2019高考物理二轮押题第二部分电学3大题型押题练(二)Word版含解析

1、2019高考物理二轮押题：第二部分电学3大题型押题练(二)Word版含剖析2019高考物理二轮押题：第二部分电学3大题型押题练(二)Word版含剖析5/52019高考物理二轮押题：第二部分电学3大题型押题练(二)Word版含剖析高考物理二轮押题：电学3大题型押题练（二）1.多项选择以以下列图，电路中电源的电动势为E，内阻为r，C为静电计，一带电小球悬挂在平行板电容器内部，闭合开关S，电路牢固后，悬线与竖直方向夹角为且小球处于平衡状态，则()A静电计的指针发生了偏转B若将A极板向左平移稍许，电容器的电容将增大C若将A极板向下平移稍许，静电计指针的偏角将减小D保持开关S闭合，使滑动变阻器滑片向左搬

2、动，不变，轻轻将细线剪断，小球将做直线运动剖析：选AD静电计是用来测量电容器板间电压的，电路牢固后，静电计指针偏转的角度表示电容器板间电压的高低，选项A正确；将A极板向左平移稍许，板间距离增大，由C知，电容减小，选项B错误；将A极板向下平移稍许，板间正对面积S减小，rS4kd由CrS知，电容减小，但板间电压不变，静电计指针的偏角将不变，选项C错误；电4kd路中没有电流，调治滑动变阻器不能够影响电容器板间电压的大小，小球的平衡状态不变，不变，轻轻将细线剪断，小球将做匀加速直线运动，选项D正确。2.以以下列图，两根间距L0.4m的平行金属导轨水平放置，导轨的电阻忽略不计，整个装置处于竖直向下的匀强

3、磁场中，磁感觉强度B2T。导轨右端接有一理想变压器，变压器的原、副线圈匝数比为21，电表均为理想电表，一根导体棒ab置于导轨上，导体棒电阻不计且向来与导轨优异接触。若导体棒沿平行于导轨的方向在PQ和MN之间运动，其速度与时间的关系为v10sin10t(m/s)，电阻R10，则以下判断正确的选项是()A导体棒产生的感觉电动势的瞬市价为e42sin5t(V)B交流电压表示数为22V，交流电流表示数为0.2AC电阻R在1分钟内产生的热量为24JD若在R两端再并接一起样电阻R，则电压表示数将增大为原来的2倍剖析：选C导体棒产生的感觉电动势的瞬市价表达式为eBLv42sin10t(V)，A错；感觉电动势

4、的有效值为UUm4V，由变压比知交流电压表示数为U2V，B错；2U2电阻R在1分钟内产生的热量为QRt24J，C对；电压表示数由原线圈两端电压及匝数比决定，D错。3.以以下列图为有理想界线的两个匀强磁场，磁感觉强度方向垂直纸面向里、大小均为B0.5T，两界线间距离s0.1m，一边长L0.2m的正方形线框abcd由粗细均匀的电阻丝围成，总电阻R0.4。现使线框以v2m/s的速度从地址匀速运动到地址，则选项图中能正确反响整个过程中线框a、b两点间的电势差Uab随时间t变化的图线是()剖析：选A在05102s内，ab切割磁感线产生感觉电动势，相当于电源，由楞次定律判断知感觉电流沿顺时针方向，则a点的

5、电势高于b点的电势，Uab为正，Uab34E34BLv340.50.22V15102V；在510210102s内，cd进入磁场后，cd和ab都切割磁感线，都产生感觉电动势，线框中感觉电流为零，由右手定则判断可知，a点的电势高于b点的电势，Uab为正，UabEBLv0.50.22V20102V；在1010215102s内，ab穿出磁场后，只有cd切割磁感线，由右手定则知，a点电势高于点电势，ab为正，1110.50.22V5102，故整个过程中线框、bU4E4BLv4Vab两点间的电势差Uab随时间t变化的图线如图A所示，故A正确。4利用以下器材设计一个能同时测量电源的电动势、内阻和一个未知电阻

6、Rx阻值的实验电路。A待测电源E(电动势略小于6V，内阻不足1)B电压表V1(量程6V，内阻约6k)C电压表V2(量程3V，内阻约3k)D电流表A(量程0.6A，内阻约0.5)E未知电阻Rx(约5)F滑动变阻器(最大阻值20)G开关和导线在图中的虚线框内画出圆满的实验原理图。(2)实验中开关闭合后，调治滑动变阻器的滑片，当电压表V1的示数分别为U1、U1时，电压表V2两次的示数之差为U2，电流表A两次的示数分别为I、I。由此可求出未知电阻Rx的阻值为_，电源的电动势E_，内阻r_(用题目中给定的字母表示)。剖析：(1)要测量电源的电动势和内阻应采用串连接法，由于电压表V1已经接入，故将滑动变阻

7、器与未知电阻和电流表串连接入即可；为了测量未知电阻的阻值，应将V2并联在未知电阻的两端测量电压，电路图以以下列图。(2)电压表V2两次的示数之差为U2，电流表A两次的示数分别为I、I，因Rx为定UU2值电阻，依照欧姆定律可知，RxIII；依照闭合电路欧姆定律可知：U1EIr，IU1IU1U1U1U1EIr，联立解得：E，rII。IIU2IU1IU1U1U1答案：(1)见解析图(2)IIIIII5.以以下列图，有一平行板电容器左边沿在y轴上，L板与x轴重合，两极板间匀强电场的场强为E。一电量为q、质量为m的带电粒子，从O点与x轴成角斜向上射入极板间，粒子经过K板边缘a点平行于x轴飞出电容器，马上

8、进入一磁感觉强度为B的圆形磁场所区(磁场分布在电容器的右侧且未画出)，随后从c点垂直穿过x轴走开磁场。已知粒子在O点的初速度大小为v3E，acO45，Bcos33，磁场方向垂直于坐标平面向外，磁场与电容器不重合，带电粒子重力不计，求：K板所带电荷的电性；粒子经过c点时的速度大小；圆形磁场所区的最小面积。剖析：(1)粒子由a到c，运动轨迹向下偏转，依照左手定则判断，可知粒子带正电。粒子在电场中做类斜抛运动，依照粒子做曲线运动的条件可知，粒子所受电场力垂直于两极板向下，正电荷碰到的电场力与电场方向相同，故电场方向垂直于两极板向下，K板带正电，L板带负电。(2)粒子由O到a做类斜抛运动，水平方向做匀速直线运动，竖直方向做匀减速直线运动，到达a点平行于x轴飞出电容器，即竖直方向分速度减为零，a点速度等于初速度的水平重量，出电场后粒子在磁场外做匀速直线运动，在磁场中做匀速圆周运动，速度大小向来不变，故粒子经过c点时的速度大小与经过a点时的速度大小相等。由上可知粒子经过c点时的速度大小vcvavcos3EcosEBB。(3)粒子在磁场中做匀速圆周运动，轨迹如图中实线弧所示，a、c为两个切点。洛伦兹力供应向心力vc2qvcBmRmE可得轨迹半径RqB2粒