云南省玉溪2020年高二(下)期中物理试卷解析版

1、期中物理试卷题号得分一、单选题（本大题共 8 小题，共 24.0 分）在卢瑟福 粒子散射实验中，有少数 粒子发生了大角度偏转，其原因是（）1.A.B.C.D.原子中存在着带负电的电子正电荷在原子内是均匀分布的原子的正电荷和绝大部分质量集中在一个很小的核上原子只能处于一系列不连续的能量状态中动力车在刹车过程中位移和时间的比值 与 t 之间的关系图象2.A.B.C.D.动力车的初速度为 10 m/s刹车过程动力车的加速度大小为 2.5 m/s2刹车过程持续的时间为 8s从开始刹车时计时，经过 2 s，动力车的位移 30m一物体放在水平地面上，如图1 所示，已知物体所受水平拉力F 随时间 t 的变化

2、情况如图 2 所示，物体相应的速度 v 随时间 t 的变化关系如图 3 所示。则（）3.A.B.C.D.26s 时间内物体的加速度为 0.5m/s2物块的质量为 1kg整个过程中，物体所受摩擦力始终为 2N010s 时间内，物体克服摩擦力所做的功 30J用单色光照射金属钛表面，发生光电效应。从钛表面放出光电子的最大初动能与入射光频率的关系图线如图所示。下列说法中错误的是（）4.A.B.C.D.钛的逸出功为 6.6710 J-19钛的极限频率为 1.010 Hz15由图线可求得普朗克常量为 6.6710 Js-34频率为 0.810 Hz 的入射光能使钛发生光电效应15 a 变化到状态 b p-

3、V图中从 a 到 b 的直线所示。则在此过程中（）5.第 1 页，共 14 页A.B.C.D.气体温度一直降低气体温度不变气体一直从外界吸热气体吸收的热量一直全部用于对外做功某科学家提出年轻热星体中核聚变的一种理论，其中的两个核反应方程为 H+6.C N+Q ， H+ N C+X+Q 方程中 Q Q 表示释放的能量，相关的原子核质1212量见下表：质量/u1.00783.01604.002612.000013.005715.0001以下推断正确的是（）A.C.B.D.X 是 He，Q QX 是 He，Q Q2121X 是 He，Q QX 是 He，Q Q2121下列说法正确的是（）7.A.B.

4、液体中悬浮的颗粒越大，某时刻撞击它的分子越多，布朗运动越明显用“油膜法估测分子的大小”的实验中，油酸分子直径等于滴在液面上的纯油酸体积除以相应油酸膜的面积C.D.温度升高，每个分子的动能都增大，导致分子平均动能增大冰箱内低温食品的热量自发地传到了冰箱外高温的空气静止的Bi 8.小圆半径分别为 R 、R 则下列关于此核衰变方程和两圆轨迹半12A.C.B.D.BiTl+ HeBiPO+ HR ：R =84：1R ：R =207：41212二、多选题（本大题共 6 小题，共 24.0 分）关于内能，下列说法中正确的是（）9.A.若把氢气和氧气看成理想气体，则具有体积、质量和温度都相同的氢气和氧气的内

5、能相等B.C.D.相同质量的 0水的分子势能比 0冰的分子势能大物体吸收热量后，内能一定增加一定质量的 100的水吸收热量后变成 100的水蒸气，则吸收的热量大于增加的内能如图所示，在边界上方存在着范围足够大垂直纸面向里的匀强磁场，有两个电荷量、质量均相同的正、负粒子（不计重力），从边界上 O 点以相同的速度先后射入磁场中，入射方向与边界成 角，则正、负粒子在磁场中（）10.第 2 页，共 14 页A.B.C.D.运动轨迹的半径相同返回边界所用的时间相同返回边界时速度大小相等，方向不同返回边界时与 O 点的距离相等 M l 的小车静止在光滑的水平面上质量为 m 的小物块放在小车的最左端现在一水

6、平恒力 F 作用在小物块上，使物块从静止开始做匀加速直线运动，物块和小车之间的摩擦力为 f经过时间 t，小车运动的位移为 s，物块刚好滑到小车的最右端（）11.A.B.C.D.此时物块的动能为（F-f）（s+l）这一过程中，物块对小车所做的功为 f（s+l）这一过程中，物块和小车增加的机械能为 Fs这一过程中，物块和小车产生的内能为 fl如图,一带正电的点电荷固定于 O 点,两虚线圆均以 O 为圆心,两实线分别为带电粒子 M 和 N 先后在电场中运动的轨迹,abcde 为轨迹和虚线圆的交点 不计重力),下列说法正确的是（ ）12.A.B.C.D.M 带负电荷,N 带正电荷M 在 b 点的动能小

7、于它在 a 点的动能N 在 d 点的电势能等于它在 e 点的电势能N 在从 c 点运动到 d 点的过程中克服电场力做功如图是氢原子的能级图，一群氢原子处于 n=3 能级，下列13.说法中正确的是（）A.B.C.D.这群氢原子跃迁时能够发出 3 种不同频率的波这群氢原子发出的光子中，能量最大为 10.2 eV从 n=3 能级跃迁到 n=2 能级时发出的光波长最长这群氢原子能够吸收任意光子的能量而向更高能级跃迁一定质量的理想气体从状态 a 开始，经历等温或等压过程 abbccdda 最后回到原状态，其 p-T 图象如图所示，其中对角线 ac 的延长线过原点 O下列判断正确的是（）14.A.在过程

8、da 中气体从外界吸收的热量小于气体对外界做的功B.在过程 bc 中外界对气体做的功等于在过程 da 中气体对外界做的功第 3 页，共 14 页C.D.在过程 cd 中气体向外界放出的热量大于外界对气体做的功气体在 a、c 两状态的体积相等三、实验题（本大题共 2 小题，共 18.0 分）某探究小组为了研究小车在桌面上的直线运动，用自制“滴水计时器”计量时间。实验前，将该计时器固定在小车旁，如图所示。保持桌面水平，用手轻推一下小车后。在小车运动过程中，滴水计时器等时间间隔地滴下小水滴，图（b）记录了桌面上连续 6 个水滴的位置。（已知滴水计时器每 30内共滴下 60 个小水滴）15.（1）由图

9、（b）可知，小车在桌面上是_（填“从右向左”或“从左向右”）运动的。（2b）的数据判断出小车做匀变速运动。小车运动到图（b）中 A 点位置时的速度大小为_m/s，加速度大小为_m/s （结果均保留 2 为有效数字）2如图，用“碰撞实验器”可以验证动量守恒定律，即研究两个小球在轨道水平部分碰撞前后的动量关系16.（1）实验中，直接测定小球碰撞前后的速度是不容易的但是，可以通过仅测量_（填选项前的符号），间接地解决这个问题A小球开始释放高度 hB小球抛出点距地面的高度 HC小球做平抛运动的射程（2）图中 O 点是小球抛出点在地面上的垂直投影，实验时先让入射球 m 多次从1斜轨上 S 位置静止释放，

10、找到其平均落地点的位置 P，测量平抛射程 OP，然后，把被碰小球 m 静置于轨道的水平部分，再将入射球 m 从斜轨上 S 位置静止释放，21与小球 m 相碰，并多次重复接下来要完成的必要步骤是_（填选项前的2符号）A用天平测量两个小球的质量 m 、m12B测量小球 m 开始释放高度 h1C测量抛出点距地面的高度 HD分别找到 m 、m 相碰后平均落地点的位置 M、N12E测量平抛射程 OM、ON（3）若两球相碰前后的动量守恒，其表达式可表示为_用（2示第 4 页，共 14 页四、计算题（本大题共 2 小题，共 20.0 分）如图所示为质谱仪上的原理图，M 为粒子加速器，电压为 U =5000V

11、；N 为速度选17.1择器，磁场与电场正交，磁感应强度为 B =0.2T，板间距离为 d=0.06m；P 为一个1边长为 l 的正方形 abcd 的磁场区，磁感应强度为B =0.1T，方向垂直纸面向外，其2中 dc 的中点 S 开有小孔，外侧紧贴 dc 放置一块荧光屏今有一比荷为 =10 C/kg8的正离子从静止开始经加速后，恰好通过速度选择器，从 a 孔以平行于 ab 方向进入 abcd 磁场区，正离子刚好经过小孔 S 打在荧光屏上求：（1）粒子离开加速器时的速度 v；（2）速度选择器的电压 U ；2（3）正方形 abcd 边长 l m 的导热性能良好的活塞 A 和质量也为 m 的绝热活塞

12、B 分成高度相等的三个部分，下边两部分封闭有理想气体 P 和 Q，两活塞18.缸下面有加热装置，初始状态温度均为 T ，气缸的0截面积为 S 且不变，现对气体 Q缓慢加热。求：（1）当活塞 A 恰好到达汽缸上端时，气体 Q 的温度；（2 A 上再放一个质量为 m 的物块 C，继续给气体Q 加热，当活塞A 再次到达汽缸上端时，气体 Q 的温度。第 5 页，共 14 页五、简答题（本大题共 1 小题，共 8.0 分）如图所示，光滑水平轨道上放置长木板A C，滑块B 置于 A的左端（BC m =2kgm =1kgm =2kgA 与 B19.ABC的动摩擦因数为 =0.5 C 静止，AB 一起以 v

13、=5m/s 的速度匀速向右运动0A 与 C 发生碰撞（时间极短）并粘在一起，经过一段时间，B 刚好滑至 A 的右端而没掉下来求长木板 A 的长度（g=10m/s ）2第 6 页，共 14 页答案和解析1.【答案】C【解析】解： 粒子和电子之间有相互作用力，它们接近时就有库仑引力作用，但由于电子的质量只有 粒子质量的 ， 粒子与电子碰撞就像一颗子弹与一个灰尘碰撞一样， 粒子质量大，其运动方向几乎不改变。 粒子散射实验中，有少数 粒子发生大角度偏转说明三点：一是原子内有一质量很大的粒子存在；二是这一粒子带有较大的正电荷；三是这一粒子的体积很小，故 C 正确，ABD 错误。故选：C。这是因为原子核带

14、正电荷且质量很大， 粒子也带正电荷，由于同种电荷相互排斥和子被质量较大的原子核弹回。本题考查的是 粒子散射实验的实验现象；二是对实验现象的微观解释-原子的核式结构。2.【答案】D【解析】解：AB、由图可得 =-2.5t+20 （m/s），根据匀变速直线运动的位移时间公式x=v t+ at2，得 = at+v ，对比可得，v =20m/sa=-5m/s2即刚刹车时动力车的速度大小000为 20m/s，刹车过程动力车的加速度大小为 5m/s 故 AB 错误。2C、刹车过程持续的时间为 t= s=4s，故 C 错误。=30m，故 D 正确。D、经过 2 s，动力车的位移 x=202-故选：D。根据数

15、学知识写出 与 t 之间的关系式，结合匀变速直线运动的位移时间公式分析动力车的初速度和加速度，再由运动学公式求刹车过程持续的时间和整个刹车过程动力车经过的位移。解决本题的关键是写出 与 t 变速直线运动的位移时间公式 x=v t+ at ，并能熟练运用。203.【答案】D【解析】【分析】26s 时间内物体的加速度可根据速度时间图象的斜率求得；根据6-8s 时间内，物体匀速直线运动，拉力和摩擦力相等，求得摩擦力的大小，然后再根据 2-6s 内，利用牛顿第二定律列式求解物体的质量。根据功的计算公式 W=Fl 求物体克服摩擦力所做的功。此题考查了学生对图象问题的分析能力，能从图象中得出相关的信息，知

16、道 v-t 图象的斜率表示加速度，面积表示位移，然后结合牛顿第二定律进行计算。【解答】A、在速度时间图象上，斜率表示加速度，由图 3 可得 2-6s 时间内物体的加速度为：a= = m/s2=0.75m/s2故 A 错误。第 7 页，共 14 页B、由图 3 知，6-8s 内物体做匀速直线运动，由平衡条件得：f =F =2N22由图 3 可得 2-6s 物体做匀加速直线运动，由牛顿第二定律得：F -f =ma11 2联立代入数据解得：m= kg，故 B 错误。C 0-1s 内物体静止不动，物体所受摩擦力 f =F =1N2-10s 内物体所受摩擦力 f =2N112，故 C 错误。D、在整个过

17、程中通过的位移为：x= （2+8）3m=15m，物体克服摩擦力做功：W=f x=215J=30J，故 D 正确。2故选：D。4.【答案】D【解析】解：AB、当最大初动能为零时，入射光的频率等于金属的极限频率，则有：v =1.01015Hz，可知逸出功为：0W =hv =6.6710-3411015J=6.6710-19J，故 AB 正确；00C、根据光电效应方程 E =hv-W 知，图线的斜率等于普朗克常量，则有：km0h=6.6710-34Js，故 C 正确；D 0.81015Hz 0.81015Hz 小于极限频率 v =1.01015Hz0射光不能使钛发生光电效应，故 D 错误；此题选择错

18、误的，故选：D。根据光电效应方程得出光电子的最大初动能与入射光频率的关系，结合图线的斜率求出普朗克常量，结合横轴截距求出金属的极限频率，从而得出逸出功。本题考查了光电效应方程与图线的综合，得出图线的斜率和横轴截距、纵轴截距的含义是解决本题的关键。5.【答案】C【解析】解：AB、由图知气体的 PV 一直增大，由 =C 知气体的温度一直升高，故 AB错误；C、气体的体积增大，则气体一直对外做功，气体的内能一直增加，根据热力学第一定律U=W+Q 可知气体一直从外界吸热，故 C 正确；D、气体吸收的热量用于对外功和增加内能，故 D 错误。故选：C。根据气体状态方程 =C 判断温度，从而知道内能的变化。

19、根据气体体积的变化分析做功情况。结合热力学第一定律分析。该题结合图象考查气态方程，能够运用控制变量法研究多个物理量变化时的关系。要注意热力学第一定律U=W+Q 中，W、Q 取正负号的含义。6.【答案】B【解析】解： H+ C N 中质量亏损为：m =1.0078+12.0000-13.0057=0.0021（u），1根据根据电荷数守恒和质量数守恒可知 H+ N C+X 中 X 的电荷数为 2、质量数为4，故 X 为 粒子即 He，质量亏损为：m =1.0078+15.0001-12.0000-4.0026=0.0053（u）2。第 8 页，共 14 页根据爱因斯坦的质能方程可知：Q =m C

20、，Q =m C ，则 Q Q ，22112212故 B 正确，ACD 错误；故选：B。根据核反应方程的质量数和电荷数守恒可判断出 X 程可知质量亏损大的释放能量大。本题考查核反应方程的书写和计算核反应能量，意在考查考生推理判断和运算能力，核反应方程的书写和质能方程的应用是原子物理中的重点知识，要加强这方面的练习和应用。7.【答案】B【解析】解：A、液体中悬浮的颗粒越大，某时刻撞击它的分子越多，越容易达到平衡，布朗运动越不明显；故 A 错误；B、用“油膜法估测分子的大小”的实验中，油酸分子直径等于滴在液面上的纯油酸体积除以相应油酸膜的面积，故 B 正确；C、温度升高，分子平均动能增大，但不是每个

21、分子的动能都增大，故 C 错误；D、冰箱内低温食品的热量不可能自发地传到了冰箱外高温的空气，之所以内部温度降低是因为压缩机工作的原因，同时消耗了电能。故 D 错误。故选：B。液体中悬浮的颗粒越大，某时刻撞击它的分子越多，布朗运动越不明显；利用 d= 来计算油酸分子直径；温度升高，分子平均动能增大，但不是每个分子的动能都增大；根据热力学第二定律，冰箱内低温食品的热量不能自发地传到了冰箱外高温的空气。本题考查了热力学第二定律、布朗运动、温度是分子平均动能的标志、用油膜法估测分子的大小等知识点。这种题型属于基础题，只要善于积累，难度不大。8.【答案】C【解析】解：AB、若是 衰变，则新核和 粒子向相

22、反的方向射出，新核和 粒子偏转方向相反，做匀速圆周运动的轨迹外切，由题意知，两圆内切，所以该核的衰变是衰变，故 AB 错误。CD、洛仑兹力提供向心力求得半径公式 r= m v =m v1 12 2，所以半径之比等于电量的反比，从而求出半径之比为 84：1，故 C 正确，D 错误。故选：C。原子核衰变有两种， 和 衰变，但由于衰变是内力产生的，所以衰变前后动量守恒。即分裂的两个粒子的动量大小相等、方向相反。再根据左手定则，若是电性相同的两粒子向相反的两个运动，则粒子偏转方向相反，则两圆外切，反之则内切。这样根据这些内容就能判断选项的正误。本题考查的内容比较多，有原子核的衰变，动量守恒定律，牛顿第

23、二定律（即洛仑兹力产生向心加速度），左手定则等内容，所以要综合进行分析研究才不致于出现失误。9.【答案】BD【解析】A、温度相同说明分子的平均动能相同；质量和温度都相同的氢气和氧气（视为理想气体），氧气单个分子的质量大，故分子数量少，故氢气的内能大，故A 错误；B、因 0的水变成 0的冰要放出热量，则相同质量的 0水的分子势能比 0冰的分子势能大，故 B 正确；C、物体吸收热量后，若对外做功，则气体的内能不一定增加，故 C 错误；第 9 页，共 14 页D、一定质量的 100的水吸收热量后变成 100的水蒸气，因体积变大对外做功，则吸收的热量大于增加的内能，故 D 正确。故选：BD。内能与温度

24、、体积和物质的量有关；分子势能与体积有关，相同质量的 0水的分子势能比 0冰的分子势能大；根据热力学第一定律公式：U=W+Q；判断内能的变化。本题考查内能以及热力学第一定律，解答的关键是明确内能的概念，同时要能结合热力学第一定律求解，不难。10.【答案】AD【解析】解：A、根据牛顿第二定律得：qvB=m解得：r= ，由题 qvB 大小均相同，则 r 相同。故 A 正确。B T= T相同。根据左手定则分析可知，正离子逆时针偏转，负离子顺时针偏转，重新回到边界时正离子的速度偏向角为 2-2，轨迹的圆心角也为 2-2，运动时间 t=同理，负离子运动时间 t= T，显然时间不等。故 B 错误。T。C、

25、正负离子在磁场中均做匀速圆周运动，速度沿轨迹的切线方向，根据圆的对称性可知，重新回到边界时速度大小与方向相同。故 C 错误。D、根据几何知识得知重新回到边界的位置与O 点距离 S=2rsinr 相同，则S 相同。故 D 正确。故选：AD。由题正负离子的质量与电量相同，进入同一磁场做匀速圆周运动的周期相同，根据偏向角的大小分析运动时间的长短由牛顿第二定律研究轨道半径根据圆的对称性，分析离子重新回到边界时速度方向关系和与 O 点距离根据题意画出轨迹示意图，可根据几何关系求出回到边界时离 O 点的距离；利用对称关系判断回到边界时速度的方向；带电粒子在磁场中做匀速圆周运动问题求运动时间，可用关系式有

26、t= T， 是轨迹的圆心角，而且轨迹的圆心角等于速度的偏转角11.【答案】AD【解析】解：A、根据动能定理得，（F-fs+l=）（s+l）；故 A 正确；则物块的动能为 E =（F-fkB、这一过程中，物块对小车有支持力和摩擦力，支持力不做功，摩擦力所做的功为fs，故物块对小车所做的功为 fs，故 B 错误；C、由功能关系得知，物块和小车增加的机械能为 F（s+l）-fl，故 C 错误；D、系统产生的内能等于系统克服滑动摩擦力做功 fl，故 D 正确；故选：AD。根据动能定理：合力做功等于物体动能的变化，求解物块的动能根据功能关系分析得第 10 页，共 14 页知，物块和小车增加的机械能为F（

27、s+l-fl系统产生的内能等于系统克服滑动摩擦力做功本题关键是明确滑块和小车的受力情况、运动情况、能量转化情况，然后结合功能关系进行分析，不难12.【答案】ABC【解析】【分析】本题关键是根据曲线运动的条件判断出静电力的方向，掌握判断动能和电势能变化的方法，一般的解题思路是根据动能定理判断动能的变化，根据电场力做功判断电势能的变化。根据轨迹的弯曲，确定粒子所受的力是吸引力还是排斥力，从而确定粒子的电性；根据动能定理，结合库仑力做功情况判断动能的变化，根据电场力做功判断电势能的变化。【解答】A.由粒子运动轨迹可知， 受到的是吸引力， 带负电荷， 带正电荷，故 A 正确；B. 从 到 点，库仑力做

28、负功，根据动能定理知，动能减小，则 点的动能小于在 点的动能，故 B 正确；C. 点和 点在同一等势面上，电势相等，则 在 点的电势能等于在 点的电势能，故C正确；D. 从 到 ，库仑力做正功，故 D 错误。故选 ABC。13.【答案】AC【解析】解：A、根据知，这群氢原子跃迁时能够发出 3 种不同频率的波，故 A正确。B、这群氢原子发出的光子中，从 n=3 跃迁到 n=1 辐射的光子能量最大，为 12.09eV，故 B 错误。C、n=3 和 n=2 间的能级差最小，辐射的光子频率最小，波长最大，故 C 正确。D、氢原子吸收的光子能量必须等于两能级间的能级差，才能被吸收发生跃迁，故D 错误。故

29、选：AC。根据数学组合公式得出这群氢原子可能发出不同频率的光子；能级差越大，辐射的光子频率越大，波长越小。吸收的光子能量必须等于两能级间的能级差，才能被吸收发生跃迁。本题考查了能级跃迁的基本知识，知道两能级间能级差越大，辐射的光子频率越大，波长越小。14.【答案】BD【解析】解：A、在过程 da 中，气体压强不变，温度升高，体积变大，则气体对外做功，内能增加，从外界吸收的热量大于气体对外界做的功，故 A 错误；B、在过程bc 中，等压变化，温度降低，内能减小U0，体积减小，外界对气体做功，根据 =C，即 PV=CT，W =pV =CT ，da 过程中，气体对外界做功bcbcbc|W |=|pV

30、 |=|CT |，所以|W |=|W |，在过程bc 中外界对气体做的功等于在过程 dadadsdabcda中气体对外界做的功，故 B 正确。C、在过程 cd 中温度不变，内能不变U=0，等温变化压强与体积成反比，压强大体积小，从 c 到 d 体积减小，外界对气体做正功 W0，根据热力学第一定律U=W+Q，所第 11 页，共 14 页以 W=|Q|，所以在过程 cd 中气体向外界放出的热量等于外界对气体做的功，故 C 错D、根据气体状态方程 =C，得 P= ，p-T 图象的斜率 k= ，a、c 两点在同一直线上，即 a、c 两点是同一等容线上的两点，体积相等，故 D 正确。故选：BD。根据气态

31、方程 =C，结合 p-T 图象上点与原点连线的斜率等于 ，分析体积的变化，判断做功情况，由热力学第一定律进行分析。解决气体问题，关键要掌握气态方程和热力学第一定律，知道温度的意义：一定质量的理想气体的内能只跟温度有关，温度是分子平均动能的标志。15.【答案】从右向左 0.25 0.67【解析】解：（1）由于用手轻推一下小车，则小车做减速运动，根据桌面上连续 6 个水滴的位置可知：小车从右向左做减速运动；（2）滴水的时间间隔：T= =0.5s，根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度可知，打 A 点时小车速度：v =0.25m/s，根据匀变速直线运动的推论公式x=aT 可知加速度

32、：A2a=m/s2=0.67m/s2；故答案为：（1）从右向左；（2）0.25；0.67。（1）依据小车在手轻推一下，则做减速运动，结合各点间距，即可判定运动方向；（2）根据匀变速直线运动的推论公式x=aT 可以求出加速度的大小，根据匀变速直线2运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，可以求出打纸带上 A 点时小车的瞬时速度大小。本题考查了匀变速直线运动推论的应用，要提高应用匀变速直线的规律以及推论解答实验问题的能力，在平时练习中要加强基础知识的理解与应用。16.【答案】C ADE m OM+m ON=m OP121【解析】解：（1）小球离开轨道后做平抛运动，由于小球抛出点的高度相等，它们

33、在空中的运动时间相等，小球的水平位移与小球的初速度成正比，可以用小球的水平位移代替其初速度，即测量射程，故 C 正确（2）要验证动量守恒定律定律，即验证：m v =m v +m v ，小球离开轨道后做平抛运动1 11 22 3，它们抛出点的高度相等，在空中的运动时间 t 相等，上式两边同时乘以 t 得：m v t=m v t+m v t，得：m OP=m OM+m ON，1 11 22 3112ADE（3）由（2）可知，实验需要验证：m OP=m OM+m ON；112故答案为：（1）C；（2）ADE；（3）m OM+m ON=m OP121（1）根据实验原理分析答题（2）由动量守恒定律求出需

34、要验证的表达式，根据表达式确定需要测量的量；（3）根据动量守恒定律进行分析确定需要验证的关系式实验的一个重要的技巧是入射球和靶球从同一高度作平抛运动并且落到同一水平面上，故下落的时间相同，所以在实验的过程当中把本来需要测量的速度改为测量平抛过程当中水平方向发生的位移，可见掌握了实验原理才能顺利解决此类题目17.【答案】解：（1）粒子经加速电场 U 加速，获得速度 v，由动能定理得：1第 12 页，共 14 页qU = mv21解得 v=m/s（2）在速度选择器中作匀速直线运动，电场力与洛仑兹力平衡得Eq=qvB 即1得：U =B dv=0.20.06110 V=1.210 V6421（3）在 B 中作圆周运动，洛仑兹力提供向心力，有，2故粒子在 B 磁场中做匀速圆周运动的半径：r= =0.1m2由几何关系：所以，正方向的边长：m答：（1）粒子