广东省梅州市兴宁田家炳中学高三物理联考试卷含解析

1、广东省梅州市兴宁田家炳中学高三物理联考试卷含解析一、 选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分每小题只有一个选项符合题意1. 如图所示，光滑水平面上放置质量分别为m、2m和3m 的三个木块，其中质量为2m和3m的木块间用一不可伸长的轻绳相连，轻绳能承受的最大拉力为T现用水平拉力F拉其中一个质量为3m的木块，使三个木块以同一加速度运动，则以下说法正确的是：（ ） A质量为2m的木块受到四个力的作用 B当F逐渐增大到T时，轻绳刚好被拉断 C当F逐渐增大到15T时，轻绳还不会被拉断 D轻绳刚要被拉断时，质量为m和2m的木块间的摩擦力为参考答案：C2. 奥运会中的投掷链球、铅球、铁饼和标枪等体育比

2、赛项目都是把物体斜向上抛出的运动，如图所示，若不考虑空气阻力，这些物体从被抛出到落地的过程中A物体的机械能先减小后增大B物体的机械能先增大后减小C物体的动能先增大后减小，重力势能 先减小后增大D物体的动能先减小后增大，重力势能先增大后减小参考答案：D3. 我国自主研制的“神七”载人飞船在酒泉卫星发射中心成功发射。第583秒火箭将飞船送到近地点200km，远地点350km的椭圆轨道的入口，箭船分离。21时33分变轨成功，飞船进入距地球表面约343km的圆形预定轨道，绕行一周约90分钟，关于“神七”载人飞船在预定轨道上运行时下列说法中正确的是A“神七”载人飞船可以看作是地球的一颗同步卫星B飞船由于

3、完全失重，飞船中的宇航员不再受到重力的作用C当飞船要离开圆形轨道返回地球时，要启动助推器让飞船速度增大D飞船绕地球运行的角速度比月球绕地球运行的角速度大参考答案：D4. （单选）如图所示，将质量为m的滑块放在倾角为的固定斜面上滑块与斜面之间的动摩擦因数为若滑块与斜面之间的最大静摩擦力和滑动摩擦力大小相等，重力加速度为g，则（）A将滑块由静止释放，如果tan，滑块将下滑B给滑块沿斜面向下的初速度，如果tan，滑块将减速下滑C用平行于斜面向下的力拉滑块向下匀速滑动，如果=tan，拉力大小应是mgsinD用平行于斜面向上的力拉滑块向上匀速滑动，如果=tan，拉力大小应是2mgsin参考答案：解：A、

4、若tan，则mgsinmgcos0所以滑块不会下滑故A错误B、若tan，mgsinmgcos0，则合力大于0，所以滑块会受到向下的力，将加速下滑，故B错误；C、如果=tanmgsinmgcos=0，则合力等于零则无需拉力拉动，滑块只需要有给他一个速度即可以匀速向下滑动了，故C错误；D、如果=tan，则合力等于0当滑块向上运动的时候，摩擦力方向与运动相反，即向下，所以向上的拉力大小F=mgsin+mgcos，因为=tan，所以mgsin=mgcos，所以F=2mgsin，故D正确故选：D5. （单选）（A）如图甲所示，一直角三角形金属框，向左匀速地穿过一个方向垂直于纸面向内的匀强磁场，磁场仅限于

5、虚线边界所围的区域内，该区域的形状与金属框完全相同，且金属框的下边与磁场区域的下边在一直线上若取顺时针方向为电流的正方向，则金属框穿过磁场过程的感应电流i随时间t变化的图象是下图所示的（）ABCD参考答案：考点：导体切割磁感线时的感应电动势；闭合电路的欧姆定律专题：电磁感应与图像结合分析：先根据楞次定律判断感应电流的方向再由E=BLv，分析感应电动势，其中L是有效的切割长度由欧姆定律得到感应电流与时间的关系式解答：解：设直角三角形右下角为金属框进入磁场的过程，感应电动势为 E=BLv，L=vttan，则得 E=Bv2t?tan，感应电流大小i=t，由楞次定律判断得知：感应电流为逆时针方向，是负

6、值；金属框穿出磁场的过程，感应电动势为 E=BLv，L=L0v（t）tan=（2L0vt）tan，L0是三角形底边的长度，则得 E=B（2L0vt）v?tan，感应电流大小i=，由楞次定律判断得知：感应电流为顺时针方向，是正值；由数学知识可知C图象正确故选C点评：本题是楞次定律和法拉第电磁定律、欧姆定律的综合应用，得到电流的表达式，再选择图象二、 填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分6. 真空中波长为-7米的紫外线的频率是 _赫。这种紫外线的光子打到金属钠的表面时 （填“能”或“不能”）发生光电效应（已知钠的极限频率是6.01014赫，真空中光速为8米/秒）。参考答案：答案：1.010

7、15、能7. 镭核(Ra)经过一系列衰变和衰变，变成铅核(Pb) ，其中经过衰变的次数是_，镭核(Ra)衰变成铅核(Pb)的过程中损失了_个中子参考答案：5168. 有一只家用电熨斗，其电路结构如图（a）所示，图中1、2、3、4是内部4个接线柱，改变内部接线方式可使电熨斗获得低、中、高三个不同的温度挡。图（b）是它的四种不同的连线方式，其中能获得低挡温度的连线方式是图（b）中的 ? ，能获得高挡温度的连线方式是图（b）中的 ? 。参考答案：B，D9. 如图3310所示为“用DIS(位移传感器、数据采集器、计算机)研究加速度和力的关系”的实验装置图3310(1)在该实验中必须采用控制变量法，应保

8、持_不变，用钩码所受的重力作为_，用DIS测小车的加速度(2)改变所挂钩码的数量，多次重复测量在某次实验中根据测得的多组数据可画出aF关系图线(如图3311所示)分析此图线的OA段可得出的实验结论是_.(单选题)此图线的AB段明显偏离直线，造成此误差的主要原因是 ()A小车与轨道之间存在摩擦B导轨保持了水平状态C所挂钩码的总质量太大D所用小车的质量太大参考答案：(1)小车的总质量(或：小车的质量)小车所受外力(或：外力、合外力)(2)在质量不变的条件下，加速度与合外力成正比C10. 一个学生在做平抛实验中，只画出了如图所示的一部分曲线，他在曲线上任取水平距离均为S的三点A、B、C，并测得S=0

9、.2m，又测出它们竖直之间的距离分别为S1=0.1m、S2=0.2m利用这些数据，这个学生求得物体抛初速度为 ms，物体到B点的竖直分速度为 m/s，A点离抛出点的高度为 m.（取g=10ms2）参考答案：2 1.5 0.12511. 在衰变中常伴有一种称为“中微子”的粒子放出中微子的性质十分特别，因此在实验中很难探测。1953年，莱尼斯和柯文建造了一个由大水槽和探测器组成的实验系统，利用中微子与水中11H的核反应，间接地证实了中微子的存在（1）中微子与水中的11H发生核反应，产生中子(01n)和正电子(10e)，即中微子11H01n10e 可以判定，中微子的质量数和电荷数分别是_（3分）(填

10、写选项前的字母)A0和0 B0和1C1和0 D1和1（2）上述核反应产生的正电子与水中的电子相遇，与电子形成几乎静止的整体后，可以转变为两个光子()，即 10e10e2 . 已知正电子和电子的质量都为9.11031 kg，反应中产生的每个光子的能量约为_ _J（4分） 普朗克常量为h=6.631034 Js 1 u质量对应的能量为931.5 MeV参考答案：12. 某质点做直线运动的位移和时间的关系是x=5t+3t2-11(m)，则此质点的初速度是_m/s，加速度是_m/s2。参考答案：5，6解:由 ,得初速度,加速度 。13. 特种兵过山谷的一种方法可化简为如右图所示的模型：将一根长为2d、

11、不可伸长的细绳的两端固定在相距为d的A、B两等高处，悬绳上有小滑轮P，战士们相互配合，可沿着细绳滑到对面。开始时，战士甲拉住滑轮，质量为m的战士乙吊在滑轮上，处于静止状态，AP竖直，则此时甲对滑轮的水平拉力为_mg；若甲将滑轮由静止释放，则乙在滑动中速度的最大值为_。（不计滑轮与绳的质量，不计滑轮的大小及摩擦） 参考答案：1/2 三、 实验题：本题共2小题，每小题11分，共计22分14. 某同学用伏安法测一节干电池的电动势和内阻，现备有下列器材：A被测干电池一节B电流表：量程00.6A，内阻rA=0.3C电流表：量程00.6A，内阻约为0.1D电压表：量程03V，内阻未知E电压表：量程015V

12、，内阻未知F滑动变阻器：010，2AG滑动变阻器：0100，1AH开关、导线若干伏安法测电池电动势和内阻的实验中，由于电流表和电压表内阻的影响，测量结果存在系统误差在现有器材的条件下，要尽可能准确地测量电池的电动势和内阻（1）在上述器材中请选择适当的器材：ABDFH （填写选项前的字母）；（2）实验电路图应选择图中的甲 （填“甲”或“乙”）（3）根据实验中电流表和电压表的示数得到了如图丙所示的UI图象，则在修正了实验系统误差后，干电池的电动势E=1.5V，内电阻r=0.70参考答案：考点：测定电源的电动势和内阻专题：实验题分析：（1）实验中要能保证安全和准确性选择电表；（2）本实验应采用电阻箱

13、和电压表联合测量，由实验原理可得出电路原理图；（3）由原理利用闭合电路欧姆定律可得出表达式，由数学关系可得出电动势和内电阻解答：解：（1）在上述器材中请选择适当的器材：A被测干电池一节为了读数准确，所以选择DB电流表：量程00.6A；且应明确电流表内阻；故电流表选B；电压表：量程03V，滑动变阻器阻值较小有利于电表的数值变化，减小误差，故选F滑动变阻器，H开关、导线若干（2）因电流表B的内阻已知，故可以将电流表内阻等效为电源内阻，求出等效电阻后，再求出实际电源电阻，故采用甲图可以有效修正实验误差；（3）由UI图可知，电源的电动势E=1.50V；等效内电阻r=1.0；故实际内阻为1.00.3=0

14、.7；故答案为：ABDFH甲；1.5，0.7点评：本题为设计性实验，在解题时应注意明确实验的原理；并且要由实验原理结合闭合电路欧姆定律得出表达式，由图象得出电动势和内电阻；要特别注意实验误差的修正方法15. 在暗室中用图示装置做“测定重力加速度”的实验.实验器材有：支架、漏斗、橡皮管、尖嘴玻璃管、螺丝夹接水铝盒、一根荧光刻度的米尺、频闪仪具体实验步骤如下：在漏斗内盛满清水，旋松螺丝夹子，水滴会以一定的频率一滴滴的落下.用频闪仪发出的白闪光将水滴流照亮，由大到小逐渐调节频闪仪的频率直到第一次看到一串仿佛固定不动的水滴.用竖直放置的米尺测得各个水滴所对应的刻度.采集数据进行处理.（1）实验中看到空

15、间有一串仿佛固定不动的水滴时，频闪仪的闪光频率满足的条件是： .（2）实验中观察到水滴“固定不动”时的闪光频率为30Hz，某同学读出其中比较圆的水滴到第一个水滴的距离如图，根据数据测得当地重力加速度g = m/s2；第8个水滴此时的速度v8= m/s（结果都保留三位有效数字）.（3）该实验存在的系统误差可能有（答出一条即可）： .参考答案：（1）频闪仪频率等于水滴滴落的频率 ( （2分）（2）9.72 （2分） 2.27（2分）（3）存在空气阻力（或水滴滴落的频率变化）。四、计算题：本题共3小题，共计47分16. 某校物理兴趣小组决定举行遥控赛车比赛比赛路径如图所示，赛车从起点A出发，沿水平直

16、线轨道运动L后，由B点进入半径为R的光滑竖直圆轨道，离开竖直圆轨道后继续在光滑平直轨道上运动到C点，并能越过壕沟已知赛车质量m0.1 kg，通电后以额定功率P1.5 W工作，进入竖直轨道前受到阻力恒为0.3 N，随后在运动中受到的阻力均可不计图中L10.00 m，R0.32 m，h1.25 m，x1.50 m问：要使赛车完成比赛，电动机至少工作多长时间？(取g10 m/s2)参考答案： 2.53s17. 如图所示，在xOy所在坐标系中ABCD区域内，存在着两个场强均为E的匀强电场和，电场方向水平向右，电场方向竖直向上，两电场区域是边长为L的正方形，边界分别与x轴和+y轴相重合，已知带电粒子的电

17、量q（q0），不计重力的影响（1）若粒子从AB中点F由静止释放，求粒子离开电场时的位置坐标；（2）若粒子在AB线上不同位置释放，求粒子离开电场时动能与释放点纵坐标y之间的关系；（3）若粒子在AB中垂线上不同位置释放（电场区域内），试求粒子离开电场时动能与释放点横坐标绝对值x的关系参考答案：解：（1）若粒子从F点释放，在电场中做匀加速直线运动，离开电场的速度为v，则，粒子在电场中做类平抛运动，假设从CD边离开，L=vt，d=，a=，解得d=假设正确，因此离开电场时的坐标为（L，）（2）粒子在AB线上不同位置释放，在电场中获得速度均相同，进入电场中如若从CD边射出，由于穿出时间相同，侧向位移也均为

18、d=；若从GD边射出由于穿出时间不同，侧向位移也不相同，因为分两种情形讨论：若释放点纵坐标在范围内，粒子从CD边射出，获得动能相同，若释放点纵坐标在范围内，粒子从GD边射出，Ek=qEL+qE（Ly）=qE（2Ly）（3）粒子在AB中垂线上不同位置释放在电场中获得的速度不相同，设粒子释放点横坐标为x，则，粒子离开电场可能是从CD边射出也可能从GD边射出若粒子刚好从D点射出，则L=vt，x=，因此粒子横坐标在l到范围内，粒子均从CD边射出，离开电场时侧向位移为，解得，离开电场时动能为横坐标在到O范围内，粒子均从GD边射出，离开电场时的动能答：（1）粒子离开电场时的坐标为（L，）（2）若释放点纵坐标在范围内，动能为；若释放点纵坐标在范围内，动能为qE（2Ly）Ek=qEL+qE（Ly）=qE（2Ly）（3）粒子横坐标在l到范围内，离开电场时动能为；横坐标在到O范围内，离开电场时的动能18. 如图所示，用同种材料制成的粗糙程度相同的斜面和长水平面，斜面倾角为=37，斜面长L=20m且固定，当一小物块从斜面顶端以初速度v0=2m/s沿斜面下滑，则经过t0=5s后小物块停在斜面上，不考虑