云南省曲靖市麒麟区六中2022-2023学年物理高一上期末联考模拟试题含解析

1、2022-2023学年高一上物理期末模拟试卷注意事项1考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回2答题前，请务必将自己的姓名、准考证号用05毫米黑色墨水的签字笔填写在试卷及答题卡的规定位置3请认真核对监考员在答题卡上所粘贴的条形码上的姓名、准考证号与本人是否相符4作答选择题，必须用2B铅笔将答题卡上对应选项的方框涂满、涂黑；如需改动，请用橡皮擦干净后，再选涂其他答案作答非选择题，必须用05毫米黑色墨水的签字笔在答题卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律无效5如需作图，须用2B铅笔绘、写清楚，线条、符号等须加黑、加粗一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题

2、只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）1、如图所示，某质点沿一长为8米、宽为6米的矩形轨道运动，每秒钟以恒定速率移动1m，初始位置在bc边的中点A，由A向c逆时针运动，A、B、C、D边的中点分别是bc、cd、da、ab边的中点，下列说法正确的是A.第3s内的平均速度是3 m/sB.前3s内的平均速度为3 m/sC.第7s内的平均速度为m/sD.前7s内的平均速度为m/s2、已知物体在 F1、F2、F3三共点力作用下处于平衡，若F120 N，F228 N，那么F3的大小可能是（）A.6 NB.46 NC.50D.60 N3、下列关于平

3、抛运动的说法，正确的是（）A.水平位移只与初速度有关B.水平速度不断增大C.平抛运动每秒钟速度变化的方向是不确定的D.平抛运动是水平匀速直线运动与竖直自由落体运动的合运动4、2017年4月16日，国产大飞机C919在上海浦东机场进行了首次高速滑行测试。某次测试中，国产大飞机C919在平直跑道上由静止开始匀加速滑行，经过连续相等的两段距离均为x，第一段用时t，第二段用时是第一段的一半，则国产大飞机C919的加速度是（）A.B.C.D.5、如图所示，质量为的物体受到与水平方向成、大小为的拉力作用向右作匀速直线运动，则A.地面对物体的支持力为B.地面对物体的摩擦力为C.地面与物体间的动摩擦因数为D.

4、与物体和地面间摩擦力的合力方向竖直向下6、从光滑斜面上某一位置先后由静止释放A、B、C、D四个小球（小球可以看作质点），已知相邻两小球释放的时间间隔为0.1s。某时刻拍下一张照片，四个小球的位置如图所示。测出AB、BC、CD间距离分别为xAB=5cm，xBC=10cm，xCD=15cm，则（ ）A.小球A的位置恰好为释放四个小球的初始位置B.小球C的速度是 A、D两个小球速度之和的一半C.小球B的速度大小为1.5m/sD.小球A、B、C、D的加速度大小均为5m/s27、某跳水运动员在3m长的踏板上起跳，我们通过录像观察到踏板和运动员要经历如图所示的状态，其中A为无人时踏板静止点，B为人站在踏板

5、上静止时的平衡点，C为人在起跳过程中人和踏板运动的最低点，则下列说法正确的是( )A.人和踏板由C到B的过程中，人向上做匀加速运动B.人和踏板由C到A的过程中，人处于超重状态C.人和踏板由C到A的过程中，先超重后失重D.人在B点具有最大速度8、关于物体的速度、加速度、位移、合力之间的关系，正确的是( )A.物体的速度增大，则加速度一定增大，所受的合外力也一定增大B.物体的速度很大，但加速度可能为零，所受的合力也可能为零C.物体的位移不断增大，则物体所受合外力必定不为零D.物体的速度为零，但加速度可能很大，所受的合力也可能很大9、已知一质量m1kg的物体在倾角37的固定斜面上恰能匀速下滑，当对该

6、物体施加一个沿斜面向上的推力F时，物体恰能匀速上滑下列说法正确的是( ) (g取10 m/s2，sin370.6，cos370.8)A.物体与斜面间的动摩擦因数=0.75B.物体与斜面间的动摩擦因数=0.5C.推力F =10ND.推力F =12N10、如图所示，在光滑斜面上，有一轻质弹簧的一端固定在斜面上，有一物体A沿着斜面下滑，当物体A刚接触弹簧的一瞬间到弹簧压缩到最低点的过程中，下列说法中正确的是A.物体的加速度将先增大，后减小B.物体的加速度将先减小，后增大C.物体的速度将先增大，后减小D.物体的速度将先减小，后增大11、如图所示，完全相同的磁铁A、B分别位于铁质车厢竖直面和水平面上，A

7、、B与车厢间的动摩擦因数均为，小车静止时，A恰好不下滑现使小车加速运动，为保证A、B无滑动，则()A.速度可能向左，加速度可小于gB.加速度一定向右，不能超过(1)gC.加速度一定向左，不能超过gD.加速度一定向左，不能超过(1)g12、在“探究滑动摩擦力的大小与压力、接触面粗糙程度之间的关系”实验中，某实验小组先保持木块与木板间接触面的粗糙程度不变，通过改变砝码个数来改变压力，分别记录弹簧测力计的示数及对应的压力；然后改变接触面的粗糙程度，重复上述实验。根据实验数据，作出fFN图像，如图所示。由图像可知（）A.对于同一接触面，是一个定值B.对于不同接触面，值不同C.图像对应的接触面更粗糙D.

8、图像对应的接触面更粗糙二填空题(每小题6分，共18分)13、利用如图甲所示的装置可以验证牛顿第二定律。(1)除了图中器材外，在下列器材中还必须使用的有_（选填选项前的字母）。A低压直流电源 B220V、50Hz的交流电源C天平（或电子秤） D刻度尺(2)如图乙所示为某同学某次实验中打出纸带的一部分，已知实验中打点计时器的打点周期为0.02s，纸带上的A、B、C为三个相邻的计数点，在每两相邻的计数点间还有4个点没有画出，A、B间的距离x1=6.15cm，B、C间的距离x2=6.63cm，则小车的加速度a=_m/s2(3)该实验中“细线对小车的拉力F等于砂和桶所受的总重力”是有条件的。若实验前已经

9、平衡好了摩擦，将小车的质量记为M，砂和桶的总质量记为m，重力加速度为g，根据牛顿第二定律可计算出细线作用于小车的拉力F=_（用题中所给字母表示）。如果实验中要进行质量M和m的选取，以下最合理的一组是_。AM=20g，m=10g、15g、20g、25g、30g、40gBM =200g，m =20g、40g、60g、80g、100g、120gCM =400g，m =10g、15g、20g、25g、30g、40gDM =400g，m =20g、40g、60g、80g、100g、120g(4)在本实验中认为细线对小车的拉力F等于砂和桶的总重力mg，已知两位同学利用实验数据做出的图像如图丙中的1、2所示

10、。下列分析正确的是_（选填选项前的字母）。A出现图线1的原因可能是在平衡摩擦力时长木板的倾斜度过大B出现图线1的原因可能是在平衡摩擦力时长木板的倾斜度过小C出现图线2的原因可能是砂和桶的总质量不合适D出现图线2的原因可能是小车的质量过大14、如图为“用DIS（位移传感器、数据采集器、计算机）研究加速度和力的关系”的实验装置。(1)在该实验中必须采用控制变量法，应保持_不变，用钩码所受的重力作为_，用DIS测小车的加速度；(2)改变所挂钩码的数量，多次重复测量。在某次实验中根据测得的多组数据可画出aF关系图线（如图所示）。此图线的AB段明显偏离直线，造成此误差的主要原因是_；A.小车与轨道之间存

11、在摩擦B.导轨保持了水平状态C.所挂钩码的总质量太大D.所用小车质量太大15、在探究加速度与力、质量的关系实验中（1）在实验中，以下做法正确的是_A平衡摩擦力时，应将重物用细绳通过定滑轮系在小车上B每次改变小车的质量时，不需要重新平衡摩擦力C实验时，先放开小车，后接通电源D“重物的质量远小于小车的质量”这一条件如不满足，对探究过程也不会产生影响（2）在这一实验中，有两位同学通过测量，分别作出a一F图象，如图中的A、B、C线所示；试分析：A线不通过坐标原点的原因是：_；B线不通过坐标原点的原因是：_C线发生弯曲的原因是：_三计算题(22分)16、（12分）气球以10 m/s的速度匀速竖直上升，从

12、气球上掉下一个物体，经17 s到达地面求物体刚脱离气球时气球的高度(g10 m/s2)17、（10分）如图所示，停放在水平冰面上的冰车由质量为M，倾角为的斜面体改装而成，在斜面上轻放一质量为m的物块，不计物块与斜面、冰车与冰面之间的摩擦(1)释放物块后，在物块沿斜面向下运动的同时，冰车也在水平冰面上运动请画出冰车受力的示意图，并根据示意图说明冰车由静止变为运动的原因（作图时冰车可视为质点）(2)若冰面上的人在车后方用水平方向的力推车，请分析下列两种可能情况：a.当力的大小为F1时，物块在斜面上滑动的同时冰车在冰面上保持静止，求F1和物块加速度的大小a1；b.当力的大小为F2时，物块和斜面保持相

13、对静止一起加速运动，求F2和物块加速度的大小a2(3)第(1)问和第(2)问a所述的两种情况下，小物块对斜面压力的大小不同，分别记为FN1和 FN2，请对FN1和 FN2的大小关系作出猜想，并说明做出该种猜想的理由参考答案一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）1、D【解析】AB从A点开始，运动3s运动的距离为3m到达c点，则第3s内做以1m/s做匀速直线运动，则第3s内的平均速度为1m/s，前3s内的平均速度为1 m/s，选项AB错误；C第7s末到达

14、B点，则第7s内物体沿cB移动1m，平均速度为1m/s，选项C错误；D前7s内的位移则前7s内的平均速度选项D正确；故选D。2、B【解析】先求出F1和F2的合力范围，若F3在F1和F2的合力范围内，则合力为0，可能处于平衡状态.【详解】F1、F2两力合成时，合力范围为：|F1-F2|FF1+F2；故合力范围为：8NF48N；所以可能的为B，故ACD错误，B正确故选B3、D【解析】A、由可知，时间，所以物体水平方向的位移：，与初速度以及高度都有关，故A错误；B、C、做平抛运动的物体在水平方向是做的是匀速直线运动，所以在水平方向的速度是不变的，在竖直方向上做的是自由落体运动，所以在竖直方向上的速度

15、回均匀的增加，每秒钟速度的改变为，速度变化的方向是竖直向下的，故BC错误；D、平抛运动的规律是在水平方向做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动运动，所以建立“水平竖直坐标系”的话，可以很容易的把物体的运动分解成水平方向的匀速直线运动和竖直方向的自由落体运动，故D正确4、B【解析】设飞机的加速度为a，在第一段位移的初速度为v0，则第一段位移在两段位移内联立解得故选B。5、B【解析】对物体受力分析，受拉力、重力、支持力和滑动摩擦力，物体做匀速直线运动，根据平衡条件，采用正交分解法列式求解【详解】拉力的竖直分力F1=Fsin37=30N，水平分力F2=Fcos37=40N；根据平衡条件，竖直方向

16、，有：N+Fsin37=G，水平方向：Fcos37=f，其中：f=N，联立解得：N=70N，f=40N，=4/7；故AC错误，B正确；F2与物体和地面间摩擦力f的合力为零，故F与物体和地面间摩擦力f的合力方向与F1方向相同，竖直向上，故D错误；故选B【点睛】本题是力平衡问题，关键是受力分析后根据平衡条件并结合正交分解法列式求解利用正交分解方法解体的一般步骤：明确研究对象；进行受力分析；建立直角坐标系，建立坐标系的原则是让尽可能多的力落在坐标轴上，将不在坐标轴上的力正交分解；x方向，y方向分别列平衡方程求解6、D【解析】ACD根据x=aT2得小球的加速度为：m/s2B点的速度等于AC段的平均速度

17、，则有：m/sA点小球的速度为：m/s可知小球不是从A点释放，AC错误，D正确；BC点是BD段的中间时刻，根据平均速度的推论知，C点小球的速度等于B、D点两球速度之和的一半，B错误。故选D。7、CD【解析】A人和踏板由到的过程中，重力不变，弹力一直减小，合力先减小，所以加速度减小，故A错误；BCD人和踏板由到的过程中，弹力大于重力，加速度向上，人处于超重状态，人和踏板加速上升；从到的过程中，重力大于弹力，加速度向下，处于失重状态，人和踏板减速上升，人在点具有最大速度，故B错误，C、D正确；故选CD。8、BD【解析】A物体的速度增大，则加速度和速度同向，但是加速度不一定增大，根据F=ma可知所受

18、的合外力也不一定增大，选项A错误；B物体的速度很大，但加速度可能为零，根据F=ma可知所受的合力也可能为零，选项B正确；C物体的位移不断增大，则也可能做匀速直线运动，则物体所受合外力可能为零，选项C错误；D物体的速度为零，但加速度可能很大，根据F=ma可知所受的合力也可能很大，选项D正确；故选BD.9、AD【解析】AB当物体恰能沿斜面匀速下滑时，对物体进行受力分析如图甲所示。由力的平衡条件可知：，代入数值解得，A正确B错误；CD当物体恰能沿斜面匀速上滑时，对物体进行受力分析如图乙所示。由力的平衡条件可知：，代入数值解得F=12N，C错误D正确。故选AD。10、BC【解析】小球接触弹簧后，弹簧的

19、弹力先小于重力沿斜面向下的分力，小球的合力沿斜面向下，加速度也沿斜面向下，与速度方向相同，故小球做加速运动，因弹力逐渐增大，合力减小，加速度减小；随着小球向下运动，弹簧的弹力增大，当弹簧的弹力大于重力沿斜面向下的分力后，小球的合力沿斜面向上，加速度沿斜面向上，与速度方向相反，小球做减速运动，弹力增大，合力增大，加速度也增大；综上可知，加速度先减小后反向增大；小球速度先增大后减小，故BC正确，AD错误；故选BC.点睛：解决本题的关键是分析小球的受力情况，再判断其运动情况；压缩弹簧运动的分析是中学阶段的一个难点要注意分析弹簧的弹力随形变量的变化而变化； 从而引起合力和加速度的变化过程11、AD【解

20、析】试题分析：小车静止时，恰好不下滑，则重力等于最大静摩擦力，当小车加速时，根据弹力和吸引力的关系得出加速度的方向，对B分析，抓住B的最大静摩擦力求出加速度的最大值解：小车静止时，A恰好不下滑，所以对A有：mg=F引，当小车加速运动时，为了保证A不下滑，则FNF引，则FNF引=ma，加速时加速度一定向左，故B错误对B有（mg+F引）=mam，解得am=（1+）g，故A、D正确，C错误故选AD【点评】本题考查了牛顿第二定律的临界问题，关键抓住A、B的最大静摩擦力进行求解，掌握整体法和隔离法的运用12、ABC【解析】AB单独看或者，图线的斜率，从图中可知图线斜率恒定，即表示对于同一接触面，是一个定

21、值，A正确；B比较两图线，两图线的斜率不同，而这两个图线是在不同接触面上实验得到的，所以可知对于不同接触面，值不同，B正确；D图中红虚线与的交点，表示在正压力相同的情况下对应摩擦力的大小，从图中可知在正压力相同时，的摩擦力大，故的接触面更粗糙，C正确D错误。故选ABC。二填空题(每小题6分，共18分)13、 .BCD .0.48 . .C .A C【解析】(1)1AB实验中用到电火花计时器，所以需要220V、50Hz的交流电源，选项B正确，A错误；C验证牛顿第二定律实验中需要用天平测质量，选项C正确；D实验中需要通过纸带测出加速度，则需要刻度尺，选项D正确。故选BCD。(2)2小车的加速度(3

22、)3 根据牛顿第二定律有，对整体有对小车有所以细线作用于小车的拉力4当时，绳子的拉力近似等于砂和砂桶的重力，因此最合理的一组是C。(4)5AB由图线1可知F=0时，加速度a不等于零，可知平衡摩擦力过度，即木板一端垫得过高，选项A正确，B错误；CD出现图线2的原因可能是砂和桶的总质量不合适，没有满足远小于小车的质量，选项C正确，D错误。故选AC。14、 .小车的总质量 .小车所受外力 .C【解析】(1)12探究加速度与力的关系，应保持小车的质量不变，用钩码所受的重力作为小车受到的合外力(2)3本实验要探索“加速度和力的关系”所以应保持小车的总质量不变，钩码所受的重力作为小车所受合外力；由于OA段

23、aF关系为一倾斜的直线，所以在质量不变的条件下，加速度与外力成正比；设小车的质量为M，钩码的质量为m，由实验原理得mg=Ma得a=而实际上a=可见AB段明显偏离直线是由于没有满足Mm造成的。故选C。15、 .B .未平衡摩擦或未平衡掉摩擦 .平衡摩擦过度 .没有满足重物的质量远小于小车的质量这一条件【解析】（1）1A、平衡摩擦力时，应将绳从小车上拿去，轻轻推动小车，是小车沿木板运动，通过打点计时器打出来的纸带判断小车是否匀速运动故A错误B、每次改变小车的质量时，小车的重力沿斜面分力和摩擦力仍能抵消，不需要重新平衡摩擦力故B正确；C、实验时应先接通电源然后再放开小车，故C错误；D、当重物的质量远

24、小于小车的质量时我们才可以认为小车的合力等于重物的重力，故D错误；故选B（2）23从图A中发现直线没过原点，当F0时，a=0也就是说当绳子上有拉力时小车的加速度还为0，是没有平衡摩擦力，或平衡摩擦力不够引起的.当F=0时，a0也就是说当绳子上没有拉力时小车就有加速度，这是平衡摩擦力时木板倾角太大，即平衡摩擦力过度引起的4设小车加速度为a，对小车F=Ma对重物F-mg=ma联立解得所以重物的质量m远小于小车的质量M时，当m逐渐变大时，a逐渐变小，故图象出现弯曲所以原因是：重物的质量不是远小于车的质量三计算题(22分)16、775m【解析】方法一：可将物体的运动过程视为匀变速直线运动根据题意画出运

25、动草图如图所示规定向下方向为正，则V0=-10m/s，g=10m/s2根据则有物体刚掉下时离地1275m方法二：如图将物体的运动过程分为ABC和CD两段来处理ABC为竖直上抛运动，CD为竖直下抛运动在ABC段，据竖直上抛规律可知此阶段运动时间为由题意知tCD=17-2=15（s）根据下抛运动规律方法三：根据题意作出物体脱离气球到落地这段时间的V-t图（如图所示）其中v0otB的面积为AB的位移tBtcvc的面积大小为BC的位移梯形tCtDvDvC的面积大小为CD的位移即物体离开气球时距地的高度则tB=1s根据竖直上抛的规律tc =2s，tBtD= 171=16（s）在tBvDtD中则可求vD160（m/s）梯形面积【点评】只要加速度恒定不变就是匀变速直线运动，只要初速度方向与加速度方向相反就是匀减速直线运动，无论物体的速度方向是否发生变化均可以由匀变速直线运动的公式求解，例如竖直上抛运动就可以把上升和下落看做整个过程的匀减速直线运动17、 (1)将FN沿水平方向和竖直方向正交分解，可知竖直方向合力为零，水平方向合力不为零，因此冰车在水平方向合力作用下由静止变为运动，且在物块滑