山东省微山县一中2022-2023学年物理高一上期末检测试题含解析

1、2022-2023学年高一上物理期末模拟试卷注意事项1考生要认真填写考场号和座位序号。2试题所有答案必须填涂或书写在答题卡上，在试卷上作答无效。第一部分必须用2B 铅笔作答；第二部分必须用黑色字迹的签字笔作答。3考试结束后，考生须将试卷和答题卡放在桌面上，待监考员收回。一、选择题：本大题共10小题，每小题5分，共50分。在每小题给出的四个选项中，有的只有一项符合题目要求，有的有多项符合题目要求。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。1、一个物体A静止在粗糙的斜面上，以下关于物体受到的力说法正确的是A.重力、支持力、压力B.重力、压力、下滑力C.重力、摩擦力、下滑力D.重力、支持

2、力、摩擦力2、如图所示，质量为的物体受到与水平方向成、大小为的拉力作用向右作匀速直线运动，则A.地面对物体的支持力为B.地面对物体的摩擦力为C.地面与物体间的动摩擦因数为D.与物体和地面间摩擦力的合力方向竖直向下3、如图所示，小球从竖直放置的轻弹簧正上方自由下落。在小球接触弹簧到弹簧被压缩到最短的过程中，小球的速度（）A.变大B.不变C.变小D.先变大后变小4、下面哪一组单位属于国际单位制的基本单位A.米、牛顿、千克B.千克、焦耳、秒C.米、千克D.米/秒2、千克、牛5、静止在光滑水平地面上的物体的质量为1kg，在水平恒力F推动下开始运动，2s末它的速度达到4m/s，则F的大小为（）A.2NB

3、.1NC.4ND.8N6、如图所示，小船速度大小为v1，方向与上游河岸成角，从A处过河，正好到达正对岸的B处。现水流速度变大少许，要使小船过河也正好到达正对岸的B处，下列方法中可行的有（）A.保持v1不变，同时增大角B.保持v1不变，同时减小角C.保持角不变，增大v1大小D.增大角，减小v1大小7、下列物理量为矢量的是（ ）A.平均速度B.加速度C.路程D.位移8、如图，物块在水平放置的台式弹簧秤上保持相对静止，弹簧秤的示数为15N。要得出物块的重力为15N的结论，还需要的依据是A.胡克定律B.牛顿第三定律C.当地的重力加速度为10m/s2D.物块处于平衡态，平衡态的物体所受合力为零9、如图所

4、示，光滑水平面上放置质量分别为m、2m和3m三个木块，其中质量为2m和3m的木块间用一轻弹簧相连，轻弹簧能承受的最大拉力为T.现用水平拉力F拉质量为3m的木块，使三个木块一起加速运动，则以下说法正确的是A.质量为2m的木块受到四个力的作用B.当F逐渐增大到1.5T时，轻弹簧刚好被拉断C.当F逐渐增大到15T时，轻弹簧还不会被拉断D.当F撤去瞬间，m所受摩擦力的大小和方向不变10、如图，物体在平行于斜面向上的拉力F作用下静止在粗糙斜面上，拉力增大的过程中物体保持静止，关于物体受到的静摩擦力大小的变化法可能正确的是（）A.一直增大B.先减小后增大C.先增大后减小D.始终为零二、实验题11、（4分）

5、在“探究加速度与力、质量的关系”实验中，某同学使用了如图所示的装置，打点计时器的打点频率为50Hz。小车的质量为M，沙桶和沙子的质量为m.（1）图乙是实验中得到的一条纸带，A、B、C、D、E、F、G为7个相邻的计数点，相邻的两个计数点之间还有四个点未画出。量出相邻的计数点之间的距离分别为：sAB=4.22cm、sBC=4.65cm、sCD=5.08cm、sDE=5.49cm、sEF=5.91cm、sFG=6.34cm。已知打点计时器的工作频率为50Hz，则a=_m/s2，vB=_m/s。（保留二位有效数字）（2）某同学在另一次实验中，用沙桶和沙子的重力表示对小车的拉力F，通过数据的处理作出了a

6、F图象，如图所示，则：图中的直线不过原点的原因是_。此图中直线发生弯曲的原因是_；在这个实验中采用的探究方法是_。12、（10分）三个木块A、B、C在水平外力F的作用下，一起在水平面上向右匀速运动，则木块B受到_个力的作用，木块C受到了_力作用。三、计算题：解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤只写出最后答案的不能得分有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位13、（9分）甲、乙两同学在水平桌面上做“探究两个互成角度的力的合成规律”的实验，步骤如下：a甲同学用两个弹簧测力计将橡皮筋与细绳的结点拉至O点；b乙同学记下两个弹簧测力计示数分别为F1、F2，并用铅笔沿两个细绳套方向记下A、

7、B两点；c乙同学用一只弹簧测力计再次将结点拉至O点；d甲同学记下弹簧测力计示数为F3，并用铅笔沿细绳套方向记下C点（1）如图甲所示，弹簧测力计的最小分度是_N，弹簧测力计读数有_位有效数字.（选填“2”、“3”）（2）若F1=3.00N，F2=4.00N，F3为甲图中读数，在乙图中画出F1、F2、F3的力的图示，以及F1、F2作为邻边的平行四边形的对角线F_（3）关于本实验，下列说法正确的有_A用两个弹簧测力计拉细绳时，F1、F2的夹角应尽可能大B在记录弹簧测力计示数时，视线要正对弹簧测力计刻度C为减小读数误差，应让拉力大小接近测力计量程D用弹簧测力计拉细绳套时，弹簧测力计应与木板平行14、（

8、14分）质量为m1.0kg的小物块静止在倾角为37的斜面的底端，现对其施一沿斜面向上的力F，力随时间变化的情况如图所示，已知sin370.6，cos370=0.8，物块与斜面间的动摩擦因数m0.25，取g10m/s2，设斜面足够长求：(1)物体受到摩擦力多大？(2)力F作用下物体的加速度？4秒内物体沿斜面上滑的距离？(3)4秒末物体运动的速度(4)物块沿斜面向上运动的最长时间15、（13分）如图所示，水平面O点的右侧光滑，左侧粗糙O点到右侧竖直墙壁的距离为L，一系统由可看作质点A、B两木块和一短而硬（即劲度系数很大）的轻质弹簧构成A、B两木块的质量均为m，弹簧夹在A与B之间，与二者接触而不固连

9、让A、B压紧弹簧，并将它们锁定，此时弹簧的弹性势能为E0若通过遥控解除锁定时，弹簧可瞬时恢复原长该系统在O点从静止开始在水平恒力F作用下开始向右运动，当运动到离墙S=L/4时撤去恒力F，撞击墙壁后以原速率反弹，反弹后当木块A运动到O点前解除锁定求（1）解除锁定前瞬间，A、B的速度多少？（2）解除锁定后瞬间，A、B的速度分别为多少？（3）解除锁定后F、L、E0、m、满足什么条件时，B具有的动能最小，这样A能运动到距O点最远距离为多少？（A与粗糙水平面间的摩擦因数为）参考答案一、选择题：本大题共10小题，每小题5分，共50分。在每小题给出的四个选项中，有的只有一项符合题目要求，有的有多项符合题目要

10、求。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。1、D【解析】物体静止在粗糙的斜面上，首先物体要受到重力和斜面的支持力；物体处于平衡状态，没有沿斜面向下滑动，说明物体还要受到斜面对物体的沿斜面向上的静摩擦力故选项D正确，选项ABC错误故选D2、B【解析】对物体受力分析，受拉力、重力、支持力和滑动摩擦力，物体做匀速直线运动，根据平衡条件，采用正交分解法列式求解【详解】拉力的竖直分力F1=Fsin37=30N，水平分力F2=Fcos37=40N；根据平衡条件，竖直方向，有：N+Fsin37=G，水平方向：Fcos37=f，其中：f=N，联立解得：N=70N，f=40N，=4/7；故AC错

11、误，B正确；F2与物体和地面间摩擦力f的合力为零，故F与物体和地面间摩擦力f的合力方向与F1方向相同，竖直向上，故D错误；故选B【点睛】本题是力平衡问题，关键是受力分析后根据平衡条件并结合正交分解法列式求解利用正交分解方法解体的一般步骤：明确研究对象；进行受力分析；建立直角坐标系，建立坐标系的原则是让尽可能多的力落在坐标轴上，将不在坐标轴上的力正交分解；x方向，y方向分别列平衡方程求解3、D【解析】小球从某高度处自由落下，在接触弹簧之前，只受重力，做加速运动，接触弹簧后，除了受重力还会受到向上的弹力，随着形变量逐渐增大，弹力逐渐增大，小球的加速度逐渐减小。当弹力等于重力时，小球速度达到最大，之

12、后，形变量继续增大，弹力大于重力，小球做减速运动，加速度逐渐增大，所以小球先做加速，后做减速，即小球的速度先变大后变小，所以D正确，ABC错误。故选D。4、C【解析】A牛顿是导出单位，故A错误；B焦耳是导出单位，故B错误；C米、千克都基本单位，故C正确；D米秒、牛都是导出单位，故D错误。故选C。5、A【解析】物体的加速度根据牛顿第二定律：F=ma=2NA2N，与结论相符，选项A正确；B1N，与结论不相符，选项B错误；C4N，与结论不相符，选项C错误；D8N，与结论不相符，选项D错误；故选A.6、BC【解析】设水流速度为，要从处过河，正好到达正对岸的处，则满足现水流速度变大，若保持不变，应减小角

13、；若保持角不变，应增大大小；若增大角，一定要增大大小，故B、C正确，A、D错误；故选BC。7、ABD【解析】位移、平均速度和加速度都是既有大小又有方向的物理量，是矢量；而路程是只有大小没有方向的物理量，是标量。故ABD正确。故选ABD。8、BD【解析】弹簧秤的示数为15N，则物体对弹簧秤的压力为15N，根据牛顿第三定律可知，弹簧秤对物体的支持力为15N，对物体由平衡知识可知，物体的重力与弹簧秤对物体的支持力等大反向，则物体的重力为15N。要得出物块的重力为15N的结论，还需要的依据是牛顿第三定律和二力平衡知识；A胡克定律，与结论不相符，故A错误；B牛顿第三定律，与结论相符，故B正确；C当地的重

14、力加速度为10m/s2，与结论不相符，故C错误；D物块处于平衡态，平衡态的物体所受合力为零，与结论相符，故D正确；故选BD.9、CD【解析】质量为的物体受重力、支持力、对它的压力以及摩擦力，还有弹簧的弹力，总共受5个力，故A错误；当弹簧的弹力为T时，和的加速度，对整体分析，拉力知当拉力为2T时，轻弹簧恰好被拉断故B错误，C正确；撤去F的瞬间，弹簧的弹力不变，和整体的加速度不变，隔离对分析，根据牛顿第二定律知，所受的摩擦力大小和方向都不变，故D正确考点：牛顿第二定律、胡克定律【名师点睛】解决本题的关键能够正确地受力分析，运用牛顿第二定律进行求解，注意整体法和隔离法的运用10、AB【解析】对物体进

15、行受力分析，受到重力、支持力、摩擦力以及平行于斜面向上的拉力F，将重力分解，平行于斜面向下的重力的分力；（1）当开始时，物体不受摩擦力，所以当拉力增大时，则静摩擦力增大；（2）当开始时，这两个力的合力平行于斜面向下，则物体所受的静摩擦力f平行于斜面向上，当拉力增大时，则静摩擦力先减小，后增大；（3）当开始时，摩擦力平行于斜面向下，随着拉力增大，则静摩擦力增大综上所述，故AB正确，CD错误二、实验题11、 (1). (2). (3).实验前木板右端垫得过高，平衡摩擦力过度 (4).随着F的增大不再满足沙桶质量远小于小车质量，即 (5).控制变量法【解析】（1）12由题意可知，相邻计数点之间的时间

16、间隔，根据匀变速直线运动的知识可知，A、C两点的过程中小车的平均速度即为B点的瞬时速度，即由逐差公式可得：（2）3图中当时，也就是说当绳子上没有拉力时，小车的加速度不为0，说明小车的摩擦力小于重力的分力，所以原因是实验前木板右端垫得过高，平衡摩擦力过度；4此图中直线发生弯曲的原因是随着F的增大不再满足沙桶质量远小于小车质量，即；5 在这个实验中采用的探究方法是控制变量法。12、 .2 .6【解析】1对物体B来说，因其所受合外力为0，只受：重力、支持力2个力的作用；2以C为研究对象，在F作用下向右匀速运动，所受合外力为0，故C受：重力、地面的支持力，A、B的压力，还有地面向左的摩擦力，A对C地有

17、向右的摩擦力，共六个力三、计算题：解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤只写出最后答案的不能得分有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位13、 (1).01 (2).3 (3). (4).BD【解析】(1)1由图可知弹簧测力计的最小分度是0.1N；2以N为单位，读数要读到最小刻度值的下一位，所以弹簧测力计读数有3位有效数字.(2)3根据甲图可读出F3=5.30N，所以由题意可作图如图所示：(3)4A根据平行四边形定则可以知道夹角太小将会导至合力过大,导致一个弹簧拉时可能超过量程，故夹角不能太小或太大，适当即可,故A错误;BD为了减小误差，防止出现分力的情况应让各力尽量贴近木板,且

18、与木板平行,同时读数时视线要正对弹簧秤刻度，所以B正确，D正确C实验是通过作图得出结果，故在不超出量程的情况下为了减小误差应让拉力尽量大些，但一般不宜太接近量程，这样容易损坏弹簧测力计故C错误.故选BD.14、 (1)2N (2)2m/s2 16m (3)8m/s (4)5s【解析】对物体受力分析，受重力、支持力、滑动摩擦力，将重力按照作用效果正交分解，根据牛顿第二定律列式分析求解加速度，根据运动公式求解速度和位移【详解】（1）对木箱受力分析，将重力G沿斜面和垂直斜面方向分解：G1=mgsin G2=mgcos根据牛顿第二定律，有：N-mgcos=0解得：N=mgcos=1.0100.8=8N根据牛顿第三定律，压力物体对斜面的正压力为8N；由f=N=0.258N=2N（2）物体所受的合力：F合=F-（f+G1）=10-（2+1.0100.6）=2N 方向沿斜面向上由牛顿第二定律得： 4秒内物体沿斜面上滑的