辽宁省阜新市博大教育2022年物理高一上期末经典模拟试题含解析

1、2022-2023学年高一上物理期末模拟试卷注意事项：1 答题前，考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚，将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。2选择题必须使用2B铅笔填涂；非选择题必须使用05毫米黑色字迹的签字笔书写，字体工整、笔迹清楚。3请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效。4保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、选择题：（1-6题为单选题7-12为多选，每题4分，漏选得2分，错选和不选得零分）1、若地球半径为R，把地球看作质量分布均匀的球体。“蛟龙”号下潜深度为d，“天宫一号”轨道距离地面高度

2、为h，“蛟龙”号所在处与“天宫一号”所在处的重力加速度之比为（）A.B.C.D.2、在一次交通事故中，交警察看现场时发现刹车痕迹近乎为一条直线，测得长为16m，行车记录仪显示刹车前的速度为72km/h ，由此，交警可估算出刹车过程中的制动加速度大小约为A.6.25m/s2B.12.5 m/s2C.20 m/s2D.25 m/s23、如图所示，A、B是两个摩擦传动的靠背轮，A是主动轮，B是从动轮，它们的半径RA=2RB，a和b两点在轮的边缘，c和d在各轮半径的中点，下列判断正确的是（）A.va=2vbB.b=2aC.vc=vaD.b=c4、如图所示，一个质量为M的人站在台秤上，用跨过定滑轮的绳子

3、将质量为m的物体自高处放下，不考虑滑轮与绳子间的摩擦，当物体以加速度a加速下降（ag）时，台秤的读数为（）A.（Mm）g+maB.（M+m）gmaC.（Mm）gD.（Mm）gma5、对于质量一定的物体，下列关于加速度的说法中正确的是 ( )A.物体加速度方向与速度方向相同B.物体的速度变化越大，加速度就越大C.物体加速度方向可能与所受的合外力方向相反D.物体所受的合外力越大，加速度一定越大6、将四块相同的坚固石块垒成圆弧形的石拱，其中第3、4块固定在地基上，第1、2块间的接触面是竖直的，每块石块的两个侧面间所夹的圆心角均为，石块间的摩擦力可以忽略不计。则第1块对第2块的弹力F1和第1块对第3块

4、的弹力F2的大小之比为（）A.B.C.D.7、电梯的顶部挂一个弹簧测力计,测力计下端挂了一个质量为1kg的重物,电梯在匀速直线运动时,弹簧测力计的示数为10N,在某时刻电梯中的人观察到弹簧测力计的示数变为12N。关于电梯的运动,以下说法正确的是(g取10m/s2)()A.电梯可能向上加速运动,加速度大小为2m/s2B.电梯可能向下加速运动,加速度大小为4m/s2C.电梯可能向上减速运动,加速度大小为4m/s2D.电梯可能向下减速运动,加速度大小为2m/s28、两个共点力的大小为F1 = 15N，F2 = 8N，它们的合力大小可能等于()A.21NB.25NC.8ND.9N9、传送带以恒定速度v

5、=4 m/s顺时针运行，已知传送带与水平面的夹角=37，现将质量m=2 kg的小物块轻放在其底端（小物块可看成质点），平台上的人通过一根轻绳用恒力F=20 N拉小物块，经过一段时间物块被拉到平台上，如图所示，已知物块与传送带之间的动摩擦因数=0.5，传送带长6m。设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，g取10 m/s2，sin 37=0.6，cos 37=0.8。则（）A.物体一直做匀加速运动B.物体先受滑动摩擦力，共速后受静摩擦力C.物体在传送带上运动的时间为1.5sD.物体相对传送带滑行的距离为1m10、如图所示，质量为m物体在恒力F作用下沿水平地面做匀速直线运动，物体与地面间动摩擦因数为，则物体

6、受到的摩擦力的大小为A.FsinB.(mg-Fsin)C.FcosD.(mg+Fsin)11、跳高运动员从地面起跳的瞬间,下列说法中正确的是（ ）A.运动员对地面的压力大于运动员受到的重力B.运动员对地面的压力大小等于运动员受到的重力C.地面对运动员的支持力大于运动员受到的重力D.地面对运动员的支持力大于运动员对地面的压力12、如图所示，甲图为光滑水平桌面上质量为M的物体，用轻绳通过定滑轮与质量为m的物体相连，m所受重力为5N；乙图为同一物体M在光滑水平桌面上用轻绳通过定滑轮施加竖直向下的拉力F，拉力F的大小也是5N，开始时甲乙两图中M距桌边的距离相等，则（）A.甲图中M到达桌边用的时间较长，

7、速度较小B.M到达桌边时的速度相等，所用的时间也相等C.乙图中绳子受到的拉力较大D.甲图中M到达桌边时的动能较大，所用时间较短二、实验题（本题共16分，答案写在题中横线上）13、（6分）某宇宙飞船中的宇航员的质量是60kg，起飞阶段向上的加速度是30m/s2，宇航员对坐椅向下的压力为_N；重返大气层阶段飞船向下做减速运动，则宇航员处于_（填“超重”或“失重”）状态。（g=10m/s2）14、（10分）游乐场所上我们经常会看到“套圈圈”的游戏，如图所示，某同学以初速度v0=6m/s从O点抛出铁丝圈，已知A点在O点的正下方，结果套中水平地面上距A点L=3m处目标C。忽略空气阻力（g取10m/s2）

8、，求：（1）铁丝圈抛出点距离地面的高度h；（2）铁丝圈落地时速度方向与水平地面的夹角的正切值三、计算题要求解题步骤，和必要的文字说明（本题共36分）15、（12分）如图甲所示，一小滑块（可视为质点）与长木板一起以v05m/s的速度沿光滑水平面向左运动现给长木板加一个F12N向右的水平推力，小滑块与长平板发生相对滑动，长木板运动的vt图如图乙所示当长木板速度减速为零时，小滑块恰好滑至长平板上的A点，此时撤去外力F并将长木板锁定，小滑块继续沿长木板运动，恰好到达长木板的最左端已知长木板的质量M2kg，小滑块的质量m1kg，g 取10m/s2求：（1）小滑块与长平板间的动摩擦因数；（2）滑块运动到A

9、点时的速度vA；（3）长平板长度L16、（12分）在某次一级方程式赛车会上，某车手驾车沿直线赛道匀加速依次通过A、B、C三点，已知由A到B，由B到C的时间分别为t12s，t23s，AB的距离x120m，BC距离x260m，赛车在此赛道的最大速度为vm38m/s，求：（1）赛车匀加速的加速度以及通过A点时的速度；（2）赛车通过C点后还能加速的距离17、（12分）如图所示，质量为M2 kg的长木板静止在光滑水平面上，现有一质量m1 kg的小滑块(可视为质点)以v03.6 m/s的初速度从左端沿木板上表面冲上木板，带动木板一起向前滑动已知滑块与木板间的动摩擦因数0.1，重力加速度g取10 m/s2.

10、求：(1)滑块在木板上滑动过程中，长木板受到的摩擦力大小和方向；(2)滑块在木板上滑动过程中，滑块加速度大小；(3)若长木板足够长,滑块与长木板达到的共同速度v.(4)小滑块与长木板速度相等时，小滑块相对长木板上滑行的距离L参考答案一、选择题：（1-6题为单选题7-12为多选，每题4分，漏选得2分，错选和不选得零分）1、C【解析】设地球的密度为，则在地球表面，重力和地球的万有引力大小相等，有由于地球的质量为所以重力加速度的表达式可写成根据题意有，质量分布均匀的球壳对壳内物体的引力为零，故在深度为d的地球内部，受到地球的万有引力即为半径等于(Rd)的球体在其表面产生的万有引力，故“蛟龙”号的重力

11、加速度所以有根据万有引力提供向心力“天宫一号”所在处的重力加速度为所以因此故选C。2、B【解析】将汽车刹车做匀减速运动的过程看做反向的初速度为零的匀加速运动，则根据v2=2ax解得故选B3、B【解析】A.由于A、B两轮之间通过摩擦传动，故A、B两轮的边缘的线速度大小相同，故va=vb，故A错误B.根据v=R可得，aRA=bRB，有a：b=RB：RA=1：2即b=2a，故B正确；C.由于a与c在同一个圆上，故a=c，va：vc=2：1即va=2vc，故C错误;D.有上分析可知，b=2a，又因为a、c两点角速度相等，所以b=2c，故D错误；故选B。4、A【解析】先对重物受力分析，受重力和拉力，加速

12、下降，然后根据牛顿第二定律列式求出绳子的拉力；再对人受力分析，受到重力、拉力和支持力，根据平衡条件求出支持力，而台秤读数等于支持力【详解】对重物受力分析，受重力和拉力，加速下降，根据牛顿第二定律，有：mg-T=ma；再对人受力分析，受到重力、拉力和支持力，根据共点力平衡条件，有：N+T=Mg；联立解得N=（M-m）g+ma，故选A5、D【解析】物体加速度方向与速度方向不一定相同，选项A错误；物体的速度变化越快，加速度就越大，选项B错误；物体加速度方向一定与所受的合外力方向相同，选项C错误；根据a=F/m可知，物体所受的合外力越大，加速度一定越大，选项D正确6、A【解析】如图对第一个石块进行受力

13、分析由几何关系知=60所以有F1 ：F2=sin60=故选A。7、AD【解析】电梯匀速直线运动时，弹簧秤的示数为10N，知重物的重力等于10N；在某时刻电梯中的人观察到弹簧秤的示数变为12N，对重物有解得方向竖直向上，则电梯的加速度大小为2m/s2，方向竖直向上，电梯可能向上做加速运动，也可能向下做减速运动，故AD正确。故选AD。8、ACD【解析】二力合成遵循平行四边形定则，同向时合力最大，反向时合力最小，合力范围：|F1+F2|F|F1-F2|【详解】二力合成时合力范围：|F1+F2|F|F1-F2|；两共点力，F1=15N，F2=8N，故合力最大23N，最小7N，之间任意结果都可以；故B错

14、误，ACD正确故选ACD【点睛】本题关键是明确二力合成时遵循平行四边形定则，夹角越大，合力越小，同向时合力最大，反向时合力最小9、BD【解析】AB开始时，物体受向上的拉力F=20N，向上的摩擦力重力沿斜面向下的分力：则物体向上做加速运动，当与传送带共速后，因F=G1+f（此时摩擦力向下）可知物块匀速运动；即物体先做匀加速运动，后做匀速运动；物体先受向上的滑动摩擦力，共速后受向下的静摩擦力，选项A错误，B正确；CD物体加速运动时的加速度加速运动的时间加速运动的位移做匀速运动的时间则在传送带上滑行的总时间物体相对传送带滑行的距离为选项C错误，D正确；故选BD。10、CD【解析】对物体受力分析如图，

15、由于匀速运动所以物体所受的合力为零，在水平方向有摩擦力f=Fcos，所以C正确，A错误；再由f=FN，FN=mg+Fsin可知，摩擦力f=（mg+Fsin），所以D正确B错误故选CD【点睛】解决动力学问题关键是正确进行受力分析，根据物体的运动状态，结合正交分解法列方程求解11、AC【解析】运动员在起跳过程中运动员的加速度竖直向上，根据牛顿第二定律可知运动员所受合力竖直向上，故地面对运动员的支持力大于运动员的重力；地面对运动员的支持力和运动员对地面的压力是一对作用力和反作用力，大小相等，方向相反；故AC正确，BD错误。故选AC。【名师点睛】解决本题的关键知道作用力和反作用力大小相等，方向相反。人

16、之所以能起跳，是因为地面对运动员的支持力大于运动员的重力，产生向上的加速度。运动员能够挑起的原因是地面的支持力大于运动员的重力，即运动员所受合力竖直向上。地面对运动员的支持力和运动员对地面的压力是作用力和反作用力，大小相等，方向相反。12、AC【解析】ABD甲图中，对整体分析，根据牛顿第二定律可得整体的加速度：乙图中，对分析，加速度：根据速度位移公式可知甲图中到达桌边时的速度较小，根据可知甲图中到达桌边时动能较小，根据可知甲图中到达桌边时所用的时间较长，A正确，BD错误；C甲图中绳子的拉力为：乙图中绳子拉力等于5N，C正确。故选AC。二、实验题（本题共16分，答案写在题中横线上）13、 (1)

17、.2400 (2).超重【解析】1设座椅对宇航员的支持力为FN，由牛顿第二定律可知代入数据解得FN=2400N，根据牛顿第三定律可知宇航员对坐椅向下的压力为2400N；2当飞船向下做减速运动时，加速度方向向上，故宇航员处于超重状态。14、（1）1.25m（2）【解析】（1）根据平抛规律有：代入数据解得：s则竖直位移为：m（2）平抛竖直方向速度：m/s则有：三、计算题要求解题步骤，和必要的文字说明（本题共36分）15、（1）0.2，（2），（3）3.75m.【解析】（1）对长木板受力分析，根据牛顿第二定律即可求出动摩擦因数；（2）对滑块受力分析，由牛顿第二定律求出加速度，由速度时间公式即可求解；

18、（3）根据运动学公式求出1s前滑块相对长木板的位移和1s后滑块相对长木板的位移，长木板的长度为滑块相对长木板的位移之和.（1）当给长木板加一个F=12N向右的水平推力，长木板向左匀减速运动由vt图得：加速度的大小对长木板受力分析可知，长木板受重力、地面的支持力、滑块的压力，滑块对长木板向左的滑动摩擦力和推力F作用由牛顿第二定律得：解得：（2）对滑块受力分析可知，滑块受重力、长木板的支持力和长木板对滑块向右的摩擦力作用，向左做匀减速运动由牛顿第二定律得：解得：经过时间t=1s，到达A点的速度为（3）由图知，长木板1s内的位移为滑块1s内的位移为则相对位移为1s后，长木板固定不动，滑块继续做减速运动到零时，刚好达到长木板左端则位移为故长木板的长度16、（1）4m/s2， 6m/s；（2）96m【解析】利用位移时间关系公式表示AB段位移和AC段位移，联立求解所设的物理量；先根据速度时间关系公式求解C点速度，然后速度位移关系求解还能加速的位移【详解】解：（1）赛车在A点速度为vA，加速度为a，根据位移时间公式则有vA（t1+t2）+a（