黑龙江省伊春市二中2022年物理高一第一学期期末质量跟踪监视模拟试题含解析

1、2022-2023学年高一上物理期末模拟试卷注意事项：1 答题前，考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚，将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。2选择题必须使用2B铅笔填涂；非选择题必须使用05毫米黑色字迹的签字笔书写，字体工整、笔迹清楚。3请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效。4保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）1、

2、关于共点力的合成，下列说法正确的是（）A.两个分力的合力一定比分力大B.两个分力大小一定，夹角越大，合力越小C.两个力合成，其中一个力增大，另外一个力不变，合力一定增大D.现有三个力，大小分别为3N、6N、8N，这三个力的合力最小值为1N2、一颗子弹垂直射向并排靠在一起且固定的三块木块，射穿最后一块时速度恰好减为零，已知子弹在这三块木板中穿行时加速度保持不变，它通过这三块木板所用时间之比为123，则这三块木板厚度之比为（）A.531B.11169C.2781D.16813、如图所示是剪式千斤顶，当摇动把手时，螺纹轴就能迫使千顶的两臂靠拢，从而将汽车顶起。当车轮刚被顶起时，汽车对千斤顶的压力为，

3、此时千斤顶两臂间的夹角为，则下列判断正确的是（）A.此时两臂受到的压力大小均为B.此时千斤顶对汽车的支持力大小为C.若继续摇动把手，将汽车顶起，两臂受到的压力将增大D.若继续摇动把手，将汽车顶起，两臂受到的压力将减小4、如图所示，小球从高处下落到正下方竖直放置的轻弹簧上，那么小球从接触弹簧开始到将弹簧压缩到最短的过程中（弹簧一直保持竖直），下列说法中正确的是（）A.小球受到的弹力先增大后减小B.小球的速度一直在减小C.小球的加速度先减小后增大D.小球一直处于失重状态5、如图所示，用力F推放在光滑水平面上的物体P，Q，R，使其一起做匀加速运动若P和Q之间的相互作用力为6N，Q和R之间的相互作用力

4、为4N，Q的质量是2kg，那么R的质量是A.1kgB.2kgC.3kgD.4kg6、关于平抛运动和圆周运动，下列说法正确的是A.平抛运动过程中物体在相等时间内速度的改变量一定相等B.平抛运动中速度方向不断变化，因而加速度一定是变化的C.做圆周运动的物体加速度方向一定指向圆心D.匀速圆周运动是加速度不变的运动7、我国载人飞船已多次成功发射和回收假设载人舱在竖直降落时所受空气阻力与速度的平方成正比，即f=kv2，其中k为比例系数若载人舱的质量为m，重力加速度为g则A.k的单位用国际单位制中的基本单位表示是kg/mB.载人舱降落过程加速度大小先减小后增大C.降落距离足够大时，载人舱最终的速度大小为D

5、.载人舱的速度大小为时，加速度大小为8、有一种游戏，游戏者手持乒乓球拍托球移动，距离大者获胜。若某人在游戏中沿水平面做匀加速直线运动，球拍与球保持相对静止且球拍平面和水平面之间的夹角为，如图所示设球拍和球质量分别为M、m，不计球拍和球之间的摩擦，不计空气阻力，则（）A.运动员的加速度大小为gtanB.球拍对球的作用力大小为mgC.球拍对球的作用力大小为mgcosD.运动员对球拍的作用力大小为9、如图所示，在探究牛顿运动定律的演示实验中，若1、2两个相同的小车所受拉力分别为F1、F2，车中所放砝码的质量分别为m1、m2，打开夹子后经过相同的时间两车的位移分别为x1、x2，则在实验误差允许的范围内

6、，有（）A.当m1m2、F12F2时，x12x2B.当m1m2、F12F2时，x22x1C.当m12m2、F1F2时，x12x2D.当m12m2、F1F2时，x22x110、将一个力F分解为两个分力F1和F2，则下列说法中正确的是( )A.F1和F2是物体实际受到的力B.F1和F2两个分力在效果上可以取代力FC.物体受到F1，F2和F三个力的作用D.F是F1和F2的合力11、关于牛顿第二定律，正确的说法是（）A.物体的质量跟外力成正比，跟加速度成反比B.加速度的方向一定与合外力的方向一致C.物体的加速度跟物体所受的合外力成正比，跟物体的质量成反比D.由于加速度跟合外力成正比，整块砖的重力加速度

7、一定是半块砖重力加速度的2倍12、如图是一物体做匀变速直线运动的速度时间图象，下面说法正确的是（）A.前4s内，物体先沿正方向运动，后沿负方向运动B.前4s内，物体先沿负方向运动，后沿正方向运动C.前4s内，当t2s时，物体距离出发点最远D.当t4s时，物体回到出发点二填空题(每小题6分，共18分)13、如图1所示是在做“验证牛顿第二定律”的实验时的装置，实验中使用的是电火花打点计时器，所用的电源是_（填“直流”或“交流”）电源，电压为_V，频率是50Hz放在水平桌面的小车（包括里面的钩码）的总质量为M，悬挂的每个钩码的质量为m挂一个钩码时，水平木板上的小车恰好匀速运动，挂5个同样钩码时小车带

8、动的纸带如图2所示，每相邻两点之间有四个点没有画出来，纸带上数字的单位是厘米，都是该点到点“0”的距离，该纸带_（填“是”或“不是”）从开始的“0”点就做匀加速直线运动小车做匀加速直线运动段的加速度a=_m/s2（保留三位有效数字），g=9.8m/s2，=_（用分数表示）14、在“验证牛顿第二定律”实验中，某同学做出的 a 关系图线，如图所示，从图象中可以看出，作用在物体上的恒力F=_N。当物体的质量为2 kg时，它的加速度为_m/s2。15、在做完“验证力的平行四边形定则”实验后，某同学将其实验操作过程进行了回顾，并在笔记本上记下如下几条体会，其中正确的是_和_。（填序号字母）A.用弹簧测力

9、计拉橡皮条时，必须使弹簧测力计的弹簧与木板平面平行B.用两只弹簧测力计拉橡皮条时，必须使两细绳套间的夹角为C.用两只弹簧测力计拉时合力的图示F和用一只弹簧测力计拉时拉力的图示F虽不完全重合，但在误差允许范围内仍可以说明“力的平行四边形定则”成立D.若用两只弹簧测力计拉时，拉力F1、F2方向不变，大小各增加1N，则合力F的方向不变，大小必增加1N三计算题(22分)16、（12分）如图所示，斜面高为h，水平面上D、C两点距离为L。可以看成质点的物块从斜面顶点A处由静止释放，沿斜面AB和水平面BC运动，斜面和水平面衔接处用一长度可以忽略不计的光滑弯曲轨道连接，图中没有画出，不计经过衔接处B点的速度大

10、小变化，最终物块停在 水平面上C点。已知物块与斜面和水平面间的滑动摩擦系数均为。请证明：斜面倾角稍微增加后，（不改变斜面粗糙程度）从同一位置A点由静止释放物块，如图中虚线所示，物块仍然停在同一位置C点。17、（10分）如图所示，一质量M=40kg、长L=2.5m的平板车静止在光滑的水平地面上.一质量m=10kg可视为质点的滑块，以v0=5m/s的初速度从左端滑上平板车，滑块与平板车间的动摩擦因数=0.4，取g=10m/s2.（1）分别求出滑块在平板车上滑行时，滑块与平板车的加速度大小；（2）计算说明滑块能否从平板车的右端滑出.参考答案一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给

11、出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）1、B【解析】A合力可以比分力都大，也可以比分力都小，或者大于一个分力，小于另一个分力，A错误；B力的合成满足平行四边形定则，当两个分力的大小一定，若夹角越大，则平行四边形中与分力共顶点的对角线越段，即合力越小，故B正确；C当两个力方向相反时，若其中一个力大小不变，另一个力增大时，合力将变小，C错误；D3N和6N进行力的合成后，合力的范围为：3N9N，第三个力8N在这个范围内，故这三个力的最小合力为0，D错误。故选B。2、B【解析】子弹运动的过程为匀减速直线运动，直到末速

12、度为零，我们可以应用逆过程，相当于子弹初速度为零做匀加速直线运动。所以第三块木板的厚度为第二块木板的厚度为第一块木板的厚度为所以x1：x2：x3=11：16：9故B正确，ACD错误。故选B。3、D【解析】A由于两臂间的夹角为，根据力的分解可知此时两臂受到的压力大小均为，A错误；B根据牛顿第三定律，此时千斤顶对汽车的支持力大小为，B错误；CD若继续摇动把手，将汽车顶起，两臂间的夹角减小，合力不变，因此两臂受到的压力将减小，C错误，D正确。故选D。4、C【解析】A弹簧的压缩量不断变大，故弹簧的弹力不断变大，故A错误；BCD小球开始下落时，只受重力作用做加速运动，当和弹簧接触时，受到弹簧弹力作用，开

13、始时弹簧压缩量小，因此重力大于弹力，此时：mg-kx=ma随着弹簧压缩量的增加，弹力增大，加速度减小，但是物体仍加速运动，当mg=kx时，速度最大，然后弹簧继续被压缩，当mg=kx时，加速度等于零，速度最大，物体继续向下运动，弹簧继续被压缩，弹力大于重力，物体开始减速运动，所以整个过程中物体先加速后减速运动，加速度先减小后增大，小球先处于失重状态后处于超重状态，故BD错误，C正确故选C【点睛】下落过程中正确对小球进行受力分析，然后根据牛顿第二定律即可判断其加速度的变化情况，然后进一步判断速度变化情况5、D【解析】对Q受力分析由牛顿第二定律F=ma可得即：6-4=2a解得：a=1m/s2对R分析

14、，由牛顿第二定律可得：其中a=1m/s2，所以=4kg。A.1kg，与结论不相符，选项A错误；B.2kg ，与结论不相符，选项B错误；C.3kg，与结论不相符，选项C错误；D.4kg ，与结论相符，选项D正确；故选D6、A【解析】平抛运动的加速度不变，做匀变速曲线运动，匀速圆周运动的加速度大小不变，方向时刻改变【详解】A、平抛运动过程中速度的改变量，一定，则相等时间内速度的改变量一定相同，故A正确；B、做平抛运动的物体只受重力，是恒力，故加速度保持不变，恒为g，B错误；C、做匀速圆周运动的物体，其加速度方向一定指向圆心，做非匀速圆周运动的物体，其加速度方向不指向圆心故C错误；D、做匀速圆周运动

15、的物体，加速度方向每时每刻指向圆心，故加速度方向每时每刻发生变化，故D错误；故本题选A【点睛】解决本题的关键知道平抛运动和匀速圆周运动的特点，知道平抛运动的加速度不变，匀速圆周运动的加速度在变化7、ACD【解析】根据f=kv2可知k的单位；随速度的增加，飞船受的阻力逐渐变大，则加速度逐渐减小，直到加速度等于零时匀速运动；根据平衡知识求解最终的速度；根据牛顿第二定律求解当载人舱的速度大小为时的加速度.【详解】根据f=kv2可知，单位，选项A正确；根据mg-kv2=ma可知随速度的增加，加速度逐渐减小，直到加速度等于零时匀速运动，选项B错误；当达到最终速度时满足：mg=kv2，解得，选项C正确；载

16、人舱的速度大小为时，带入mg-kv2=ma可得a=，选项D正确；故选ACD.8、AD【解析】A球和运动员具有相同加速度，对小球分析如图所示则小球所受的合力为mgtan，根据牛顿第二定律得故A正确；BC根据平行四边形定则知，球拍对球的作用力故BC错误；D对球拍和球整体分析，整体的合力为（M+m）a，根据平行四边形定则知，运动员对球拍的作用力为故D正确。故选AD。9、AD【解析】小车做初速度为零的匀加速运动，由牛顿第二定律求出加速度、由匀变速运动的位移公式可以分析答题。【详解】AB当m1m2、F12F2时，由Fma可知a12a2由xat2可得x12x2故A正确，B错误；CD当m12m2、F1F2时

17、a1a2由xat2可得x22x1故C错误，D正确；故选AD。【点睛】应用牛顿第二定律与运动学公式即可正确解题，注意两小车运动时间相等。10、BD【解析】A分力不是物体所受到的力，故A错误。B分力的共同作用效果与合力的作用效果相同，故B正确。C分力不是物体所受到的力，F1、F2是两个分力，故C错误。D一个力F分解为两个分力F1和F2，则F是F1和F2的合力，故D正确。故选BD。11、BC【解析】A物体质量是物体的固有属性，不随外界条件的变化而变化，故A错误；B加速度是由合外力提供的，加速度的方向一定与合外力的方向一致，故B正确；C根据牛顿第二定律可得：可以得出物体的加速度跟物体所受的合外力成正比

18、，跟物体的质量成反比，故C正确；D加速度与合外力和物体质量都有关系，不能仅根据合外力大小判断加速度大小，故D错误。故选BC。12、BCD【解析】物体在前2s内沿负方向运动，后2s内沿正方向运动，速度方向相反速度图象的斜率表示加速度，t=2s前与t=2s后相比，直线的斜率相同，加速度相同在t=4s时，物体离出发点的位移最小为零.【详解】AB速度的正负表示速度的方向，则知物体在前2s内沿负方向运动，后2s内沿正方向运动；故A错误，B正确.CD速度图象与时间轴围成的面积表示位移，图线在时间轴上方，位移为正值，图线在时间轴下方，位移为负值，所以可知，前2s内和后2s内位移大小相等、方向相反，则前4s内

19、的总位移为0当t2s时，物体距离出发点最远，当t4s时，物体回到出发点，故C、D正确.故选BCD.【点睛】本题考查根据速度图象分析物体运动情况的能力，明确纵坐标是瞬时速度，斜率是加速度，面积是位移二填空题(每小题6分，共18分)13、 (1).交流； (2).220； (3).不是； (4).2.90； (5). 【解析】实验中使用的是电火花打点计时器，所用的电源是交流电源，电压为220V，频率是50Hz因x01=140cm；x12=215cm；x23=505cm，则x01:x12:x23=2:3:7，不是1:3:5故纸带不是从开始的“0”点就做匀加速直线运动；根据牛顿定律可知，解得m:M:=29:345考点：验证牛顿第二定律【名师点睛】本题考查验证牛顿第二定律的实验，关键是搞清实验的基本原理；要注意掌握纸带的处理；本实验中有五组数据，采用了后4组利用逐差法求解；14、 .10 .5【解析】1由牛顿第二定律可