2023届广东省华南师大附中物理高一上期末综合测试试题含解析

1、2022-2023学年高一上物理期末模拟试卷注意事项：1 答题前，考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚，将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。2选择题必须使用2B铅笔填涂；非选择题必须使用05毫米黑色字迹的签字笔书写，字体工整、笔迹清楚。3请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效。4保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、选择题：（1-6题为单选题7-12为多选，每题4分，漏选得2分，错选和不选得零分）1、如图所示，从高出地面3m的位置竖直向上抛出一个小球，它上升5m后回落，最后到达地面。以抛出点为原点

2、建立坐标系，以竖直向上为正方向，则小球末位置坐标为A.3mB.-3mC.0 mD.13m2、如图所示，用细线悬挂一个均匀小球靠在光滑的竖直墙上，如果把线的长度变长，仍保持小球静止，则关于球对线的拉力FT、对墙的压力FN，下列说法正确的是( )A.FT、FN都不变B.FT减小、FN增大C.FT、FN都减小D.FT增大、FN减小3、如图所示，一质量为m的木块靠在竖直粗糙墙壁上，受到水平力F的作用，保持静止，下列说法正确的是（重力加速度为g）（）A.木块受到的摩擦力大于mg，方向竖直向上B.若F减小，木块一定向下滑动C.若F增大，木块受到的摩擦力增大D.若F增大，木块受到的摩擦力保持不变4、如图所示

3、，一个劲度系数为k的弹簧竖立在水平地面上，将一个质量为m的物体放在弹簧顶端，使弹簧做弹性压缩，物体静止时，弹簧的压缩量为（g为重力加速度，不计弹簧重力）（）A.kmgB.kmC.D.5、做匀加速直线运动的质点，在第5 s末的速度为10 m/s，则（）A.前10 s内位移一定是100 mB.前10 s内位移不一定是100 mC.加速度一定是2 m/s2D.第10秒末速度为20 m/s6、水平恒力能使质量为m1的物体在光滑水平面上产生大小为a1的加速度，也能使质量为m2的物体在光滑水平面上产生大小为a2的加速度，若此水平恒力作用在质量为m1+m2的物体上，使其在光滑水平面上产生的加速度为a，则a与

4、a1、a2的大小关系为（）A.a=a1+a2B.C.D.7、如图所示，轻质弹簧上端固定在电梯的天花板上，弹簧下端悬挂一个小球，电梯中有质量为50kg的乘客，在电梯运行时乘客发现轻质弹簧的伸长量始终是电梯静止时伸长量的五分之六，已知重力加速度g=10m/s2，由此可判断A.乘客处于失重状态B.电梯可能减速下降，加速度大小为2m/s2C.电梯可能加速上升，加速度大小为2 m/s2D.乘客对电梯地板的压力为625N8、一位同学站在升降机内台秤上相对台秤静止，发现台秤示数大于自己的体重，下列说法正确的是（）A.升降机可能在加速上升B.升降机可能在加速下降C.秤对人的支持力与人的重力是一对平衡力D.人对

5、秤的压力与秤对人的支持力是一对相互作用力9、如图所示，在水平面上，质量为10 kg的物块A拴在一个被水平拉伸的弹簧一端，弹簧的另一端固定在小车上，小车静止不动，弹簧对物块的弹力大小为5 N时，物块处于静止状态，若小车以加速度a =1 m/s2沿水平地面向右加速运动时（ ）A.物块A相对小车仍静止B.物块A受到摩擦力将减小C.物块A受到的摩擦力大小不变D.物块A受到的弹力将增大10、科学家关于物体运动的研究对经典力学的发展具有重要作用下列说法符合历史事实的是A.亚里士多德认为重物体下落与较轻物体下落一样快B.伽利略用实验直接证实了自由落体运动是初速度为零的匀加速直线运动C.笛卡儿认为如果运动中的

6、物体没有受到力的作用，它将继续以同一速度沿同一直线运动，既不停下来，也不偏离原来的方向D.牛顿第一定律揭示了力不是维持物体运动状态的原因，而是改变物体运动状态的原因11、在竖直向下的匀强磁场中，将一水平放置的金属棒PQ以初速度v0水平抛出，如图所示。棒在运动过程中始终保持水平，空气阻力不计，那么下列说法中正确的是（）A.PQ棒两端的电势一定满足B.PQ棒中的感应电动势越来越大C.PQ棒中的感应电动势越来越小D.PQ棒中的感应电动势保持不变12、在下面的物理量和单位中密度牛米/秒加速度长度质量千克时间（）A.属于国际单位制中的基本量是B.属于国际单位制中的基本量是C.属于国际单位的是D.属于国际

7、单位的是二、实验题（本题共16分，答案写在题中横线上）13、（6分）用接在50Hz交流电源上的打点计时器测定小车做匀加速直线运动的加速度，得到如图所示的一条纸带，从比较清晰的点开始起，取若干个计数点，分别标上0、1、2、3（每相邻的两个计数点间有4个打印点未标出），量得0与1两点间的距离x1=30mm，3与4两点间的距离x4=48mm则小车在0与1两点间的平均速度为_m/s，小车的加速度为_m/s214、（10分）一小车在一条直线上运动时的vt图象如图所示，以刚开始运动的速度方向为正方向，则第1s内小车的加速度大小为_m/s2；前5s内小车的平均速度为_m/s三、计算题要求解题步骤，和必要的文

8、字说明（本题共36分）15、（12分）如图所示，已知均匀球重40N，悬挂在光滑竖直墙边并处于静止状态，绳与墙夹角为37角，（sin370.6，cos370.8）求：（1）轻绳对球的拉力FT；（2）墙对球的支持力FN16、（12分）传送带O1O2水平部分AB长L=32m，当传送带由静止开始以a0=2m/s2匀加速度启动瞬间将一小物块（可视为质点）无初速度轻放在传送带上A点，被传送带传送到B。物块与传送带间动摩擦因数为=0.1，传送带加速t0=2s后保持该速度匀速运动。g=10m/s2求：（1）物块从传送带上A点运动到B点所需时间t=？（2）若物块为小墨块，则它在传送带上相对运动时会在传送带上留下

9、痕迹，求痕迹长S=？（3）若传送带皮带轮O1O2的半径R为米，且由静止开始保持a1匀加速运动，传动过程中皮带始终绷紧（水平部分始终保持水平）。为使小墨块在传送带上留下的痕迹最长，传送带加速度a1需满足什么条件？17、（12分）如图甲所示，水平传送带沿顺时针方向匀速运动从传送带左端P先后由静止轻轻放上三个物体A、B、C，物体A经tA9.5 s到达传送带另一端Q，物体B经tB10 s到达传送带另一端Q，若释放物体时刻作为t0时刻，分别作出三物体的速度图像如图乙、丙、丁所示求：（1）传送带的速度v0的大小；（2）传送带的长度L；（3）物体A、B、C与传送带间的动摩擦因数参考答案一、选择题：（1-6题

10、为单选题7-12为多选，每题4分，漏选得2分，错选和不选得零分）1、B【解析】以抛出点为原点建立坐标系，以竖直向上为正方向，则小球末位置坐标为-3m，故ACD错误，B正确。故选B2、C【解析】以小球为研究对象，分析受力如图设绳子与竖直墙面的夹角为，由平衡条件得，FN=mgtan把绳子变长时，角减小，则cos变大，tan减小，则得到FT和FN都减小。故选C。3、D【解析】A木块处于静止状态，受力平衡，重力等于静摩擦力大小，摩擦力方向竖直向上，故A错误；B若减小，则墙壁的支持力减小，最大静摩擦力减小，木块受到的静摩擦力可能仍与重力平衡，木块仍静止不动，故B错误；CD根据共点力平衡条件，当增大时，最

11、大静摩擦力增大，物体仍然保持静止，故静摩擦力的大小不变，始终与重力平衡，故C错误，D正确。故选D。4、C【解析】物体静止时，其对弹簧的压力等于重力，根据胡克定律有故选C。5、B【解析】若质点的初速度为零，则加速度为前10 s内位移是第10秒末速度为v=at=20m/s由于初速度不能确定，所以选项ACD错误，B正确。故选B。6、B【解析】将两者看做一个整体，根据牛顿第二定律可得，分别以两物体为研究对象，根据牛顿第二定律可得，联立解得，故B正确7、BC【解析】ABC电梯静止不动时，小球受力平衡，有：mg=kx，电梯运行时弹簧的伸长量比电梯静止时大，说明弹力变大了，根据牛顿第二定律，有：，解得：a=

12、2 m/s2，方向：竖直向上，电梯可能加速上升或减速下降，乘客处于超重状态，故BC符合题意，A不符合题意；D以乘客为研究对象，根据牛顿第二定律可得：，解得：FN=600 N，故D不符合题意。故选BC。8、AD【解析】AB台秤的示数大于人的体重，说明此时人处于超重状态，根据超重的条件可知此时人具有向上的加速度，由于物体的初速度方向末知，故人可能向下做减速运动也可能向上做加速运动，故A正确，B错误；C台秤示数大于体重，由牛顿第三定律可知秤对人的支持力要大于人的重力，故秤对人的支持力与人的重力不是一对平衡力，故C错误；D人对秤的压力与秤对人的支持力是一对相互作用力，故D正确；故选AD。9、AC【解析

13、】物体开始时受弹力为5N，而处于静止状态，受到的静摩擦力为5N，说明物体的最大静摩擦力大于等于5N；当小车的加速度为1m/s2，若两物体将保持相对静止时，物体的加速度为a=1m/s2，则需要的外力为10N；根据弹力和最大静摩擦力可求出物体相对于小车静止的最大加速度，当小车的加速度小于等于最大加速度时，物体与小车仍保持相对静止弹簧的弹力不变，摩擦力大小不变【详解】物体开始时受弹力F=5N，而处于静止状态，说明受到的静摩擦力为5N，则物体的最大静摩擦力Fm5N当物体相对于小车向左恰好发生滑动时，加速度为a0=1m/s2，所以当小车的加速度为a=1m/s2时，物块A相对小车仍静止故A正确根据牛顿第二

14、定律得：小车以加速度a=1m/s2沿水平地面向右加速运动时，弹力水平向右，大小仍为5N，摩擦力水平向右大小仍为5N.故B错误，C正确物体A相对于小车静止，弹力不变故D错误故选AC【点睛】本题考查应用牛顿第二定律分析物体受力情况的能力要注意静摩擦力大小和方向会随物体状态而变化10、CD【解析】A亚里士多德认为重的物体下落快；伽利略认为较重物体下落与较轻物体下落一样快，故A不符合题意；B伽利略没有直接证实了自由落体运动是初速度为零的匀加速直线运动，而是将斜面实验进行外推得出间接得出的实验结果，故B不符合题意；C笛卡儿指出：如果运动中的物体没有受到力的作用，它将继续以同一速度沿同一直线运动，既不停下

15、来也不偏离原来的方向，故C符合题意；D牛顿第一定律告诉我们，力不是维持物体运动的原因，而是改变物体运动状态的原因，即力是产生加速度的原因，故D符合题意。故选CD。11、AD【解析】A根据导体切割磁感线的电动势：式中要求、三者两两垂直，所以导体棒平抛运动过程中，切割磁感线的速度为水平初速度，根据右手定则可知四指所指方向为高电势位置，即，A正确；BCD导体棒在水平方向上做匀速直线运动，所以切割磁感线的速度恒定，所以电动势恒定，BC错误，D正确。故选AD。12、AD【解析】长度、质量和时间是国际单位制中的基本量，属于国际单位制单位的有牛顿、米秒、千克，故AD正确，BC错误。故选AD。二、实验题（本题

16、共16分，答案写在题中横线上）13、 .0.30 .0.60【解析】根据平均速度的定义可知小车在0与1两点间平均速度为：=；根据匀变速直线运动的推论有：所以：14、 .2 .1【解析】由v-t图象的斜率求出加速度，根据图象与时间轴围成的面积可求出质点在前5s内的位移，再求得平均速度；【详解】第1s内根据加速度的定义式可以得到：，即加速度大小为在v一t图像中“面积”代表位移，可知前5s内的位移为：则根据平均速度公式可知前5s内的平均速度为：【点睛】对于速度-时间图象，关键要抓住这三点来分析：一点、注意横纵坐标的含义；二线，注意斜率的意义；三面，速度-时间图象中图形与时间轴围成的面积为这段时间内物

17、体通过的位移三、计算题要求解题步骤，和必要的文字说明（本题共36分）15、（1）50N 方向沿绳子向上（2）30N 方向水平向右【解析】对球受力分析，利用合成法可关键平行四边形，由平衡条件求解即可【详解】对球受力分析如图所示：根据物体的平衡条件可得：（1）由几何关系得：FTcos37G解得：FT50N 方向沿绳子向上（2）FNGtan3730N 方向水平向右【点睛】本题考查了物体的平衡条件的应用，正确受力分析做出平行四边形即可16、 (1) 10s；(2) 4m；(3) 。【解析】（1）因为：am=g=1m/s2a0=2m/s2所以传送带与物块分别加速。对传送带：v0=a0t0=4m/s对物块

18、：v0=amt1解得：t1=4s根据题意：L-S1=v0t2解得：t2=6s所以物块从A到B运动时间：t=t1+t2=10s（2）因为相对运动时间t1=4s，所以在04s内：传送带位移：即S=12m，物块位移：S1=8m所以相对位移：S=S-S1=4m（3）痕迹最长即传送带全部覆盖，即相对路程为传送带总长：L=2L+2R=68m经分析为使相对路程达到L，a0最小时物块应一直加速运动到B，有：解得：t3=8s这段时间内传送带路程：S=L+L=100m即：解得：a1=3.125m/s2所以为使小墨块在传送带上留下的痕迹最长，传送带加速度a1需满足：17、（1）4m/s；（2）36；（3）0.4；0.2；0.0125【解析】（1）物体先做匀加速直线运动，然后做匀速直线运动，说明了物体的速度与传送带的速度相等；（2）v-t图中