2021-2022学年陕西省汉中市徐家坡乡中学高二物理期末试卷含解析

1、2021-2022学年陕西省汉中市徐家坡乡中学高二物理期末试卷含解析一、 选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分每小题只有一个选项符合题意1. 在热核反应中，如果两个中子和两个质子结合成一个a粒子时，放出28.30MeV的能量；当三个a粒子结合成一个碳核时，放出7.26MeV的能量；则当6个中子和6个质子结合成一个碳核时，释放的能量为( )A21.04MeV B35.56MeV C92.16MeV D77.64MeV参考答案：C2. 下面关于物体动量和冲量的说法不正确的是A物体所受合外力冲量越大，它的动量也越大B物体所受合外力冲量不为零，它的动量一定要改变C物体动量增量的方向，就是它所受

2、冲量的方向D物体所受合外力越大，它的动量变化就越快参考答案：A3. 如图所示，a、b、c三个相同的小球，a从光滑斜面顶端由静止开始自由下滑，同时b、c从同一高度分别开始自由下落和平抛下列说法正确的有（）A它们同时到达同一水平面B重力对它们的冲量相同C它们的末动能相同D它们动量变化的大小相同参考答案：D【考点】平抛运动【分析】a做的是匀变速直线运动，b是自由落体运动，c是平抛运动，根据它们各自的运动的特点可以分析运动的时间和末速度的情况，由动能定理判断末动能情况，由动量定理判断动量变化情况【解答】解：A、球b自由落体运动，球c的竖直分运动是自由落体运动，故bc两个球的运动时间相同，为t=；球a受

3、重力和支持力，合力为mgsin，加速度为gsin，根据，得；故tt，故A错误；B、由于重力相同，而重力的作用时间不同，故重力的冲量不同，故B错误；C、初动能不全相同，而合力做功相同，故根据动能定理，末动能不全相同，故C错误；D、bc球合力相同，运动时间相同，故合力的冲量相同，根据动量定理，动量变化量也相同；ab球机械能守恒，末速度相等，故末动量相等，初动量为零，故动量增加量相等，故D正确；故选D4. 为了节约电能，需要使街道上的照明灯在清晨自动熄灭，而在黄昏时自动点亮，这可以用光传感器进行自动控制. 如图所示，是一个模拟的实验电路，下列说法正确的是。A黄昏时RG的阻值变大，触发器A端获得高电平

4、B触发器把模拟信号变成了数字信号C增大调节电阻R，会使灯黄昏点亮的更晚，清晨熄灭的更早D增大调节电阻R，会使灯黄昏点亮的更早，清晨熄灭的更晚参考答案：ABC5. 某种角速度计，其结构如图所示当整个装置绕轴OO转动时，元件A相对于转轴发生位移并通过滑动变阻器输出电压，电压传感器(传感器内阻无限大)接收相应的电压信号已知A的质量为m，弹簧的劲度系数为k、自然长度为l，电源的电动势为E、内阻不计滑动变阻器总长也为l，电阻分布均匀，装置静止时滑片P在变阻器的最左端B端，当系统以角速度转动时，则()A. 电路中电流随角速度的增大而增大B. 电路中电流随角速度增大而减小C. 弹簧的伸长量为xD. 输出电压

5、U与的函数式为U参考答案：D【分析】当系统在水平面内以角速度转动时，电路中电阻保持不变，根据闭合电路欧姆定律分析电路中电流的变化情况系统匀速转动时，由弹簧的弹力提供元件A的向心力，根据牛顿第二定律得到角速度与弹簧伸长的长度x的关系式根据串联电路电压与电阻成正比和电阻定律，得到电压U与x的关系式，再联立解得电压U与的函数关系式.【详解】系统在水平面内以角速度转动时，无论角速度增大还是减小，BC的总电阻不变，根据闭合电路欧姆定律得知，电路中电流保持不变，故A、B错误；设系统在水平面内以角速度转动时，弹簧伸长的长度为x，则对元件A，根据牛顿第二定律得kxm2(lx)，又输出电压U，联立两式得 ，故C

6、错误，D正确；故选D.二、 填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分以6. v020 m/s的速度竖直上抛一小球，经2 s以相同的初速度在同一点竖直上抛另一小球g取10 m/s2，则两球相碰处离出发点的高度是 ()A10 m B15 m C20 m D不会相碰参考答案：B7. 磁铁的磁场和电流的磁场有相同的来源，都是由 产生的，磁现象电本质就是所有磁现象归结为 之间通过 发生相互作用。参考答案：电流；电流；磁场8. 如图所示，一闭合线圈a悬吊在一个通电长螺线管的左侧，如果要使线圈中产生图示方向的感应电流，滑动变阻器的滑片P应向_滑动。要使线圈a保持不动，应给线圈施加一水平向_的外力。参考答

7、案：9. 两小木块A和B中间夹着一轻质弹簧，用细线捆在一起，放在光滑的水平台面上，将细线烧断，木块A，B被弹簧弹出，最后落在水平地面上，落地点与平台边缘的水平距离分别为lA=1m，lB=2m，如图所示则：（1）木块A、B离开弹簧时的速度大小之比vA：vB= ；（2）木块A、B的质量之比mA：mB= ；（3）弹簧对木块A、B的冲量大小之比IA：IB= 参考答案：（1）1：2；（2）2：1；（3）1：1【考点】动量守恒定律【分析】木块被弹出离开桌面后做平抛运动，根据平抛运动的特点即可判断木块A、B离开弹簧时的速度大小之比对于弹簧弹开两个物体的过程，运用动量守恒判断质量之比，根据动量定理求出弹簧对木

8、块A、B的冲量大小之比【解答】解：（1）两个木块被弹出离开桌面后做平抛运动，水平方向做匀速直线运动，竖直方向做自由落体运动，因为下落的高度相等，所以运动的时间相等，水平方向上根据公式x=v0t及lA=1m，lB=2m得：vA：vB=lA：lB=1：2；（2）弹簧弹开两个物体的过程，对两个木块组成的系统，取向左为正方向，根据动量守恒定律得：mAvAmBvB=0解得：mA：mB=vB：vA=2：1；（3）由动量定理得：IA：IB=mAvA：mBvB=1：1；故答案为：（1）1：2；（2）2：1；（3）1：110. 如图 一个电流表的满刻度电流值Ig= 06A，面板如图所示，那么它每一小格所相应的电

9、流是_mA，指针现在的电流示数是_A。如果这个量程为0.6A的电流表内阻Rg=60，要把这个电流表的量程扩大成 3A，那么应该在Rg上_联一个电阻Rs，Rs的大小应是_；并联Rs后，测某一电流，指针仍指到如图所示位置，则该电流是_A，并联Rs 后，刻度盘上每一小格所代表的电流值是未并联Rs前的_倍。参考答案：20、0.34、并、15、1.7、511. 两质量均为M的冰船A、B静止在光滑冰面上，轴线在一条直线上，船头相对，质量为m的小球从A船跳入B船，又立刻跳回，A、B两船最后的速度之比是_。参考答案：； 提示：根据，12. 如图所示的理想变压器,它的初级线圈接在交流电源上,次级线圈接一个标有“

10、12 V 100 W”的灯泡,已知变压器初、次级线圈的匝数比为10:1,那么小灯泡正常工作时,图中的电压表的读数为_ V,电流表的读数为_ A参考答案：13. 在输液时，药液有时会从针口流出体外，为了及时发现，设计了一种报警装置，电路如图3所示M是贴在针口处的传感器，接触到药液时由于其电阻RM变_（填“大”或“小”），导致报警器S两端电压U增大，装置发出警报声由此推断，调节可变电阻R的阻值，R越_（填“大”或“小”），报警装置就越灵敏参考答案：小 ； 大 三、 简答题：本题共2小题，每小题11分，共计22分14. 在1731年，一名英国商人发现，雷电过后，他的一箱新刀叉竟显示出磁性请应用奥斯特

11、的实验结果，解释这种现象参考答案：闪电产生的强电流产生磁场会使刀叉磁化15. 如图所示，水平放置的两平行金属板间距为 d ，电压大小为U，上板中央有孔，在孔正下方的下板表面上有一个质量为 m、电量为q的小颗粒，将小颗粒由静止释放，它将从静止被加速，然后冲出小孔，则它能上升的最大高度 h = _， 参考答案： ;试题分析:小颗粒由静止释放，电场力对它做正功，重力做负功，从小颗粒由静止释放到最高点过程，根据动能定理得qU-mg（d+h）=0，解得，h=考点：带电粒子在匀强电场中的运动；动能定理的应用；机械能守恒定律四、计算题：本题共3小题，共计47分16. 第6页，共6页。第6页，共6页。两根足够

12、长的平行光滑导轨，相距1m水平放置。匀强磁场竖直向上穿过整个导轨所在的空间B = 0.4 T。金属棒ab、cd质量分别为0.1kg和0.2kg，电阻分别为0.4和0.2，并排垂直横跨在导轨上。若两棒以相同的初速度3m/s向相反方向分开，不计导轨电阻，求： 棒运动达到稳定后的ab棒的速度大小； 金属棒运动达到稳定的过程中，回路上释放出的焦耳热； 金属棒运动达到稳定后，两棒间距离增加多少？参考答案：（1）ab、cd棒组成的系统动量守恒，最终具有共同速度V，以水平向右为正方向，则mcdV0 mabV0 =（mcd + mab）V V = 1 m/s（2）根据能量转化与守恒定律，产生的焦耳热为:Q =

13、 DEK减 =（mcd+mab）（V02 V2）/ 2 = 1.2 J（3）对cd棒利用动量定理： BILDt = mcd（V V0） BLq = mcd（V0 V） 又 q = Df /（R1 + R2）= BLDs /（R1 + R2） Ds = mcd（V0 V）（R1+R2）/ B2L2 = 1. 5 m17. 一种测量血管中血流速度的仪器原理如图14所示，在动脉血管上下两侧分别安装电极并加有磁场设血管直径是20 mm，磁场的磁感应强度为0080 T，电压表测出的电压为010 mV，求血流速度的大小。参考答案：流动的血液相当于导体在磁场中做切割磁感线运动，其在磁场中切割磁感线的有效长度等于垂直于磁场方向的血管直径20 mm，电压表的读数010 mV等于血管在这一直径两端的感应电动