广东省汕头市岐山中学高二物理期末试卷含解析

1、广东省汕头市岐山中学高二物理期末试卷含解析一、 选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分每小题只有一个选项符合题意1. 如右图所示，水平放置的平行板电容器，上板带负电，下板带正电，带电小球以速度v0水平射入电场，且沿下板边缘飞出若下板不动，将上板上移一小段距离，小球仍以相同的速度v0从原处飞入，则带电小球()A将打在下板中央B仍沿原轨迹由下板边缘飞出C不发生偏转，沿直线运动D若上板不动，将下板上移一段距离，小球可能打在下板的中央参考答案：BD2. 如图所示，一粗糙的平行金属轨道平面与水平面成角，两轨道上端用一电阻R相连，该装置处于匀强磁场中，磁场方向垂直轨道于平面向上质量为m的金属杆ab以

2、初速度v0从轨道底端向上滑行，滑行到某高度h后又返回到底端若运动过程中金属杆始终保持与导轨垂直且接触良好，轨道与金属杆的电阻均忽略不计则下列说法正确的是()A金属杆ab上滑过程与下滑过程通过电阻R的电量一样多B金属杆ab上滑过程中克服重力、安培力与摩擦力所做功之和等于mvC金属杆ab上滑过程与下滑过程因摩擦而产生的内能不一定相等D金属杆ab在整个过程中损失的机械能等于装置产生的热量参考答案：ABD3. （多选题）按如图所示的电路连接各元件后，闭合开关S，L1、L2两灯泡都能发光在保证灯泡安全的前提下，当滑动变阻器的滑动头向左移动时，下列判断正确的是（）AL1变暗BL1变亮CL2变暗DL2变亮参

3、考答案：AD【考点】闭合电路的欧姆定律【分析】由图可知L1与定值电阻串联后与滑动变阻器R并联，再与L2串联；由滑片的移动可知电路中电阻的变化，则可知电路中总电流的变化，即可知L2亮度的变化；由串联电路的电压规律可知L1与定值电阻两端的电压变化；则可得出L1亮度的变化【解答】解：当滑片左移时，滑动变阻器接入电阻减小，则总电阻减小，由闭合电路欧姆定律可知流过L2的电流减大，故L2的变亮；灯泡L1及内阻分担的电压增大，电源的电动势不变，故并联部分电压减小，故通过L1的电流变小，即灯泡L1变暗；故AD正确故选AD4. （多选如图所示，一个有界匀强磁场区域，磁场方向垂直纸面向外，一个矩形闭合导线框abc

4、d，由位置1（左）匀速运动到位置2（右）则 ( )A导线框进入磁场时，感应电流方向为abcdaB导线框进入磁场时，感应电流方向为adcbaC导线框离开磁场时，受到安培力的方向水平向右 D导线框离开磁场时，受到安培力的方向水平向左参考答案：BD5. 回旋加速器是用来加速带电粒子的装置，如图所示.它的核心部分是两个D形金属盒，两盒相距很近，分别和高频交流电源相连接，两盒间的窄缝中形成匀强电场，使带电粒子每次通过窄缝都得到加速。两盒放在匀强磁场中，磁场方向垂直于盒底面，带电粒子在磁场中做圆周运动，通过两盒间的窄缝时反复被加速，直到达到最大圆周半径时通过特殊装置被引出。如果用同一回旋加速器分别加速氚核

5、（）和粒子（）比较它们所加的高频交流电源的周期和获得的最大动能的大小，有A加速氚核的交流电源的周期较大，氚核获得的最大动能较小B加速氚核的交流电源的周期较大，氚核获得的最大动能较大C加速氚核的交流电源的周期较小，氚核获得的最大动能较小D加速氚核的交流电源的周期较小，氚核获得的最大动能较大参考答案：A二、 填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分6. 平行板电容器两板相距2cm，接在200V电源上，带电量为510-8库仑。这个电容器的电容是 ，板间电场强度是 。参考答案：2.5X10-10F，1.0X104V/M 7. 如图所示，通有稳恒电流的螺线管竖直放置，闭合铜环沿螺线管的轴线加速下落，

6、在下落过程中，环面始终保持水平。位置2处于螺线管的中心，位置1、3与位置2等距离，则铜环在1、3两位置时的磁通量大小1 _3 ，磁通量的变化率_。（填“，= 或”） 参考答案：_=_ _8. 已知电流表的电流从“”接线柱流入时指针向右偏，在如图所示的实验装置中(1)合上S将线圈A插入B的过程中，电流表指针向_偏(2)合上S将线圈A插入B后，将变阻器触头向左移动时，电流表指针向_ _偏参考答案：9. 右图是一个按正弦规律变化的交流电的图象。根据图象可知该交流电的电流最大值是_A，频率是_Hz。参考答案：10. (1分)避雷针利用 原理来避雷：带电云层靠近建筑物时，避雷针上产生的感应电荷会通过针尖

7、放电，逐渐中和云中的电荷，使建筑物免遭雷击。参考答案：尖端放电11. 电子所带的电荷量是C，实验指出，所有带电物体的电荷量或者 （填“等于”或“不等于”），或者是的 倍。参考答案：等于 ； 整数 12. 一定质量的理想气体，由初始状态A开始，按图中箭头所示的方向进行了一系列状态变化，最后又回到初始状态A ，即ABCA（其中BC与纵轴平行，CA与横轴平行） ，这一过程称为一个循环，则：A由AB，气体分子的平均动能 （填“增大”、“减小”或“不变”）B由BC，气体的内能 （填“增大”、“减小”或“不变”）C由CA，气体 热量（填 “吸收”或“放出”）参考答案：13. 一根弹簧原长为L0，挂一质量为

8、m的物体时伸长量为x，把它们共同套在一根光滑水平杆上组成弹簧振子，当其振幅为A时，物体振动的最大加速度是_。参考答案：gA/x三、 实验题：本题共2小题，每小题11分，共计22分14. 在“用双缝干涉测光的波长”的实验中，测量头示意图如图所示，调节分划板的位置，使分划板中心剖线对齐某亮条纹的中心，此时测量头的读数为_mm，转动手轮，使分划线向一侧移动，到另一条亮条纹的中心位置，由测量头再读出一读数若实验测得第一条到第五条亮条纹中心间的距离为x = 0.960mm，已知双缝间距为d=1.5mm，双缝到屏的距离为L=1.00m，则对应的光波波长=_nm参考答案： 1.630 , 360 15. （

9、实验）（2012秋?黄冈期中）测量“水果电池”的电动势和内电阻的实验中，将一铜片和一锌片分别插入同一只苹果内，就构成了简单的“水果电池”，其电动势约为1.5V，可是这种电池并不能点亮额定电压为1.5V，额定电流为0.3A的手电筒上的小灯泡原因是流过小灯泡的电流太小了，经实验测定电流约为3mA现有下列器材：待测“水果电池”电流表：满偏电流3mA，电阻约10电压表：量程01.5V，电阻约1000滑动变阻器R1：030滑动变阻器R2：03k开关、导线等实验器材（1）本实验选用上面所示的实验原理图1，应该选用哪种规格的滑动变阻器？ （填写仪器代号）（2）在实验中根据电压表的示数U与电流表的示数I的值，

10、得到UI图象如上图2所示，根据图中所给数据，则“水果电池”的电动势E= V，内电阻r= （3）若不计测量中的偶然误差，用这种方法测量得出的电动势和内电阻的值与真实值相比较，电动势E （选填“偏大”或“相等”或“偏小”），内电阻r （选填“偏大”或“相等”或“偏小”）参考答案：（1）R2 （2）1.5； 500 （3）相等；偏大测定电源的电动势和内阻（1）电源的内阻大约r=500，若选用030的滑动变阻器，移动滑片，电流基本不变，所以本实验中滑动变阻器应选用R2（2）UI图线的纵轴截距表示电源的电动势，图线斜率的绝对值表示水果电池的内阻UI图线的纵轴截距为1.5，知：水果电池的电动势E=1.5V

11、，图线斜率的绝对值为：r=500；（3）由于电流表的分压，使得路端电压存在误差，而电流没有误差，运用图象法分别在UI图上由测量数据作出的图线1和修正误差后真实值作出的图线2，由图看出，电动势没有系统误差，即电动势值与真实值相等，内阻的测量值偏大故答案为：（1）R2 （2）1.5； 500 （3）相等；偏大四、计算题：本题共3小题，共计47分16. 一台小型电动机在3 V电压下工作，用此电动机提升所受重力为4 N的物体时，通过它的电流是0.2 A。在30 s内可使该物体被匀速提升3 m。若不计除电动机线圈生热之外的能量损失，求：（1）电动机的输入功率；（2）在提升重物的30 s内，电动机线圈所产

12、生的热量；（3）线圈的电阻。参考答案：17. 如图所示,M为一线圈电阻rM=0.4 的电动机,R=24 ,电源电动势E=40 V.当S断开时,电流表的示数为I1=1.6 A,当开关S闭合时,电流表的示数为I2=4.0 A.求:(1)电源内阻r;(2)开关S闭合时电源输出功率.(3)开关S闭合时电动机输出的机械功率; 参考答案：解析:(1)当S断开时E=I1(R+r), （2分） 代入数据得r=1 .（1分）(2)设开关S闭合时,路端电压为U2,U2=E-I2r=36 V（2分） P=I2U2=144 W.（1分）(3)流过R的电流IR=U2/R=1.5 A （2分）流过电动机的电流IM=I2-

13、IR=2.5 A （2分）电动机输出的机械功率P出=U2IM rM=87.5 W.（2分）18. 如图所示，在直角坐标系xOy内，有一质量为m，电荷量为q的粒子A从坐标为（0，L）的点沿x 轴正方向以初速度0射出，粒子重力忽略不计，现要求该粒子能通过点P（a，b），可通过在粒子运动的空间范围内加适当的“场”来实现（1）若只在整个I、象限内加沿y轴正方向的匀强电场，使粒子在电场中做轨迹为抛物线的运动，并能到达P点，求匀强电场的电场强度E的大小；（2）若只在整个第I象限内加沿y轴正方向的匀强电场，粒子先在第I象限内做轨迹为抛物线的运动，进入第象限内做匀速直线运动，也能使粒子运动到达P点求电场强度E

14、的大小；（3）若只在y轴上某点固定一带正电的点电荷，使粒子在点电荷产生的电场中作匀速圆周运动，并能到达P点，设静电力常量为k求点电荷的电量Q的大小参考答案：解：（1）带电粒子在匀强电场中只受电场力且与初速度垂直，故粒子做类平抛运动，如图（1），设经t1运动到P点，场强为E1，由平抛运动得：a=0tL+b=t2联立解得：（2）带电粒子先在第I象限内做平抛运动，进入第象限内做匀速直线运动，如图（2），设粒子在第象限运动的时间为t2，场强为E2，经过x轴的位置到坐标原点的距离为d，速度方向与x轴正方向的夹角为，则有：d=0t2L=由几何关系得：联立解得：E2=（3）设粒子做匀速圆周运动的轨道半径为R，轨迹如图（3）则有几何关系得：R2=a2+（L+b）R2由圆周运动的动力学方程得：联立解得电量为：答：（1）若只在整个I、象限内加沿y轴正方向的匀强电场，使粒子在电场中做轨迹为抛物线的运动，并能到达P点，求匀强电场的电场强度E的大小：；（2）若只在整个第I象限内加沿y轴正方向的匀强电场，粒子先在第I象限内做轨迹为抛物线的运动，进入第象限内做匀速直线运动，也能使粒子运动到达P点求电场强度E的大小E2=；（3）