广东省梅州市兰亭中学2022-2023学年高二物理联考试题含解析

1、广东省梅州市兰亭中学2022-2023学年高二物理联考试题含解析一、 选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分每小题只有一个选项符合题意1. （单选）电场中有A、B两点，在将某电荷从A点移到B点的过程中，电场力对该电荷做了正功，则下列说法中正确的是 （ ）A.该电荷是正电荷，且电势能减少B.该电荷是负电荷，且电势能增加C.该电荷电势能增加，但不能判断是正电荷还是负电荷D.该电荷电势能减少，但不能判断是正电荷还是负电荷参考答案：D2. 如图所示，有两个完全相同的带电金属球A、B，B固定在绝缘地板上.A在离B高H的正上方由静止释放，与B正碰后回跳高度为h.设整个过程只有重力、弹力和库仑力，且两

2、球相碰时无机械能损失，则 ( )A若A、B带等量同种电荷，hH B若A、B带等量同种电荷，h=Hks5uC若A、B带等量异种电荷，h=HD若A、B带等量异种电荷，hH 参考答案：BD3. （单选）街旁的路灯，江海里的航标都要求在夜晚亮，白天熄，利用半导体的电学特性制成了自动点亮、熄灭的装置，实现了自动控制，这是利用半导体的()A压敏性 B光敏性 C热敏性 D三种特性都利用参考答案：B4. 如图为某台电风扇的铭牌，如果已知该电风扇在额定电压下工作时，转化为机械能的功率等于电动机消耗电功率的98 %，则在额定电压下工作时，通过电动机的电流I及电动机线圈的电阻R分别是（）AI=2.5A R11 BI

3、=2.5A R=88 CI=0.4A R=11 DI=0.4A R=550参考答案：C考点：电功率【名师点睛】本题关键明确电机电路中能量的转化情况，然后结合电功率表达式列式求解，不难。5. 图中所示为简谐横波在某一时刻的波形图，已知此时质点A正向上运动，如图中箭头所示，由此可断定此横波 A向右传播，且此时质点B正向上运动B向右传播，且此时质点C正向下运动C向左传播，且此时质点D正向上运动D向左传播，且此时质点E正向下运动参考答案：C二、 填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分6. 如图甲所示为加速度计的原理图：支架AB固定在待测系统上，滑块穿在AB之间的水平光滑杆上，并用轻弹簧连接在A端

4、，其下端有一活动臂可在滑动变阻器上自由滑动。随着系统沿水平方向做变速运动，滑块相对于支架将发生位移，并通过电路转换成电信号从电压表输出。已知电压表量程为8V，滑块质量m=0.1kg，弹簧劲度系数k=20Nm，电源电动势E=10V，内阻不计，滑动变阻器总电阻值R=40，有效总长度l=8cm当待测系统静止时，滑动触头P位于变阻器R的中点，取AB方向为正方向。（1）该加速度计能测量的最大加速度为 m/s2。（2）为保证电压表能正常使用，图甲电路中电阻R0至少 。（3）根据R0的最小值，将电压表盘上的电压刻度改成适当的加速度刻度，如图乙，电压4V对应加速度为 ，电压6V对应加速度为 （要求用正负号表示

5、加速度方向）。 甲 乙参考答案：（1）8 （2）10 （3）0 -4 m/s27. 电场中A、B、C三点的电场强度分别为：=5V/m、=4V/m 、= 1 V/m，则这三点的电场强弱关系是_参考答案：8. 一台给低压照明电路供电的变压器，初级所加交流电压为u=311sin314t V。能够使次级获得有效值为36V的安全电压，它的初、次级线圈匝数之比应为_。当次级电路使五盏“36V 40W”的灯泡正常发光时，它的初级电流的有效值是_A。(该变压器可视为理想变压器)参考答案：9. 如图所示，半径是0.2m的圆弧状光滑轨道置于竖直面内并固定在地面上，轨道的最低点为B，在轨道的A点（弧AB所对圆心角小

6、于5）和弧形轨道的圆心O两处各有一个静止的小球和，若将它们同时无初速释放，先到达B点的是_球参考答案： 10. （4分）一台交流发电机，矩形线框长L1、宽L2，共N匝，磁感强度为B，转动角速度 ，线框平面从通过中性面开始计时，则感应电动势的表达式为e 、有效值为： 。参考答案：，11. 如图所示，线圈内有理想边界的磁场，当磁感应强度均匀增加时，有一带电粒子静止于水平放置的平行板电容器中间，则此粒子带 电，若增大磁感应强度的变化率，则带电粒子将 （填“向上运动”“向下运动”或静止”）参考答案：负，向上运动【考点】法拉第电磁感应定律；电容【分析】带电粒子受重力和电场力平衡，由楞次定律可判断极板带电

7、性质，由法拉第电磁感应定律可得出感应电动势变化，从而知道电场力的变化【解答】解：当磁场均匀增加时，由楞次定律可判断上极板带正电所以平行板电容器的板间的电场方向向下，带电粒子受重力和电场力平衡，所以粒子带负电若增大磁感应强度的变化率，感应电动势增大，粒子受的电场力增大，则带电粒子将向上运动故答案为：负，向上运动12. 一只小船在静止的水中行驶的最大速度v1=2.0m/s，现使此船在水流速度大小v2=1.2m/s的河中行驶（设河水以稳定的速度沿平行河岸方向流动，且整个河中水的流速处处相等）。若河宽为64m且河岸平直，则此船渡河的最短时间为 s；要使小船在渡河过程中位移最小，则小船渡河的时间为 s。

8、 参考答案：32， 4013. 用6N水平拉力拉质量为2kg的物体，沿水平桌面匀速运动，若水平力改为10N，则物体的加速度大小为 m/s2。动摩擦因数为 （g=10m/s2）参考答案：2 , 0.3三、 实验题：本题共2小题，每小题11分，共计22分14. 在“用单摆测定重力加速度”的实验中，测得单摆摆角小于5时，完成n次全振动时间为t，用毫米刻度尺测得摆线长为l，用螺旋测微器测得摆球直径为d（1）测得重力加速度的表达式为g（2）螺旋测微器的读数如图所示，摆球直径d.（3）实验时某同学测得的g值偏大，其原因可能是.A实验室的海拔太高B摆球太重C测出n次全振动时间为t，误作为(n1)次全振动时间

9、进行计算D用摆线长与摆球直径之和作为摆长来计算（4）为了提高实验精度，在实验中可改变几次摆长l并测出相应的周期T，从而得出一组对应的l和T的数值，再以l为横坐标、T2为纵坐标将所得数据连成直线，并求得该直线的斜率K.则重力加速度g = .（用K表示）参考答案：15. 双流中学一研究性学习小组欲通过测定工业污水（含多种重金属离子）的电阻率来判断某工厂废水是否达到排放标准（一般工业废水电阻率的达标值为200?m，如图1所示为该组同学所用盛水容器，其左、右两侧面为金属薄板（电阻极小），其余四面由绝缘材料制成，左右两侧带有接线柱容器内表面长a=40cm，宽b=20cm，高c=10cm，将水样注满容器后

10、，进行以下操作：(1)分别用多用电表欧姆挡的“l00”、“1K”两档粗测水样的电阻值时，表盘上指针如图2所示，则所测水样的电阻约为_(2)为更精确地测量所取水样的电阻，该小组从实验室中找到如下实验器材；A电流表（量程6mA，电阻RA为20） B电压表（量程15V电阻Rv约为10k）C滑动变阻器（0-20，额定电流1A） D电源（12V内阻约10） E开关一只、导线若干请在图3的实物图中完成电路连接(3)正确连接电路后，闭合开关，测得一组U、I数据；再调节滑动变阻器，重复上述测量步骤，得出一系列数据如表所示，请在图4的坐标纸中作出U-I关系图线.(4)由以上测量数据可以求出待测水样的电阻率为_?

11、m,据此可知，所测水样在电阻率这一指标上_（选填“达标”或“不达标”）参考答案： (1). 1750 (2). 135.5 (3). 不达标【试题分析】(1)图乙中左图，指针位于刻度盘中央附近，误差较小，由此表读出水样的电阻；(2)要精确测量电阻值，需要电路中电压有较大的变化范围，而滑动变阻器阻值又远小于待测电阻，滑动变阻器要采用分压接法；根据两电表内阻与水样的电阻倍数关系，确定出采用电流表内接法，即可完成电路连接；(3)建立坐标系，采用描点法连线作图(4)由图线斜率和电流表的内阻，求解水样的电阻，由电阻定律求解电阻率，与达标值为200?m比较，分析是否达标(1)电阻的大小等于指针示数乘以倍率

12、，得出水样的电阻约为：1750；(2)因为要精确测量电阻值，需要电路中电压有较大的变化范围，而滑动变阻器阻值又远小于待测电阻，所以连线时滑动变阻器要用分压接法；又因为所测电阻的阻值约为1750RARV，则采用电流表内接法，电路连接如图所示(3)描点法作图，如图（让绝大多数的点在直线上，其余各点均匀地分布在直线两侧）(4)由图线斜率可知，总电阻为，又R=R总RA=2710，根据电阻定律，故有，所以不达标【点睛】解决本题的关键掌握欧姆表的读数方法，以及掌握如何选择电流表的内外接、滑动变阻器的分压、限流接法四、计算题：本题共3小题，共计47分16. 如图，水平放置的光滑的金属导轨M、N，平行置于地面

13、匀强磁场中，间距为L，磁场的磁感强度大小为B，方向与导轨平面夹为 ，金属棒ab的质量为m，放在导轨上且与导轨垂直。电源电动势为E，定值电阻为R，其余部分电阻不计。则当电键调闭合的瞬间，棒ab的加速度为多大？参考答案：画出导体棒ab受力的截面图，如图所示导体棒ab所受安培力：F = BIL 由牛顿第二定律得： Fsin=ma 导体棒ab 中的电流： I=E/R 得17. 如图所示，光滑水平面上质量为m1的小球，以初速度v0冲向质量为m2的静止光滑圆弧面斜劈，圆弧小于90且足够高求：（1）小球能上升的最大高度；（2）斜劈的最大速度参考答案：解：（1）以m1、m2组成的系统为研究对象，当m1在m2上

14、滑动时二者存在相互作用，但在水平方向上不受外力，因此系统在水平方向上动量守恒设m1滑到最高点位置时，二者的速度为v，取水平向右为正方向，由动量守恒定律有：m1v0=（m1+m2）v 得：v=对m1、m2组成的系统，由机械能守恒定律有：m1v02（m1+m2）v2=m1gh 解得：h=（2）设m1、m2分离时二者的速度分别为v1、v2，v2即为m2的最大速度，由动量守恒和机械能守恒有：m1v0=m1v1+m2v2m1v02=m1v12+m2v22解得：v2=v0答：（1）小球能上升的最大高度是；（2）斜劈的最大速度是v0【考点】动量守恒定律；功能关系【分析】（1）小球上升到最高点时，小球与斜劈的速度相同，小球与斜劈作用时水平方向动量守恒，根据水平方向动量守恒和机械能守恒列式即可求解小球能上升的最大高度；（2）小球在斜劈上运动的整个过程中，斜劈都在加速，所以小球离开斜劈时斜劈的速度最大，根据动量守恒定律和机械能守恒定律列式求斜劈的最大速度18. （12分）如图所示，在倾角为的光滑斜面上有一磁场区域，区域的上下边界AA、CC与水平面平行，间距为dl，磁场的磁感应强度为B，方向与斜面垂直。用粗细均匀的导线绕制的矩形线圈abcd位于斜面上，其质量为m，电阻为R，ab边长2l，bc边长l。现令线框由静止开