电饭煲通电煮饭D手摇发电机产生电流【答案】D【考点】电磁感应【解析】【分析】在电和磁这一部

14、分中，学到了很多电学设备，每个设备的制成原理是经常考查的知识点要在理解的基础上，记住这些基础知识。电磁感应现象是闭合电路的一部分导体在磁场中切割磁感线运动时，导体中会有感应电流产生，把机械能转化为电能。【解答】A、司南是指南针，利用的是磁极间的相互作用，故该选项错误；B、测电笔辨别火线零线利用的是电压产生电流的原理，故该选项错误；C、电饭煲通电煮饭，利用的是焦耳定律，故该选项错误；D、发电机的前提是运动，结果是产生电流，利用电磁感应现象原理，符合题意故选D11（2017嘉兴）小明在研究并联电路电流特点时，根据如图所示电路图连接好电路，并闭合开关S和S1。当他再闭合开关S2时，电流表示数变化正确

15、的是（）（电源电压不变）AA1示数变大 BA1示数变小 CA示数变大 DA示数变小【答案】C【考点】电路的动态分析【解析】【分析】本题是一道电路动态分析题，分析清楚电路结构是正确解题的关键，分析清楚电路结构后应用并联电路特点与欧姆定律可以解题。分析清楚图示电路结构，明确各电路元件的连接方式，然后应用并联电路特点与欧姆定律分析答题。【解答】由图示电路图可知，电流表A测干路电流，电流表A1A2测支路电流，闭合开关S和S1，只有R1所在支路接入电路，两电流表串联在同一电路中，两电流表示数相同，再闭合S2，两电阻并联，电流表A测干路电流，电流表A示数变大，电流表A1所在支路电压与电阻不变，该支路电流不

16、变。故选C12小科在学习了家庭用电后设计了一个如图所示的电路。下列相关说法正确的是（）A电路中甲、丁串联B电路中丙连接方式不正确C闭合开关K1、K2，甲灯亮、乙灯不亮，说明乙灯被短路D用测电笔检测丙插座的两孔时，测电笔氖管都能发光【答案】B【考点】家庭电路的组成与连接【解析】【分析】本题考查了生活中用电安全注意的一些事项，体现了物理和生活的联系。接灯时，火线首先接入开关，然后进入灯泡顶端的金属点；零线直接进入灯泡的螺旋套。如果开关接在零线和灯泡之间，火线直接接在灯泡时，虽然断开开关，但是火线和灯泡相连，触及灯泡会发生触电事故。所以开关要接在灯泡和火线之间，断开开关，切断火线，触及灯泡时更安全；

17、家用电器都是并联的；使用测电笔时，笔尖接触导线，手接触笔尾金属体，当接触火线时氖管会发光；电路中电流过大的原因有两个：一是短路；二是家中使用用电器的总功率过大。【解答】A、家用电器都是并联的，因此甲丁是并联的，故A错误；B、丙插座要并接在火线和零线之间，故丙连接方式不正确，故B正确；C、闭合开关K1、K2，甲灯亮、乙灯不亮，说明丙断开，故C错误；D、用测电笔检测丙插座的两孔时，左侧测电笔氖管能发光，右侧不行，故D错误。故选B13在探究影响电磁铁磁性强弱的因素时，小科设计了如图所示的电路。下列相关说法不正确的是（）A电磁铁A，B上方都是S极B通过电磁铁A和B的电流相等C电磁铁A的磁性强于电磁铁B

18、的磁性D向右移动滑片P，电磁铁A，B磁性都减弱【答案】A【考点】影响电磁铁磁性强弱的因素【解析】【分析】掌握电磁铁磁性强弱的影响因素，利用控制变量和转换法探究电磁铁磁性强弱的影响因素。可以总结一下初中物理所有利用控制变量法探究的知识点，真正理解控制变量法。串联电路中电流处处相等。电磁铁磁性强弱不能直接看出，而是通过吸引大头针的多少来反映。电磁铁的磁性强弱跟电流大小、线圈匝数多少、有无铁芯有关。在电流大小和铁芯一定时，匝数越多，磁性越强；在电流大小和匝数一定时，有铁芯，磁性强；在匝数和铁芯一定时，电流越大，磁性越强。【解答】A、根据安培定则判断电磁铁AB上极为N极，故A错误；B、串联电路中电流处

19、处相等，AB串联，因此电流相等，故B正确；C、在电流大小和铁芯一定时，匝数越多，磁性越强，因此A的磁性较强，故C正确；D、向右移动滑片P，接入电路电阻增大，电路电流减小，电磁铁A，B磁性都减弱，故D正确。故选A14如图所示电路中，R1的阻值为4欧，当开关S1和S2都闭合时，电流表示数为3安；当只闭合S2时，电流表示数为2安。下列说法正确的是（）A电源电压为6伏BR2的阻值为1欧CS1和S2都闭合时，R2消耗的功率为18瓦D只闭合S2时，电路消耗的总功率为24瓦【答案】D【考点】电路的动态分析【解析】【分析】本题考查了串联电路和并联电路的特点、欧姆定律、焦耳定律的应用，关键是公式和规律的灵活运用

20、以及画出两种情况的等效电路图。【解答】S1和S2都闭合时，R2短路，计算电源电压为U=I1R=3A4=12V，故A错误；R2短路消耗的功率为0，故C错误；当只闭合S2时，R1和R2串联，R总=，R2=R总-R1=6-4=2，故B错误；电路总功率P=IU=2A12V=24W，故D正确。故选D二、填空题15（2017宁波）2017年5月5日，国产大型客机C919首飞成功。（1）由于地磁场的存在，C919在升空过程中，机翼会做切割 运动，从而在机翼两端产生感应电压。（2）当它在高空巡航时，需要将机外气压较低的空气压入舱内，这一过程中，被压缩后内能 ，温度升高。【答案】（1）磁感线（2）增大【考点】电

21、磁感应；物体内能的改变方法【解析】【分析】（1）能否产生感应电流，就要看图示的情景能否满足闭合电路；导体切割磁感线运动这两个条件（2）对空气做功，空气的内能变大【解答】解：（1）C919在升空过程中，机翼会做切割磁感线运动，从而在机翼内产生电流，机翼两端就会产生感应电压；（2）对物体做功，物体的内能会增加，物体对外做功内能会减少压缩机对空气做功，空气的温度升高内能增加故答案为：（1）磁感线；（2）增大16（2017舟山）小明在研究并联电路电流特点时，按图示电路图连接好电路，闭合开关S和S1，观察示数。再闭合开关S2，示数保持不变的电流表是 （电源电压不变），同时小明观察到电流表A的示数如图所示

22、，为了使测量更精确，断开开关后，接下来的操作是 。（电源电压不变）【答案】A1；把导线从3安接线柱接到0.6安接线柱【考点】串、并联电路的电流特点【解析】【分析】（1）并联电路电压相等，干路电流等于各支路电流之和；（2）用试触法进行试触，根据电流表指针的偏转大小选择合适的量程，量程过大时，指针的偏转角度会较小；量程过小时，指针的偏转会过大。【解答】（1）闭合开关S和S1时，A1测的是通过R1电流，A的示数等于A1示数，A2示数为零，闭合开关S2后，A1依旧测的是R1电流，由于R1与R2是并联的，因此R1两端的电压不变，A1示数保持不变，A测的是干路总电流，示数改变，A2测通过R2电流，示数改变

23、；（2）从图中可以看出电流表的指针偏转角度很小，为了使测量更精确，应该换用小的量程，即00.6A的量程；故答案为：A1；把导线从3安接线柱接到0.6安接线柱17（2017温州）我省开展“全面剿灭劣V类水”行动。为了治理某河道的水污染，相关部门放置一批太阳能仿生水草，几个月后效果明显。太阳能仿生水草主要由太阳能电池板、小型送风电动机以及若干人造水草等构成（如图）。太阳能电池板为电动机供电，电动机工作，给河水持续提供空气，增加水体中的溶解氧。（1）电动机工作时，其能量如何转化？ （2）人造水草中有硝化细菌，当水体溶解氧增加，硝化细菌会快速繁殖。细菌的生殖方式为 生殖。（3）水体中氮元素含量过高是河

24、道水污染的主要原因之一。人造水草中的硝化细菌能将污水中的含氮化合物最终转化为无污染物质，该过程涉及到的化学反应之一是： ，则X的化学式为 。【答案】（1）电能转化为机械能（2）无性（或分裂）（3）H2O【考点】直流电动机的构造原理与工作过程；化学式的书写及意义【解析】【分析】（1）电动机的原理是利用通电导体在磁场中受到力的作用的原理制成的，它是一种将电能转化为机械能的机器。为了让电动机能够持续转动，在制作电动机时增加了换向器，当线圈刚好转过平衡位置时就自动改变线圈中的电流的方向，及时改变通电线圈的受力方向，保证电动机能够连续转动；（2）细菌通过分裂的方式进行繁殖，细菌的繁殖能力很强，在条件适宜

25、的情况下，每20-30分钟就能分裂一次；（3）根据化学反应方程式的配平进行分析。【解答】（1）动机的原理是利用通电导体在磁场中受到力的作用的原理制成的，它是一种将电能转化为机械能的机器；（2）细菌通过分裂的方式进行繁殖，分裂时，细胞首先将它的遗传物质进行复制；（3）根据化学反应方程式两端原子分析，X为H2O。故答案为：（1）电能转化为机械能；（2）无性（或分裂）；（3）H2O。18某同学为探究电流和电压关系，设计了如图所示的电路。图中电流表量程为“00.6A”，电压表量程为“03V”，定值电阻规格为“10 0.3A”，滑动变阻器规格为“20 1A”，电源电压恒为4.5V。请回答：（1）闭合开关

26、发现电流表有示数，电压表无示数，经检测发现电路中只有一处故障。该故障可能是 。（2）故障排除后，闭合开关重新进行实验。在保证电路安全的前提下，移动滑动变阻器的滑片P改变电阻R两端电压。则滑动变阻器允许接入电路的最小阻值是 。【答案】（1）定值电阻R短路（或“电压表断路”或“电压表短路”）（2）5【考点】滑动变阻器的原理及其使用【解析】【分析】本题考查串联电路中电压、电流以及功率、滑动变阻器接入电路电阻的计算，注意求阻值范围时，根据电流表和电压表的最大值进行计算，并且会灵活运用欧姆定律。【解答】（1）电流表有示数，电压表无示数，可能是定值电阻R短路，也可能是电压表短路或者短路；（2）根据定值电阻

27、的规格，电路可接入的最大电流为0.5A，此时电路的最小电阻R最小=,滑动变阻器允许接入电路的最小阻=15-10=5。故答案为：（1）定值电阻R短路（或“电压表断路”或“电压表短路”）；（2）5。19如图为科研人员研制的“发电鞋”，鞋的内部安装了磁铁和线圈，人在行走时发的电存储于蓄电池中，可用于手机充电。（1）发电鞋发电时是利用 原理工作的；（2）穿该发电鞋以某速度行走，其平均发电功率约为0.4瓦，若以这样的速度行走10分钟，可产生电能 焦。【答案】（1）电磁感应（2）240【考点】电磁感应【解析】【分析】本题主要考查了电磁感应原理的应用和电能的计算，明确“发电鞋”的工作原理是解答此题的关键。电

28、磁感应现象是闭合电路的一部分导体在磁场中切割磁感线运动时，导体中会有感应电流产生，把机械能转化为电能；据此分析其工作原理和能量转化形式；根据W=Pt计算发电鞋的功。【解答】（1）由题意可知，人在行走时，人体带动磁铁运动，磁铁产生的磁场通过线圈，从而产生感应电流，所以“发电鞋”是利用电磁感应现象制成的；（2）发电的功率约为0.4W，所以10分钟产生的电能为：W=Pt=0.4W600s=240J。故答案为：（1）电磁感应；（2）240。20（2017衢州）小柯在拓展课上，设计了图甲电路，用来直接测出接入1、2两点间导体的电阻。（1）用导线连接1、2两点，电流表的示数如图乙，则通过变阻器的电流为 A

29、。此时1、2两点间的电阻为0，则在电流表指针所指的刻度上标0。（2）保持变阻器滑片不动，把待测电阻Rx接入1、2两点之间，此时电流表读数为0.1A，则Rx的阻值是 ，然后在电流表的0.1A刻度处标上相应的阻值。依此方法，在电流表的刻度上一一标上相应的阻值，这样就可以用此电流表测出接入1、2两点间导体的电阻。（3）干电池用久了电压会变小，此时再用导线连接1、2两点，电流表的指针就不能对准0刻度线。要使指针重新对准0刻度线，变阻器的滑片应向 (填字母)端移动。【答案】（1）0.5（2）12（3）B【考点】欧姆定律及其应用；电路的动态分析【解析】【分析】（1）可通过读图乙电流表得到此时电流；（2）新

30、干电池可以看成一个内阻为0的电源，当干电池用久了后内阻会逐渐增大此时干电池的内阻本身会分去一部分电压，而使输出的电压减小。此题小题是将电流表改装成电阻表，利用欧姆定律的变形公式可得到电阻与电流的对应值。（3）当电池有内阻时，此时输出电压小于1.5V 要使电流表指示0.5A 滑动变阻器阻值应小于3，所以要将滑动变阻器滑片向B端移动。【解答】（1）读图乙可得电流为0.5A；（2）当1、2之间用导线连接时由乙图可知电流I0.5A，此时滑动变阻器的有效阻值为R滑1.5V/0.5A=3将此时电流表0.5A处标上0；当电流I0.1A时，可得R总15，R接R总R滑 R接15312；（3）因为电池也产生了电阻

31、所以滑动变阻器阻值要减小滑片向B端移动。故答案为：1、0.5；2、12；3、B三、探究题21（2017湖州）在探究电流与电阻的关系时，小明设计如图所示电路图进行实验：连接电路更换不同的定值电阻，分别测出电流大小记录并分析数据实验数据记录表电源电压（伏特） 电阻（欧姆） 电流（安培）3 3 0.4810 0.2720 0.14（1）分析表格中的数据，发现电阻两端的电压是 （选填“变化的”或“不变的”）（2）小芳通过对实验数据的分析，认为此实验需要改进请你和小芳一起设计探究电流与电阻的关系的实验电路图（3）你设计的电路中，更换电阻后，是如何控制变量的？ 【答案】（1）变化的（2）（3）更换电阻后，

32、移动滑动变阻器的滑片，使电阻R的电压保持不变【考点】探究电流与电压、电阻的关系实验【解析】【分析】（1）由表中数据，根据欧姆定律的变形公式U=IR分析；（2）探究电流与电阻的关系时要控制电阻的电压即电压表示数不变，为达到这个目的，应增加滑动变阻器串联在电路中；（3）更换电阻后，移动滑动变阻器的滑片，使电阻R的电压保持不变【解答】解：（1）由表中数据，根据欧姆定律I= ，电阻的电压U=IR，可知电压分别为1.44V、2.7V、2.8V，故电阻两端的电压是变化的； （2）探究电流与电阻的关系时要控制电阻的电压即电压表示数不变，为达到这个目的，应增加滑动变阻器串联在电路中，如下所示：；（3）更换电阻

33、后，移动滑动变阻器的滑片，使电阻R的电压保持不变故答案为：（1）变化的；（2）如上所示；（3）更换电阻后，移动滑动变阻器的滑片，使电阻R的电压保持不变22（2017宁波）做“串联与并联电路中电流、电压的关系”实验时，实验用的两个灯泡L1、L2上分别标有“2.5V”和“3.8V”字样，电源电压恒为2.5V。（1）串联时，小科连接了如图甲所示的电路。闭合开关，两灯均不发光。小科猜想是灯泡L1的灯丝断了，就用一根导线的两端在灯泡L1两接线柱处同时试触，若看到灯泡L2 ，说明小科的猜想正确。（2）并联时，小科连接了如图乙所示的电路。闭合开关前，小科检查发现电路连接有误，但只要改动一根导线即可。请你在要

34、改动的这根导线上打“”，并用笔画线代替导线，将图乙中的电路连接正确。（3）改正电路后继续实验，小科记录的数据如下表：物理量 电流 电压串联电路 IA=0.16A IB=0.16A IC=0.16A UL1=0.9V UL2=1.6V U总=2.5V并联电路 IL1=0.34A IL2=0.20A I总=0.54A UL1=2.5V UL2=2.5V U总=2.5V学习了欧姆定律以后，小科发现：根据串联电路中的数据，可计算得到RL1=5.63，根据并联电路中的数据，可计算得到RL1=7.35。造成这一差异的根本原因是灯丝电阻的大小随着 的升高而增大。【答案】（1）发光（2）（3）温度【考点】探究

35、电流与电压、电阻的关系实验【解析】【分析】（1）导线能够导电，把导线接到断路处，可以接通电路；（2）根据电路图判定电路的故障情况，然后根据电流的流向判定改动的导线；（3）灯丝电阻受到温度的影响【解答】解：（1）小科猜想是灯泡L1灯丝断了，一根导线的两端在灯泡L1两端接线柱处同时试触，该处处于通路状态，则灯泡L2 会发光；（2）由图可知，当开关闭合时，电源会断路；要使两灯并联，应改动L1、L2的四个接线柱的连线，如图所示：；（3）灯丝电阻的大小与温度有关；当电压变大时，灯泡的功率会变大，灯丝温度升高，电阻变大故答案为：（1）发光；（2）如图；（3）温度23（2017杭州）小金自学了电学，知道了欧

36、姆定律。他想用实验来欧姆定律所表述的“通过导体的电流与这段导体两端的电压成正比”的结论，于是找了实验器材：电压表、电流表、电源、滑动变阻器、开关各一个，若干定值电阻、导线。请你利用这些器材帮他设计一个验证此结论的实验方案。（1）画出实验的电路图；（2）写出实验的步骤以及需要测量的物理量。【答案】（1）（2）按照电路图连接电路，滑动变阻器滑片在阻值最大处，闭合开关； 移动滑片，用电压表和电流表分别测出定值电阻R两端的电压U1和通过的电流I1； 再移动滑片，重复步骤，测得另两组对应的数值U2、I2；U3、I3； 比较U1/ I1、U2/ I2、U3/ I3的数值，得出验证结论。然后更换不同阻值的定

37、值电阻重复以上实验步骤。【考点】探究电流与电压、电阻的关系实验【解析】【分析】（1）本实验中变阻器、定值电阻、电流表串联，电压表测定值电阻两端电压； （2）通过导体的电流与这段导体两端的电压成正比，应控制电阻不变，改变电压，并记录电流表的示数；为了得到普遍的规律，应多次测量。【解答】（1）探究电流与电压的关系中，变阻器、定值电阻、电流表串联，电压表测定值电阻两端电压；如图所示：；（2）实验步骤：按照电路图连接电路，滑动变阻器滑片在阻值最大处，闭合开关；移动滑片，用电压表和电流表分别测出定值电阻R两端的电压U1和通过的电流I1；再移动滑片，重复步骤，测得另两组对应的数值U2、I2；U3、I3；

38、比较U1/ I1、U2/ I2、U3/ I3的数值，得出验证结论。然后更换不同阻值的定值电阻重复以上实验步骤。24（2017衢州）小柯发现白炽灯泡在开灯瞬间最容易烧坏，猜想可能是在开灯瞬间灯丝的温度较低，导致电阻比正常工作时小。于是设计图示电路来验证自己的猜想。【实验步骤】第一步：断开S2，闭合S1，电流表指针偏转，但灯泡不发光。第二步：断开S1，闭合S2，灯光正常发光，灯丝温度很高。第三步：两分钟后再断开S2并迅速闭合S1，观察电流表示数变化情况。【实验分析】（1）第一步中，灯泡两端的电压是 V，灯泡不发光的原因是 。（2）在第三步中，若观察到电流表示数变化的情况是 ，就可以得出灯丝的温度越

39、低，其电阻越小。【答案】（1）6；由于灯泡两端的实际电压远小于它的额定电压，造成灯泡的实际功率远远小于额定功率，所以灯泡不发光（2）电流表示数从零快速增大后，示数又慢慢增大到某一电流值后稳定不变【考点】欧姆定律及其应用【解析】【分析】（1）断开S2，闭合S1电路中只有一个用电器，用电器两端电压就是电源电压；灯泡正常工作是指当灯泡两端电压、流过灯泡的电流达到额定值灯泡能正常发光。当灯泡两端电压较小时灯泡不能发光此时灯泡中仍有电流。灯泡不发光的原因是灯泡两端的实际电压远小于它的额定电压，造成灯泡的实际功率远远小于额定功率，所以灯泡不发光。（2）金属导体的电阻一般随温度的升高而增大反之电阻减小，根据

40、灯丝电阻的变化可以得到电流表示数的变化。【解答】（1）断开S2，闭合S1，电路中只有一个用电器，用电器两端电压就是电源电压；由于灯泡两端的实际电压远小于它的额定电压，造成灯泡的实际功率远远小于额定功率，所以灯泡不发光；（2）第三步：两分钟后再断开S2并迅速闭合S1，电阻温度从很高快速下降到一定值后温度缓慢下降，所以灯丝的阻值先快速减小后缓慢减小直到稳定，所以电流表示数从零快速增大后，示数又慢慢增大到某一电流值后稳定不变。故答案为：1、6 由于灯泡两端的实际电压远小于它的额定电压，造成灯泡的实际功率远远小于额定功率，所以灯泡不发光； 2、电流表示数从零快速增大后，示数又慢慢增大到某一电流值后稳定

41、不变25（2017温州）为了研究小灯泡电流与电压的关系，小明选择额定电压为2.5伏的小灯泡、电压为4伏的电源以及其它相关器材按图甲连接电路，进行实验。（1）闭合开关，移动滑动变阻器的滑片，当观察到 时，可以判断此时小灯泡正常发光。（2）在实验过程中，小明将滑动变阻器的滑片从A端开始移动，直到灯泡正常发光，在此过程中测得小灯泡电流和电压的几组数据，并正确画出曲线a，如图乙所示。该实验中小明选择的滑动变阻器可能是 。A滑动变阻器R1（20欧，3安）B滑动变阻器R2（50欧，2安）C滑动变阻器R3（2000欧，0.25安）（3）小明在图乙中还画出了本实验中滑动变阻器的电流随电压变化的曲线b，老师据图

42、指出该曲线是错误的，其理由是 。【答案】（1）电压表示数为2.5伏（2）B（3）小灯泡与滑动变阻器串联，两者电压之和应等于4伏，而图中曲线b与a交点处，电压之和大于4伏【考点】探究电流与电压、电阻的关系实验【解析】【分析】本题考查小灯泡伏安特性曲线实验的方法，要注意明确滑动变阻器及电流表的接法；同时注意对图象的认识。根据图象的性质可明确电阻随电压的变化规律；根据实验电路的连接方法分析电流电压的特点。【解答】（1）电压表测量灯泡两端的电压，灯泡的额定电压为2.5V，若灯泡正常工作，则电压表示数为2.5V；（2）电流大于0.25A，故C滑动变阻器错误；取电流0.1A的点，此时滑动变阻器的电压为4V

43、-0.5V=3.5V，计算滑动变阻器的阻值，因此滑动变阻器为B；（3）曲线是错误的，错误在于小灯泡与滑动变阻器串联，两者电压之和应等于4伏，而图中曲线b与a交点处，电压之和大于4伏。故答案为：（1）电压表示数为2.5伏；（2）B；（3）小灯泡与滑动变阻器串联，两者电压之和应等于4伏，而图中曲线b与a交点处，电压之和大于4伏。26（2017绍兴）把超强磁铁分别吸附在干电池的正负极两端，制成电磁动力“小车”，并将它放入铜质螺线管中，如图甲，“小车”就能沿着螺线管运动。图乙是它的示意图。（1）在图乙上画出螺线管中的电流方向。（2）实验中发现，必须将“小车”全部推入螺线管，“小车”才能运动，“小车”运

44、动的原因是 。（3）进一步探究发现，“小车”运动的方向与电池正负极位置和超强磁铁的极性有关。将如图乙装配的小车放入螺线，则小车的运动方向是 。（4）要使“小车”运动速度增大，请提出一种方法： 。【答案】（1）（2）磁铁接触的一段螺线管产生的磁场与干电池前后吸附磁铁的磁场相互作用（3）向左（4）增强磁铁的磁性（增加单位长度内螺线管匝数、增加电流电压等）【考点】电磁感应【解析】【分析】此题主要考查三个重要实验，分别是电磁感应实验、磁场对通电导体的作用和通电螺线管的磁场实验，熟知各个实验原理是解题关键。根据安培定则判断线圈磁场的方向，根据磁场受力分析出小车的运动方向。【解答】（1）电池正极在右边，负

45、极在左边，电流由正极流向负极，因此画出电流的方向：；（2）“小车”运动的原因是磁铁接触的一段螺线管产生的磁场与干电池前后吸附磁铁的磁场相互作用；（3）根据安培定则，左边为N极，螺线管内部磁场方向由里向外，从右向左， 小车为S极，因此小车向左运动；（4）要使“小车”运动速度增大，可以增强磁铁的磁性（增加单位长度内螺线管匝数、增加电流电压等）。故答案为：（1）如图所示；（2）磁铁接触的一段螺线管产生的磁场与干电池前后吸附磁铁的磁场相互作用；（3）向左；（4）增强磁铁的磁性（增加单位长度内螺线管匝数、增加电流电压等）。27（2017嘉兴）在探究电流与电压关系的实验中，同学们设计了如下三种电路：（1）

46、甲同学认为图2电路比图1电路好，理由是： 。乙同学认为图3电路比图2电路更好，理由是图3电路便于多次实验。（2）乙同学利用图3电路（其中电阻R=5） 完成了本实验，测得数据如下：实验次数 电压 U（伏） 电流I（安） 电压/电流1 1 0.22 2 0.43 4 0.8分析表格数据，可得出的结论是 。（3）实验操作过程中，丙同学发现滑动变阻器损坏，但经过思考后利用图2电路最终也完成了多次实验，该同学的做法是 。【答案】（1）定值电阻能更好地保持电阻不变（2）当电阻不变时，电流与电压成正比关系（3）改变电源电压，进行多次实验【考点】探究电流与电压、电阻的关系实验【解析】【分析】本题考查探究电流与

47、电压关系实验的电路设计，知道各电路元件的使用方法是关键。电流表与被测元件串联，电压表与被测元件并联，滑动变阻器与被控制元件串联，由此据题意设计电路图。【解答】（1）由于定值电阻的电阻较稳定，有利于测量电流电压关系，因此图2电路比图1电路好；（2）从表可以看出，当电阻不变时，电流与电压成正比关系；（3）图2电路在不改变电阻的情况下要完成实验，只能通过直接改变电源电压，进行多次实验。故答案为：（1）定值电阻能更好地保持电阻不变；（2）当电阻不变时，电流与电压成正比关系；（3）改变电源电压，进行多次实验。28小科连接好如图所示电路，闭合开关，按一定操作来测量“小灯泡的电阻”，获得实验数据如下表：实验

48、次数 1 2 3 4电压U/伏 2.5 2.0 1.5 1.0电流I/安 0.22 0.20 0.17 0.13电阻R/欧 11.36 ？ 8.82 7.69（1）表中第2次实验时，小灯泡电阻为 欧；（2）将表中电流、电压数据转换为IU图像，正确的是 ；（3）小科发现第3、4两次实验小灯泡不发光，出现这种现象的原因是 ；（4）小君按小科的方法连接好电路，闭合开关后发现小灯泡不发光，电流表指针不偏转，电压表指针偏转，若此电路只有一处故障，你认为故障是 。【答案】（1）10（2）A（3）小灯泡的实际功率太小（4）小灯泡断路【考点】欧姆定律及其应用【解析】【分析】伏安法测电阻是初中物理最常用的测电阻

49、的方法，实验中电压表、电流表及滑动变阻器的连接非常关键；在测灯丝的电阻时，其阻值还会随着温度的升高而增大，故灯丝电阻不应求平均值，所以，为了更有说服力，我们取额定电压下的电阻为灯丝的电阻。实验中用电压表测出待测电阻两端的电压，用电流表测出待测电阻中的电流，根据求出电阻值。【解答】（1）根据欧姆定律计算阻值；（2）灯丝电阻受温度影响，随着电压的增大，电阻也增大，故实际曲线为A；（3）从表格可以看出3、4两次实验电流较小，灯泡不发光的原因可能是小灯泡的实际功率太小；（4）灯泡两端只有电压没有电流，说明灯泡短路。故答案为：（1）A；（2）A；（3）小灯泡的实际功率太小；（4）小灯泡断路。29（201

50、7台州）小柯利用如图甲所示的电路研究电流与电阻的关系，已知电源电压为6V且保持不变，实验所用电阻R的阻值分别为5、10、20，滑动变阻器的规格为“30 2A”。（1）请设计实验数据记录表，画在下边框内。（2）小柯将5的电阻接入电路，闭合开关，调节滑动变阻器使电压表示数为2V，读出相应的电流值记录在表格中；然后更换电阻重复上述实验。当接入20的电阻时，发现无论怎样调节滑动变阻器，电压表示数都无法达到2V，其原因是 。（3）小柯用图乙所示电路测未知电阻Rx的阻值，图中R0为定值电阻。他先将导线a端接到电流表“”接线柱上，电流表示数为I1，然后将导线a端接到电流表“3”接线柱上，电流表示数为I2，则

51、Rx的阻值为 (用I1、I2、R0表示)。【答案】（1）实验次数U=2V(或电压一定)电阻(欧)电流(安)123（2）要使电阻两端电压达到2伏，变阻器电阻至少40欧或滑动变阻器最大阻值过小，不能分担4伏电压（3）I2R0/(I1I2)【考点】探究电流与电压、电阻的关系实验【解析】【分析】根据控制变量法研究电压一定时电流与电阻的关系；滑动变阻器的作用及调节范围；欧姆定律可分析解出.【解答】（1）研究电流与电阻关系时应该保证电压一定改变电阻测量出对应的电流，为得到一般规律可多测几组数据；（2）当R=20，R两端电压要为2V电路中电流应该为0.1A，因为电源总电压为6V所以电路总电阻要等于60此时必

52、须使滑动变阻器的阻值为40，由于滑动变阻器的规格为“30 2A”所以无法达到40的要求，所以电阻两端电压无法调节到2V；（3）当将导线a端接到电流表“”接线柱上上时电流表测并联电路总电流，可得 ，当将导线a端接到电流表“3”接线柱上时电流表测的是R0支路的电流，可得 ，两式合并可得Rx= I2R0/(I1I2)30某兴趣小组用二节新干电池，规格为“10 1.5A”的滑动变阻器等器材，来测导体电阻。请分析回答：（1）连接好电路，闭合开关，向右移动滑动变阻器滑片，当滑片移到C点时，发现两表才有示数，示数分别为2V、0.2A。根据以上信息思考该电路的连接方式，并用笔画线代替导线按该连接方式，将图1电

53、路连接完整。（2）继续调节滑动变阻器进行测量，测得数据如表所示。第二次测量时电流表示数如图2所示，据图把表中所缺数据填写完整 。（3）该实验多次测量的目的是 。（4）该小组同学用这套器材（所有器材不变）和阻值为5、10、20的三个定值电阻继续探究“电流与电阻的关系”。实验中要控制电阻两端的电压不变，那么电阻两端电压最小能控制到 V。【答案】（1）（2）0.24（3）为了减小实验误差（4）2.4【考点】探究电流与电压、电阻的关系实验【解析】【分析】本题考查了实验操作分析、求滑动变阻器阻值、求电源电压与灯泡额定功率等问题，由于不知道电源电压，本题难度较大，要根据题意进行推理，然后答题，解题时注意讨

54、论。（1）根据题目要求，灯泡串联接入电路，根据电流表测总电流和滑动变阻器控制灯泡，将它们连到相应的位置，并画出电路图；（2）根据电流表的示数读出电流的大小；（3）多次测量的目的是减小实验误差；（4）探究电流与电阻关系实验应控制电阻两端电压不变。【解答】（1）由题灯泡串联，开关控制整个电路，应在干路上；电流表测总电路，应在干路上，电压表并联在电阻两端，当滑片移到C点时，发现两表才有示数，说明滑动变阻器左半边是断路的，因此实际滑动变阻器最大阻值为5，因此滑动变阻器应该接A端。由此连接实物并画出电路图所示图所示：（2）根据电流表的量程为0.6A，读出电流的示数为0.24A；（3）该实验多次测量的目的

55、是为了避免偶然误差，提高实验的准确度；（4）滑动变阻器左半边是断路的，因此实际滑动变阻器最大阻值为5，根据欧姆定律,当定值电阻为5，电路最小电流为，电阻的最小电压=0.3A5=1.5V，当定值电阻为10，电路最小电流为，电阻的最小电压=0.2A10=2V，当定值电阻为20，电路最小电流为，电阻的最小电压=0.12A20=2.4V，因此电阻两端电压最小能控制到2.4V。故答案为：（1）如图所示；（2）0.24；（3）为了减小实验误差；（4）2.4。四、解答题31（2017宁波）如图甲所示电路，电源电压不变，R1、R2是定值电阻，R1=10。闭合开关S，电流表示数如图乙所示，当R1由于某种原因开路

56、时，电流表的示数变为0.10A。（1）图乙中电流表的示数为 A。（2）求定值电阻R2的阻值。【答案】（1）0.4（2）当R1由于某种原因开路时，电流表的示数变为0.10A，即通过R2的电流为0.1A，则通过R1的电流为：I1=II2=0.4A0.1A=0.3A；则电源电压为：U=I1R1=0.3A10=3V；由欧姆定律可知，电阻R2的阻值为：R2= = =30答：电阻R2的阻值为30【考点】欧姆定律及其应用【解析】【分析】（1）根据电流表的量程和分度值读数；（2）根据并联电路的电流关系求出通过R1的电流，根据欧姆定律求出电源电压，从而求出R2的阻值【解答】解：（1）电流表的量程为00.6A，分

57、度值为0.02A，示数为0.4A；32（2017杭州）图甲为热敏电阻R和继电器组成的恒温箱的简单温控电路。继电器线圈的电阻为150欧。当线圈中电流大于或等于28毫安时，继电器的衔铁被吸合。为继电器线圈供电的电池的电压为6伏，图中的“电源”是恒温箱加热器的电源。（1）从图甲中可得50时热敏电阻的阻值为 欧。（2）恒温箱的加热器应接在A、B端还是C、D端？（3）若恒温箱内的温度达到100时，通过计算分析恒温箱加热器是否处于工作状态？（4）若在原控制电路中，串联接入一个可变电阻，当该电阻增大时，所控制的恒温箱内的最高温度将 （选填“变大”、“不变”或“变小”）。【答案】（1）90（2）A、B端（3）

58、由图可知，100时，R=50控制电路电流I= =6V,15050= =0.03A=30mA恒温箱加热器处于不加热状态（4）变大【考点】电磁继电器的组成、原理和特点【解析】【分析】（1）据图甲可得50时热敏电阻的阻值； （2）当温度低的时候，电路与AB相连，此时加热器要工作，所以加热器的电路要与AB相连； （3）当恒温箱内的温度保持 100，据甲图可知此时电阻R 大小，而后结合欧姆定律计算电流，与28mA比较即可；（4）据题目中“当线圈中电流大于或等于2 8毫安时，继电器的衔铁被吸合”分析即可判断；【解答】（1）分析图甲可知，50时热敏电阻的阻值为90；（2）A、B当温度较低的时候，热敏电阻的电

59、阻较大，电路中的电流较小，此时继电器的衔铁与AB部分连接，此时是需要加热的，恒温箱内的加热器要工作，所以该把恒温箱内的加热器接在A、B 端；（3）由图可知，100时，R=50，控制电路电流I= =6V,15050= =0.03A=30mA，恒温箱加热器处于不加热状态；（4）据题意可知，“当线圈中电流大于或等于28毫安时，继电器的衔铁被吸合”即恒温箱会停止工作，故可知，若在控制电路中串联一个电阻后，电路电阻变大，同样情况下，使得电路电流变小，故控制电路达到28mA时所用的时间会更长，故可知，保温箱的加热时间会更长，故保温箱内的温度会更高。故答案为：（1）90；（2）恒温箱的加热器应接在A、B端；

60、（3）若恒温箱内的温度达到100时，通过计算分析恒温箱加热器不处于工作状态；（4）变大；33（2017绍兴）某兴趣小组设计的“温度控制器”工作时有加热和恒温两种状态。电路如图甲所示，S为开关，双金属开关在温度低时闭合、温度到达一定值时自动断开，降温后再闭合，循环工作，起到调节温度作用，指示灯的额定电压为200V，且亮起即正常工作，发热电阻阻值为40。求：（1）当指示灯亮时，温度控制器处于 状态。（2）指示灯的电阻值。（3）加热状态时，温度控制器所消耗的电功率。（4）温度控制器正常工作时，记录灯泡在一段时间内，规律性亮灭情况如图乙，则温度控制器1小时所消耗的电能。【答案】（1）恒温（2）；（3）