粤教版高中物理选择性必修第三册第二章气体、液体和固体课时练习题及章末测验含答案解析

第二章气体、液体和固体TOC\o"1-5"\h\z\o"CurrentDocument"1、气体实验定律（I） 1\o"CurrentDocument"2、气体实验定律（II） 7\o"CurrentDocument"3、气体实验定律的微观解释 12\o"CurrentDocument"4、1，实验定,和理想气体状态方程的应用 17\o"CurrentDocument"6、晶体 26\o"CurrentDocument"章末综合检测 311、气体实验定律（I）1.如图所示，U形管封闭端内有一部分气体被水银封住，已知大气压强为R,水银密度为0,封闭部分气体的压强。为（）po+Pghzr-pgh\r— （/l+Zfe）po+Pg（hz-hj解析：选B选右边最低液面为研究对象，右边液面受到向下的大气压强R,在相同高度的左边液面受到液柱A向下的压强和液柱打上面气体向下的压强p,根据连通器原理可知:p+Pgh\=pQ>所以，P=Pq—Pgh\,B正确。2.（多选）如图所示为一定质量的气体在不同温度下的两条/r］图线，由图可知（）一定质量的气体在发生等温变化时，其压强与体积成正比一定质量的气体在发生等温变化时，其右牺线的延长线是经过坐标原点的C.D.Tx<T2解析：选BD由玻意耳定律。知，压强与体积成反比，故A错误；「8%所以厂牺线的延长线经过坐标原点，故B正确；图线的斜率越大，对应的温度越高，所以由题图知TE,故C错误，D正确。.如图所示，由导热材料制成的气缸和活塞将一定质量的气体封闭在气缸内，活塞与气缸壁之间无摩擦，活塞上方存有少量液体。将一细管插入液体，由于虹吸现象，活塞上方液体缓慢流出，在此过程中，大气压强与外界的温度保持不变。下列各个描述气体状态变化的图像中与上述过程相符合的是（）V VA B C D解析：选D由题意知，封闭气体做的是等温变化，只有D图线是等温线，故D正确。.如图所示，开口向下并插入水银槽中的粗细均匀的玻璃管内封闭着长为〃的空气柱，管内水银柱高于水银槽部分长度为人若将玻璃管向右旋转一定的角度（管下端未离开槽内水银面），则〃和力的变化情况为（）A.〃减小，力增大 B.〃增大，力减小〃和力都增大 D.〃和人都减小解析：选A假设将玻璃管向右旋转一定的角度夕时水银柱高度不变，有p+og/zsin0=R,则封闭气体压强增大；由题意可知变化过程为等温变化，由py=C可知，封闭气体由于压强增大，体积减小，水银柱上升，即〃减小，力增大，故A正确，B、C、D错误。一个气泡由湖面下20m深处上升到湖面下10m深处，它的体积约变为原来体积的（温度不变，外界大气压相当于10m水柱产生的压强）（）A.3倍 B.2倍

D.0.7倍C.1.5D.0.7倍解析：选C对气泡Pi=3r,r=2r,由.匕=/>21知仁=1.5匕，故C项正确。.将一根质量可以忽略的一端封闭的塑料管子插入液体中，在力尸的作用下保持平衡,如图所示，图中〃值的大小与下列各量无关的是（）A.管子的半径 B.大气压强C.液体的密度 D.力尸解析：选B管子的受力分析如图所示，由平衡条件得:PnS+F=pS ①又p=p>+PmgH ②联立①②解得〃=念=洋,可见与大气压强无关,故B正确。.（多选）如图所示，一气缸竖直倒放，汽缸内有一质量不可忽略的活塞，将一定质量的气体封在气缸内，活塞与气缸壁无摩擦，气体处于平衡态，现保持温度不变把气缸稍微倾斜一点，在达到平衡后与原来相比（）A.气体的压强变大 B.气体的压强变小C.气体的体积变大 D,气体的体积变小解析：选AD以活塞为研究对象，设其质量为M,横截面积为S。达到平衡时，活塞受力平衡，当气缸竖直倒放时，设缸内气体压强为pi,p、S+Mg=p>S，式中为外界大气压强,由此可得同理可知，当气缸倾斜一点，设缸壁与水平方向夹角为《时，缸内气/Ifesin9体压强为r,piS+Mgsine=poS,由此可得.=口一一 ,必有0<R,气体压强增大,A正确，B错误；整个过程是等温变化，由py=C可知，压强增大，体积减小，C错误，D正确。.某小组在“用DIS研究温度不变时一定质量的气体压强与体积的关系”实验中：（1）实验过程中，下列操作正确的是.A.推拉活塞时，动作要快，以免气体进入或漏出B.推拉活塞时，手可以握住整个注射器C.压强传感器与注射器之间的连接管脱落后，应立即重新接上，继续实验D.活塞与针筒之间要保持润滑又不漏气(2)该实验小组想利用实验所测得的数据测出压强传感器和注射器的连接管的容积，所测得的压强和注射器的容积(不包括连接管的容积)数据如表所示：实验次数压强/kPa体积/cn?1101.5182112.8163126.9144145.0125169.210①为了更精确地测量也可以利用图像的方法，若要求出连接管的容积，也可以画―图。K.p-V B.V-p1 1C.p-- D.%一V P②利用上述图线求连接管的容积时是利用图线的.A.斜率B.纵坐标轴上的截距C.横坐标轴上的截距D.图线下的“面积”解析：(1)推拉活塞时，动作不能快，以免气体温度变化，故A错误；推拉活塞时，手不可以握住整个注射器，以免气体温度变化，故B错误；压强传感器与注射器之间的连接管脱落后，气体质量变化了，应该重新做实验，故C错误；活塞与针筒之间要保持润滑又不漏气,D正确。(2)①研究压强与体积的关系一般画出°-牺像，但为了求出连接管的容积，可以画出《图像。rc 1②根据/+%=%得V=-- 八］图像的纵轴截距％表示连接管的容积，所以B选项是正确的。答案：(1)D(2)①D②B.如图所示，倾角为夕的光滑斜面上有一固定挡板0,现有一质量为“的气缸，气缸内用质量为勿的活塞封闭有一定质量的理想气体，活塞与气缸间光滑，活塞横截面积为S,现将活塞用细绳固定在挡板。上处于静止状态。(已知外界大气压强为R)求：(1)气缸内的气体压强(2)若将绳子剪断，气缸与活塞保持相对静止一起沿斜面向下做匀加速直线运动，试计算气缸内的气体压强Pio解析：(1)以气缸为研究对象，由平衡条件得场sin〃+piS=rS,解得n=R—Mgsin8S-°(2)以整体为研究对象，由牛顿第二定律有(〃+加•绣in，=(M+〃)a,以气缸为研究对象有Jfesin。+pzS—poS=Ma,解得R=R。田0ta八、Mgsin8答案：(l)p) 飞(2)p>.(多选)如图所示，表示一定质量的某种气体状态变化的一个过程，则下列说法正确的是()1VA.人力是等温过程/fb是等温过程SC体积增大，压强减小，温度不变解析：选AD直线4〃经过原点，则〃一4是等温过程，A正确；1-6体积不变，压强增大，可知状态［到状态6气体温度升高，B、C错误；直线比'经过原点，则6-C是等温过程，，增大，p减小，D正确。11.如图所示，a、6、c三根完全相同的玻璃管，一端封闭，管内分别用相同长度的一段水根柱封闭了质量相等的空气，a管竖直向下做自由落体运动，6管竖直向上做加速度为g的匀加速运动，c管沿倾角为45°的光滑斜面下滑，若空气温度始终不变，当水银柱相对管壁静止时，a、b、c三管内的空气柱长度L、Lb、乙间的关系为（）A.Aa=A.Aa=Lb^~LcC.L〉L<La D.Lb<Ls=Lc解析：选D根据题意4=R,P）访,R=R,所以三管内的空气柱长度的关系为：L《L=Lcc12.（2020•全国卷H）潜水钟是一种水下救生设备，它是一个底部开口、上部封闭的容器，外形与钟相似。潜水钟在水下时其内部上方空间里存有空气，以满足潜水员水下避险的需要。为计算方便，将潜水钟简化为截面积为S、高度为力、开口向下的圆筒；工作母船将潜水钟由水面上方开口向下吊放至深度为〃的水下，如图所示。已知水的密度为O,重力加速度大小为&大气压强为P）,仍>力，忽略温度的变化和水密度随深度的变化。（1）求进入圆筒内水的高度/；（2）保持"不变，压入空气使筒内的水全部排出，求压入的空气在其压强为R时的体积。解析：（1）设潜水钟在水面上方时和放入水下后筒内气体的体积分别为/和放入水下后筒内气体的压强为P1，由玻意耳定律和题给条件有①TOC\o"1-5"\h\zV0=hS ②%=（力一力S ③pi=p）+Pg[H—1） ④联立以上各式并考虑到出方>八解得（2）设水全部排出后筒内气体的压强为.，此时筒内气体的体积为K,这些气体在其压强为n时的体积为修，由玻意耳定律有⑥其中q=r+pg电设需压入筒内的气体体积为匕依题意勺%一% ⑧联立②©⑦⑧式得勺上史地。 ⑨/八PgH, /c、PgSHh答案：⑴行7拓小⑵丁2、气体实验定律（II）.某同学家一台新电冰箱能显示冷藏室的温度。存放食物之前，该同学关闭冰箱密封门并给冰箱通电。若大气压为1.0XIO'Pa,通电时显示温度为27℃,通电一段时间后显示温度为6C,则此时冷藏室中气体的压强是（）A.2.2X101Pa B.9.3X105PaC.1.0X105Pa D.9.3X10'PaR279 c解析：选D由查理定律得1.OX10'Pa=9.3X10,Pa,故D正确。1\JUU一定质量的气体，压强保持不变，当其热力学温度由7变成37时，其体积由『变成（）TOC\o"1-5"\h\zV VA.3KB.6KC-D-3 6y.KTiVx3TVx解析：选A气体发生等压变化，由盖-吕萨克定律三=三得七=釜=一=3九1\ 12 1一个密闭的钢管内装有空气，在温度为20C时，压强为1atm,若温度上升到80℃,管内空气的压强约为（）5A.4atm B.~atm47C.1.2atm D.~atm6解析：选C由查理定律知9=^，T=t+273K,代入数据解得RQl.2atm,所以C正J\12确。4.对于一定质量的气体，以下说法正确的是（）A.气体做等容变化时，气体的压强和温度成正比B.气体做等容变化时，温度升高1°C,增加的压强是原来压强的小C.气体做等容变化时，气体压强的变化量与温度的变化量成正比D.由查理定律可知，等容变化中，气体温度从力升高到上时，气体压强由口增加到R,解析：选C一定质量的气体做等容变化，气体的压强跟热力学温度成正比，跟摄氏温度不成正比关系，选项A错误：根据查理定律兽 T=i+273K,所以。£=方・；，温△/ 1 P//JIL度升高1C,增加的压强人尸药，■严B选项错误；由公式卷=齐静］■知选项C正确;D项中由弓=言|普，得n=n（i+Jf£）,故d项错误。f）2, //JIL2 \IOIL\J.（多选）如图所示，在一只烧瓶上连一根玻璃管，把它跟一个水银压强计连在一起，烧瓶里封闭着一定质量的气体，开始时水银压强计U形管两端水银面一样高。下列情况下，为使U形管两端水银面一样高，管4的移动方向是（）A.如果把烧瓶浸在热水中，应把力向下移B.如果把烧瓶浸在热水中，应把力向上移C.如果把烧瓶浸在冷水中，应把/向下移D.如果把烧瓶浸在冷水中，应把1向上移解析：选AD使U形管两端水银面一样高，即保持封闭气体的压强始终等于外界大气压且不变，若把烧瓶浸在热水中，气体体积增大，A中水银面上升，为使两管水银面等高，应把力向下移，故A正确，B错误；若把烧瓶浸在冷水中，气体体积减小，6管中水银面上升,为使两管水银面等高，应把力向上移，故C错误，D正确。.一定质量的理想气体，在压强不变的情况下，温度由5℃升高到10℃,体积的增量为△匕温度由10℃升高到15℃,体积的增量为△K.取7=t+273K,则（）A. B.AAKC.A/〈△心 D.无法确定解析：选A由盖一吕萨克定律可得5=若即所以AhdI Zio5 _ , V\V2上==X做/、上分别是气体在5℃和10℃时的体积），而痂=赤，所以△匕=△松，AZoo Z/oZoo正确。.如图所示,一导热良好的汽缸内用活塞封住一定质量的气体（不计活塞厚度及与缸壁之间的摩擦），用一弹簧连接活塞，将整个汽缸悬挂在天花板上。汽缸静止时弹簧长度为。活塞距地面的高度为力，汽缸底部距地面的高度为从活塞内气体压强为.体积为匕以下变化均缓慢进行，下列说法正确的是（）HP,HP,A.当外界温度升高（大气压不变）时，/变大、〃减小、p变大、『变大.当外界温度升高（大气压不变）时，力减小、〃变大、0变大、，减小.当外界大气压变小（温度不变）时，力不变、〃减小、0减小、，变大当外界大气压变小（温度不变）时，/不变、〃变大、0减小、/不变解析：选C以活塞与汽缸为整体，对其受力分析，整体受到竖直向下的总重力和弹簧向上的拉力，且二者大小始终相等，总重力不变，所以弹簧拉力不变，即弹簧长度Z不变，活塞的位置不变，h不变；当温度升高时，汽缸内的气体做等压变化，根据盖-吕萨克定律可以判断，体积/增大，汽缸下落，所以缸体的高度降低，〃减小、°不变；对活塞分析得RS+/Z7g=pS+尸弹，当大气压减小时，气体压强。减小，汽缸内的气体做等温变化，由玻意耳定律得可知体积/变大，汽缸下落，所以缸体的高度降低，〃减小，选项c正确，A、B、D错误。（多选）一定质量的理想气体的状态发生变化，经历了图示［fQj/的循环过程，则（）A.气体在状态4时的温度等于气体在状态8时的温度从状态6变化到状态C的过程中，气体经历的是等压变化C.从状态6变化到状态。的过程中，气体分子平均动能增大D.从状态C变化到状态］的过程中，气体的温度逐渐降低解析：选AB气体在状态A和状态8满足玻意耳定律pV=C,所以4、8两状态温度相等,故选项A正确；根据图像可知，气体从状态6变化到状态C的过程中，压强恒定，所以气体经历的是等压变化，故选项B正确；根据图像可知点%,根据盖一吕萨克定律可知T&Tb,温度是分子平均动能的标志，所以从状态8变化到状态。的过程中，气体分子平均动能减小,故选项C错误；根据图像可知根据查理定律齐C可知/方，从状态。变化到状态/的过程中，气体的温度逐渐升高，故选项D错误。在某高速公路发生一起车祸，车祸系轮胎爆胎所致。已知汽车行驶前轮胎内气体压强为2.5atm,温度为27℃,爆胎时胎内气体的温度为87C,轮胎中的空气可视为理想气体,且爆胎前轮胎内气体的体积不变。(1)求爆胎时轮胎内气体的压强；(2)从微观上解释爆胎前胎内压强变化的原因。解析：(D气体做等容变化，初态：n=2.5atm,71=(27+273)K=300K末态：价=?,石=(87+273)=360K由查理定律得：今解得价=3atm。/1 /2(2)爆胎前胎内气体体积不变，分子数密度不变，温度升高，分子平均动能增大，分子对轮胎内壁的平均作用力增大，导致气体压强增大。答案：(1)3atm(2)见解析.如图所示，上端开口的光滑圆柱形气缸竖直放置，开始时活塞放置在卡扣a、6上，下方封闭了一定质量的气体。现缓慢加热缸内气体，直到活塞到达气缸口之前，下列K，图P像正确的是()解析：选D缓慢加热缸内气体，直到活塞与卡扣间恰好无压力，气体做等容变化，由查理定律可知，温度升高时，气体的压强增大，贝快小。此后温度持续升高直到活塞到达气缸口前，气体做等压变化，由盖一吕萨克定律可知，温度升高，体积增大。选项D正确。.如图所示，两根粗细相同，两端开口的直玻璃管1和6,竖直插入同一水银槽中，各用一段水银柱封闭着一定质量同温度的空气，空气柱长度水银柱长度今使封闭的气体降低相同的温度（大气压保持不变），则两管中气柱上方水银柱的移动情况是（）A.均向下移动，4管移动较多B.均向上移动，｛管移动较多C.4管向上移动，夕管向下移动D.均向下移动，5管移动较多解析：选A因为在温度降低过程中封闭气体的压强恒等于大气压强与水银柱因自身重力而产生的压强之和，故封闭气柱均做等压变化。并由此推知，封闭气柱下端的水银面高度不变。根据盖一吕萨克定律得△勺（△7,因4、8两管中的封闭气体初始温度T相同，温度降低量△7相同，且△7K0,所以AKO,即力、6两管中的封闭气体的体积都减小；又因为〃＞外,故4管中封闭气体的体积较大，所以|△川＞|△口，4管中气柱长度减小得较多，故/、8两管中封闭气柱上方的水银柱均向下移动，且1管中的水银柱下移得较多。12.如图所示，带有刻度的注射器竖直固定在铁架台上，其下部放入盛水的烧杯中。注射器活塞的横截面积S=5XICT'' 活塞及框架的总质量加=5X10,Tkg,大气压强r=LOX105Pa»当水温为友=13℃时，注射器内气体的体积为5.5mLo求：（g取10m/s2）（1）向烧杯中加入热水，稳定后测得力=65C时，气体的体积为多大？（2）保持水温ti=65℃不变，为使气体的体积恢复到5.5mL,则要在框架上挂质量多大的钩码？解析：（1）注射器内气体做等压变化，初态：％=5.5mL,A=（13+273）K=286K,末态：7；=（65+273）K=338K由盖一吕萨克定律彳=彳，得匕=6.5mLo/oJI（2）保持水温力=65C不变，气体做等温变化，由玻意耳定律得, 加+加/,,r+ -： %,解得m=Q.1kgo答案：(1)6.5mL(2)0.1kg3、气体实验定律的微观解释.下列说法正确的是（）一定质量的气体，保持温度不变，压强随体积减小而增大的微观原因是：每个分子撞击器壁的作用力增大一定质量的气体，保持温度不变，压强随体积增大而减小的微观原因是：单位体积内的分子数减小一定质量的气体，保持体积不变，压强随温度升高而增大的微观原因是：每个分子动能都增大一定质量的气体，保持体积不变，压强随温度升高而增大的微观原因是：分子数密度增大解析：选B一定质量的气体，保持温度不变，体积减小时，单位体积内的分子数增多,分子数密度增大，使压强增大，故A错误；一定质量的气体，保持温度不变，体积增大时，单位体积内的分子数减少而使分子撞击次数减少，从而使压强减小，故B正确；一定质量的气体，保持体积不变，温度升高时，分子平均动能增大而使压强升高，但并不是每个分子动能都增大，故C、D错误。2.一定质量的理想气体，经等温压缩，气体的压强增大，用分子动理论的观点分析，这是因为（）A.气体分子每次碰撞器壁的平均冲力增大B.单位时间内单位面积器壁上受到气体分子碰撞的次数增多C.气体分子的总数增加D.分子的平均速率增加解析：选B气体经等温压缩，温度是分子平均动能的标志，温度不变，分子平均动能不变，故气体分子每次碰撞器壁的冲力不变，A错；由玻意耳定律知气体体积减小、分子的数密度增加，故单位时间内单位面积器壁上受到气体分子碰撞的次数增多，B对；气体体积减小、分子的数密度增大，但分子总数不变，C错；分子的平均速率与温度有关，温度不变,分子的平均速率不变，D错。3.（多选）一定质量的理想气体，处在某一状态，经下列哪个过程后会回到原来的温度（）A.先保持压强不变而使它的体积膨胀，接着保持体积不变而减小压强B.先保持压强不变而使它的体积缩小，接着保持体积不变而减小压强C.先保持体积不变而增大压强，接着保持压强不变而使它的体积膨胀D.先保持体积不变而减小压强，接着保持压强不变而使它的体积膨胀解析：选AD先等压变化，，增大，则7升高，再等容变化，p减小，则7降低，可能会回到原来的温度，A正确；先等压变化，V减小，则7降低，再等容变化，0减小，则7又降低，不可能回到原来的温度，B错误；先等容变化，°增大，则7升高，再等压变化，/增大，则7又升高，不可能回到原来的温度，C错误；先等容变化，0减小，则7降低，再等压变化，，增大，则7升高，可能会回到原来的温度，D正确。4.如图所示，容积一定的测温泡上端有感知气体压强的压力传感器。待测物体温度升高时，泡内封闭气体（）A.内能不变，压强变大B.体积不变，压强变大C.温度不变，压强变小D.温度降低，压强变小解析：选B当待测物体温度升高时，泡内封闭气体的温度升高，体积不变，则内能增大，又根据*c,可知压强增大，选项B正确。5.如图所示，在p7坐标系中的a、人两点，表示一定质量的理想气体的两个状态，设气体在状态a时的体积为匕，密度为4”在状态。时的体积为心密度为则（）“P•a■b

a yA.匕>心P>PbK<Vb,P<PbP<PbD.匕<%,P>Pb解析：选D过a、。两点分别作它们的等容线。根据理想气体状态方程4C. m 匕l,7=C可得0=1/。由于斜率A"＞"所以匕＜%,由于密度。=7所以。 t故D正确。.一定质量的气体做等压变化时，其片t图像如图所示，若保持气体质量不变，使气体的压强增大后，再让气体做等压变化，则其等压线与原来相比，下列可能正确的是（）A.等压线与t轴之间夹角变大B.等压线与t轴之间夹角不变C.等压线与t轴交点的位置不变D.等压线与t轴交点的位置一定改变解析：选C对于一定质量气体的等压线，其上t图线的延长线一定过点（一273.15°C,0）,故选项C正确，。错误；气体压强增大后，由理想气体状态方程*C可知，的勺比值减小，故图像的斜率减小，等压线与t轴夹角减小，选项A、B错误。.（2021•汕头高二月考）如图所示，一定质量的理想气体用质量为M的活塞封闭在容器中，活塞与容器间光滑接触，在图中三种稳定状态下的温度分别为小乙、耳体积分别为匕、心、匕且匕＜/=%,则7；、我、冕的大小关系为（）t2t3TiA.不=冕=看 B.7；＜冕＜北C. D.T〈T产£解析：选B设三种稳定状态下气体的压强分别为0、R、R,以活塞为研究对象，三种稳定状态下分别有,给+rS=/?iS,rS+/端=rS,kS~\~Mg~\~mg=pS可以得出p尸p«p3；根据理想气体的状态方程”=偿=竺，由匕〈“得7K&；由七=匕得石＜石，即故12 13选项B正确。.光滑绝热的轻质活塞把密封的圆筒容器分成从6两部分，这两部分充有温度相同的气体，平衡时匕：%=1：2o现将A中气体加热到127℃,5中气体降低到27℃,待重新平衡后，这两部分气体体积的比勿：”为（）

1：11：12：33：42：1解析：选B由理想气体状态方程，对4部分气体有：绡=吗夕咆1A1A对6部分气体有：②1b1b因为 Pa'=Pr',Ta=Tb,所以号得｛=2，。gm犯心 V 1X4002缶CT*整理得正，= ,=«?乂&八八=市故B正确。Vu Vbib ZAJUUo.一圆筒形真空容器，在筒顶系着的轻弹簧下端挂一质量不计的活塞，弹簧处于自然长度时，活塞正好触及筒底，如图所示，当在活塞下方注入一定质量的理想气体后，温度为7时，气柱高为力，则温度为7'时，气柱的高为（活塞与圆筒间摩擦不计）（）解析：选C设弹簧的劲度系数为4,当气柱高度为力时，弹簧弹力尸=A力，由此产生的压强O=（=竽（S为圆筒的横截面积）；取封闭的气体为研究对象，初状态为（八hS、朗，末kh..h，$状态为（r、h'S、）由理想气体状态方程亘万一=——y ，得力'=tr\^Y，C正确。.内燃机气缸里的混合气体，在吸气冲程结束瞬间，温度为50°C,压强为LOXlO'Pa,体积为0.93Lo在压缩冲程中，把气体的体积压缩为0.155L时，气体的压强增大到1.2X106Pa,这时混合气体的温度升高到多少摄氏度？解析：由题意可知混合气体初状态的状态参量为n=L0Xl（rpa,%=0.93L,7]=（50+273）K=323K.混合气体末状态的状态参量为ja=1.2X106Pa,七=0.155L,石为未知量。由竿=竿可得a=华£,71 12 p\V\将已知量代入上式，1.2X106X0.155得T1=1,0X105X0.93X323*=646K,所以混合气体的温度r=(646-273)r=373答案：373℃.已知湖水深度为20m,湖底水温为4℃,水面温度为17C,大气压强为1.0X105Pa。当一气泡从湖底缓慢升到水面时，其体积约为原来的(g取10m/s2,z^=1.0X103kg/m3)()A.12.8倍B.8.5倍C.3.1倍D.2.1倍解析：选C气泡内气体在湖底的压强r=r+0g/?=3.OXI。'Pa,由竽=偿，代入J2"v2数据解得下仁3.1,C正确。K1.新冠疫情正在全球肆虐，勒消毒是防疫的一个关键举措。如图乙所示是消毒用的喷雾消毒桶原理图，圆柱形消毒桶横截面积为S=0.08m?,内有高度为方=0.3m的消毒液，上部封闭有高友=0.2m、压强r=1.0X1()5Pa、温度71=290K的空气。已知消毒液的密度。=1000kg/m3,大气压强恒为r,g取10m/s2,喷雾管的喷雾口与喷雾消毒桶顶部等高。忽略喷雾管的体积，将空气看作理想气体，现将喷雾消毒桶移到室内。(1)若室内温度也是To,通过打气筒缓慢充入体积为『的空气，桶内空气压强达到1.5r,求，的大小。(2)若室内温度高于室外，喷雾消毒桶移到室内静置一段时间后，不充气打开阀门K,刚好有消毒液流出，求室内温度兀(3)在第(2)问的前提下，在室内静置一段时间后再用打气筒缓慢向喷雾消毒桶内充入空气，直到消毒液完全流出，求充入空气与原有空气的质量比(结果保留三位有效数字)。解析：(1)原来封闭气体的体积为K=5Zfe=0.016m,由于充气过程缓慢，可看作等温变化，由玻意耳定律，有r(%+D=1.5r解得K=8.0X10-3m3o(2)室温为7■时，封闭气体的压强P\=Pa+Pg/k=l.02X105Pa由查理定律有：掾=5解得7=295.8Ko(3)以喷完消毒液后的气体为研究对象，此时气体压强R=R+"gS+加=1.05*1。5Pa,体积松=S(%+灰)=0.040m3,此气体经等温变化，压强为n时，体积为匕由玻意耳定律.仁则充入气体的体积△勺%一%故充入气体与原有气体质量比为g=与么1.57。m%答案:(D8.0X10-3m(2)295.8K(3)1.574、气体实验定律和理想气体状态方程的应用(2021•山东等级考)血压仪由加压气囊、臂带、压强计等构成，如图所示。加压气囊可将外界空气充入臂带，压强计示数为臂带内气体的压强高于大气压强的数值。充气前臂带内气体压强为大气压强，体积为匕每次挤压气囊都能将60cm，的外界空气充入臂带中，经5次充气后，臂带内气体体积变为5匕压强计示数为150mmHg。已知大气压强等于750nlmHg,气体温度不变。忽略细管和压强计内的气体体积。则，等于()加压气囊A.30cm* B.40cm'C.50cm3 D.60cm'解析：选D设每次挤压气囊将体积为%=60cm，的空气充入臂带中，压强计的示数为p'=150mmHg,则以充气后臂带内的空气为研究对象，由玻意耳定律得：r/+p)X5/=(p>+p')5K,代入数据解得：K=60cm3,故D正确，A、B、C错误。.如图所示,用一绝热的活塞将一定质量的气体密封在绝热的气缸内(活塞与气缸壁之间无摩擦)，现通过气缸内一电阻丝对气体加热，则下列图像中能正确反映气体的压强0、体积/和温度7之间关系的是()

vt解析：选B活塞与气缸壁之间无摩擦，被封闭气体的压强。=乃+言且始终是不变的,因此被封闭的气体经历的是一个等压变化。在压强不变的情况下，体积/与热力学温度T成正比，故B正确。vt.如图所示，容器4和6分别盛有氢气和氧气，用一段竖直细玻璃管连通，管内有一段水银柱将两种温度相同的气体隔开。如果将两气体温度均降低10C,水银柱将（ ）A.向上移动D.无法确定C.不动D.无法确定解析：选B由查理定律的推论关系式△夕=5与得，△〃=一多水0,△例=—牛3＜0,因网＞0〃，故水银柱向容器/一方（向下）移动。故选项B正确。.如图所示，一定质量的理想气体从状态4开始，经历两个过程，先后到达状态6和4有关/、5和C三个状态温度北、。和A的关系，正确的是 （ ）A.Ta=Tb,Tb=TcB.Ta<Tb,Tb<TcC.Ta=Tc,Tb>TcD.Ta=Tc,Tr<Tc解析：选C从｛到反气体做等压变化，根据盖-吕萨克定律有4=午，因为匕＜%,所以TaVTb；从8到G气体做等容变化，根据查理定律有干=朱，因为0＞口，所以TATc1bic

由题图可知PaVa=PcVc,即从A到C,气体做等温变化，故Ta=Tc.选项C正确。一气泡从30m深的海底升到海面，设水底温度是4 水面温度是15℃,那么气泡在海面的体积约是水底时的()A.3倍 B.4倍C.5倍 D.12倍解析：选B根据理想气体状态方程：竽=竽，知专=空，其中7；=(273+4)K=277/I12V\pil\K,?2=(273+15)K=288K,故而夕2=p)七10夕水g,口=外+厂”0。水g,即故RV2万24。故B正确。.如图所示，两端开口的光滑的直玻璃管，下端插入水银槽中，上端有一段高为力的水银柱，中间封有一段空气，设外界大气压为外，环境温度保持不变，贝心)C.不变C.不变A.玻璃管下端内外水银面的高度差为仁人B.中间空气的压强大小为夕=n)—/?(cmHg)C.若把玻璃管向下移动少许，则管内的气体压强将减小D.若把玻璃管向上移动少许，则管内的气体压强将增大解析：选A对管中上端水银受力分析可知，管中气体压强比大气压强高力(cmHg),所以玻璃管下端内外水银面的高度差为力，A正确；中间空气的压强大小为0=R+McmHg),B错误；若把玻璃管向上移动少许(或向下移动少许)，封闭气体的压强不变，C、D错误。.如图所示，一定质量的理想气体，从状态1变化到状态2,气体温度变化情况是()B.逐渐降低D.先升高后降低解析：选B根据理想气体的状态方程*C,得尸牛则0T周像上点与原点连线的斜率反映温度的高低，如图所示，可知从状态1到状态2温度逐渐降低，故B正确。.如图所示，一根两端开口、横截面积为S=8cm?的足够长的玻璃管竖直插入水银槽中并固定(插入水银槽中的部分足够深)。管中有一个质量不计的光滑活塞静置于一处，活塞下封闭着长工=21cm的气柱，气柱的温度为1=7℃,外界大气压/%=1.0义10»Pa=75cmHg,重力加速度g取10m/s：忽略水银槽的液面变化。(1)若在活塞上放一个质量为0=0.4kg的祛码，保持气体的温度心不变，则平衡后气柱长度是多少？活塞向下移动的距离是多少？(2)若保持祛码的质量不变，将气体缓慢加热至上时，活塞恰好回到〃处，则气体温度&是多少？解析：(D封闭气体的初状态参量pi=p)=1.OX10°Pa,V\=LS封闭气体的末状态参量,mg 5 ,0.4X10 5A=P>+-^=1.0X10°Pa+。/—Pa=1.05X105Pa=78.75cmHg,V?=L2s3 oX10气体发生等温变化，根据玻意耳定律得代入数据解得乙=20cm=0.20m设管内外水银面的高度差为分cm,封闭气体的压强r=Pi+r=75cmHg+力cmHg解得力=3.75活塞向下移动的距离"=/一%+/?=21cm-20cm+3.75cm=4.75cm=0.0475m。(2)气体初状态的温度7]=(273+7)K=280K加热过程气体压强不变，活塞回到一处时，空气柱的长度Z3=Z+Acm=24.75cm,气体体积V.=LS气体发生等压变化，根据盖一吕萨克定律得1\ 12即铲不代入数据解得%=346.5K则t2=(346.5-273)℃=73.5C。答案：(1)0.20m0.0475m(2)73.5℃一只轮胎容积为「=10L,已装有口=1atm的空气。现用打气筒给它打气，已知打气筒的容积为K=1L,要使胎内气体压强达到r=2.5atm,应至少打气的次数为（设打气过程中轮胎容积及气体温度维持不变，大气压强R=1atm）（）A.8次 B.10次12次 D.15次解析：选D胎内气体质量发生变化，选打入的气体和原来的气体组成的整体为研究对象。设打气次数为〃，则/=『+〃分,由玻意耳定律得.匕=.匕解得〃=15次。10.如图所示，一定质量的空气被水银封闭在静置于竖直平面的U形玻璃管内，右管上端开口且足够长，右管内水银面比左管内水银面高A,能使力变小的原因是（）3A.环境温度升高B.大气压强升高C.沿管壁向右管内加水银U形玻璃管自由下落解析：选B对于左端封闭气体，温度升高，由理想气体状态方程可知，气体发生膨胀,人增大，故A项错误；大气压升高，气体压强将增大，体积减小，力减小，故B项正确；向右管加水银，气体压强增大，内、外压强差增大，小将增大，所以C项错误；当管自由下落时,水银不再产生压强，由于此时左侧气体的压强大于气压，管自由下落时气体压强减小，体积增大，则力变大，故D项错误。11.某同学制作简易喷雾器，量筒内装自来水，顶端使用胶塞密封，胶塞下端到量筒下端高度为H,胶塞上打两个孔，一个孔插入长细玻璃管，玻璃管下端插到靠近量筒底端位置，上面装上控制开关；另一孔通过玻璃管、细胶管与打气筒相连。已知量筒除了胶塞以外其他部分体积等于打气筒有效打气体积的20倍，打气筒每次吸入气体的压强等于1atm（标准大气压），每打一次气均把有效体积内气体压入量筒。开始时控制开关闭合，液面距量筒底的高度为彳〃，内部气体压强为2atm,设外界大气压恒为1atm,打气过程中量筒内气体温度与外4界温度相同且保持不变，不考虑漏气和玻璃管内剩余液体体积和这部分液体产生的压强。求:(1)打开控制开关，较长时间后，量筒内所剩液体的高度：(2)打开控制开关，较长时间后，重新关闭控制开关，使用打气筒打气20次，量筒内气体压强的大小。解析：(1)设量筒横截面积为S,所以开始时气体体积％=%/£压强n=2atm,设较长时间后气体高度为力，此时R=1atm,V2=hS,u u对量筒内气体，根据玻意耳定律得解得力=5，量筒内所剩液体高度为〃一］=2°(2)较长时间后气体体积变为量筒体积的一半，打气20次，设量筒体积为匕则气体初VV V状态总体积匕=20X而+万，压强r=1atm,末状态匕=5,根据玻意耳定律得匕，解得Pi=3atm。答案：(1)2(2)3atm12.如图甲所示，水平放置的气缸内壁光滑，活塞厚度不计，在力、6两处设有限制装置，使活塞只能在4、5之间运动，6左面气缸的容积为限A.8之间的容积为0.1%,开始时活塞在方处，缸内气体的压强为0.9r(r为大气压强)，温度为297K,现缓慢加热气缸内气体，直至温度升至399.3Ko求：(1)活塞刚离开8处时的温度强(2)缸内气体最后的压强R：⑶在图乙中画出整个过程的图线。解析：(D活塞离开6处时，体积不变，封闭气体的压强为R=R,由查理定律得:=斤;解得。=330Ko(2)以封闭气体为研究对象，活塞开始在8处时，r=0.9r,匕=%,71=297K；活塞最后在/处时：匕=1.1%,2=399.3K,由理想气体状态方程得竺=亨，1\h.二＞0.9p)MX399.3故-==1.1-X297=L5°(3)如图所示，封闭气体由状态1保持体积不变，温度升高，压强增大到r=r达到状态2,再由状态2先做等压变化，温度升高，体积增大，当体积增大到1.1%后再等容升温，使压强达到1.1网。0.9%%1.1%1.2%oooO0.9%%1.1%1.2%oooOpppP.Z19R1O.答案：(1)330K(2)1. (3)见解析图5、液体的表面张力.有些硬币可以浮在水面上是因为受到了()A.水的浮力B.水的表面张力的作用C.水的浮力和表面张力的共同作用D.以上说法都不对解析：选B这一现象是水的表面张力作用的结果。由于硬币密度大于水的密度，硬币放入水中易下沉。而硬币由于经常和手接触，表面有一层油膜，这一层油膜使硬币与水不浸润。将硬币轻轻放在平静的水面上时，在水的表面张力作用下，硬币可以浮在水面上。B正确。.(多选)下列现象中，由于液体的表面张力所造成的是()A.两滴水银相接触，立即合并到一起.熔化的蜡从燃烧的蜡烛上流下来，冷却后呈球形C.用熔化的玻璃制成各种玻璃器皿D.水珠在荷叶上呈球形解析：选ABD用熔化的玻璃制成各种器皿，跟各种模型有关，并非表面张力造成的,故本题选A、B、D三项。.洗涤剂能除去衣服上的污垢，其原因是（）A.降低了水的表面张力，使水和洗涤剂容易进入被洗物质的纤维和附着的污垢粒子之间B.增加了水的表面张力，使水和洗涤剂容易进入被洗物质的纤维和附着的污垢粒子之间C.洗涤剂分子的吸引力将污垢粒子吸入水中D.洗涤剂的分子斥力将污垢粒子推离衣物表面解析：选A洗涤剂能除去衣服上的污垢，一个重要原因是洗涤剂内有能够降低水的表面张力、浸润油污的物质，故选项A正确。.在水中浸入两个同样细的玻璃细管，一个是直的，另一个是弯的，如图所示，水在直管中上升的高度比在弯管中上升的最高点还要高，那么弯管中的水将（）A.会不断地流出.不会流出C.不一定会流出D.无法判断会不会流出解析：选B因为水滴从弯管管口N处落下之前，弯管管口的水面在重力作用下要向下凸出，这时表面张力的合力竖直向上，使水不能流出，故B正确。.（多选）下列现象中与毛细现象有关的是（）A.豉块吸水毛巾的一只角浸入水中，水会沿毛巾上升，使毛巾湿润C.洗净的衣服在太阳下被晒干D.钢笔从墨水瓶里把墨水吸入笔中解析：选AB砖块、毛巾、棉花、木材、粉笔等物体内部有许多细小的管道，可起到毛细管的作用，水会在这些细小的管道中上升，A、B正确；洗净的衣服在太阳下被晒干，这是蒸发现象，C错误；钢笔是靠大气压强把墨水吸入笔中的，故D错误。（多选）下列有关浸润和不浸润现象的解释正确的是（）A.在夏季，人穿棉线衣服感觉舒适是因为汗水对棉线是浸润物体单杠、双杠运动员上杠表演前，手及杆上涂镁粉，是因为水对镁粉是浸润物体C.水银气压计中，水银在玻璃管中上升，是由于水银对玻璃是浸润物体D.酒精灯的灯芯经常用棉线做成，因为酒精时棉线是浸润物体解析：选ABD水银在气压计的玻璃管中上升，是由于大气压的作用，C错误；水对棉线是浸润物体，水对镁粉是浸润物体，酒精灯的灯芯经常用棉线做成，酒精对棉线是浸润物体,A、B、D正确。.如图所示，金属框上阴影部分表示肥皂膜。它被棉线分割成a、8两部分。若将肥皂膜的a部分用热针刺破，棉线的形状是下图中的（）A B C D解析：选D表面张力的作用效果是使液面收缩，a部分破裂后，6部分面积将缩小且使棉线弯曲呈弧形，故选项D正确，A、B、C错误。.（2021•山东日照莒县二中高二月考）下面说法正确的是（ ）A.鸭子从池塘中出来，羽毛并不湿一一毛细现象.细玻璃棒尖端放在火焰上烧熔后变成球形——表面张力C.粉笔能吸干纸上的墨水一一浸润现象D.布做的雨伞，虽然纱线间有空隙，却不漏雨水一一毛细现象解析：选B鸭子从池塘中出来，羽毛不湿，是不浸润现象，故A错误；细玻璃棒尖端放在火焰上烧熔后变成球形，是由于表面张力的作用，故B正确；粉笔能吸干纸上的墨水，是毛细现象，故C错误；布做的雨伞，虽然纱线间有空隙，却不漏雨水，主要是因为表面张力的作用，故D错误。（多选）下列说法正确的是（ ）A.PM。在空气中的运动属于分子热运动B.荷叶上的露珠呈球形是表面张力作用的结果C.浸润和不浸润现象都是分子间作用力作用的表现D.晶体具有各向异性，具有各向同性的都是非晶体解析：选BCPM0在空气中的运动是固体颗粒的运动，不属于分子热运动，故A错误；表面张力形成的原因是：液体跟气体接触的表面存在一个薄层，叫作表面层，表面层里的分子比液体内部稀疏，分子间的距离比液体内部大一些，分子间的作用力表现为引力，即表面张力，它具有使液体表面收缩的趋势，故B正确；浸润和不浸润现象都是分子间作用力作用的表现，故C正确；多晶体和非晶体都是各向同性的，故D错误。10.把一根弯成如图所示形状的金属丝悬挂在灵敏弹簧测力计的下端，然后将盛有液体的杯子放在金属丝下面，使金属丝浸入液体中，这时如果把灵敏弹簧测力计慢慢地向上移动，

让金属丝的水平部分从液体里露出来，就可以看到，金属丝和液面之间出现了一层液体的薄膜，同时金属丝本身也被薄膜包围着，由于表面张力的作用，薄膜向下拉金属丝，而使测力计的弹簧伸长，继续移动测力计，直到金属丝和液面之间的薄膜刚要断开为止，设此时测力计的读数为人，金属丝的重力为侬，求薄膜每一面上平行于金属丝的分界线上表面张力的大小。解析：表面张力的方向为竖直向下，设每一面上的张力大小为r,当将要把金属丝和液面之间的薄膜拉断时，由平衡条件/=侬+2/，得u=匕守。答案:答案:F—mg26、晶体1.下列说法中正确的是（）A.常见的金属材料都是多晶体B.只有非晶体才显示各向同性C.凡是具有规则几何形状的固体一定是晶体D.多晶体一定显示各向异性解析：选A常见金属材料都是多晶体，故选项A正确；具有规则几何形状的固体不一定是晶体，如有规则形状的蜡烛不是晶体，故选项C错误；多晶体和非晶体均显示各向同性,故选项B、D错误。2.下列说法中正确的是（）A.黄金可以切割加工成任意形状，所以是非晶体B.同一种物质只能形成一种晶体C.单晶体的所有物理性质都是各向异性的D.玻璃没有确定的熔点，也没有天然规则的几何形状解析：选D固态金属都是晶体，因而黄金也是晶体。只是因为黄金晶体内部小晶粒的排列杂乱无章，才使黄金没有天然规则的几何形状，A错误：同一种物质可以形成多种晶体,如碳可以形成金刚石和石墨，B错误；单晶体的各向异性是指某些物理性质是各向异性的，C错误：玻璃是非晶体，因而没有确定的熔点和天然规则的几何形状，D正确。3.利用扫描隧道显微镜可以得到晶体表面原子排列的图像，从而可以研究晶体的构成规律，下面的照片是三种晶体材料表面的原子排列图像，通过观察、比较，可以得出的结论是(1) (2) (3)A.三种晶体的原子排列都具有规律性B.三种晶体的原子排列都没有规律性C.三种晶体的原子都是静止不动的D.三种晶体的原子都是无间隙地挨在一起的解析：选A三种晶体的原子排列不相同，但是对于每一种晶体的原子排列具有各自的规律性，故选项A正确，B错误；晶体的原子在永不停息地做热运动，故选项C错误；原子之间存在间隙，故选项D错误。.（2021•珠海高三检测）一块金属整体表现为各向同性是因为（）A.金属是单晶体.金属是多晶体C.金属晶粒的排列是有序的D.金属是非晶体解析：选B金属晶体有许多小金属晶粒组成，大量的金属晶粒无序地组成了多晶体，因为多晶体整体表现为各向同性，金属整体也表现为各向同性，故B正确。.（多选）关于液晶，下列说法中正确的有（）A.液晶是一种液态的晶体液晶分子的空间排列是稳定的，具有各向异性C.液晶的光学性质随温度的变化而变化D.液晶的光学性质随外加电压的变化而变化解析：选CD液晶的微观结构介于晶体和液体之间，虽然液晶分子在特定方向排列比较整齐，具有各向异性，但分子的排列是不稳定的，A、B错误；外界条件的微小变化都会引起液晶分子排列的变化，从而改变液晶的某些性质，温度、压力、外加电压等因素变化时,都会改变液晶的光学性质，C、D正确。下列属于液晶分子示意图的是（）A B C D解析：选B液晶是像液体一样可以流动，又具有某些晶体结构特征的一类物质，所以液晶的光学性质与某些晶体相似，具有各向异性，液晶可以流动，所以和固态分子排列不相同，但液晶不可以像液体一样任意流动，所以和液态分子排列也不相同，综上分析可知B正确，A、C、D错误。（多选）岩盐的颗粒很大，我们能清楚地看出它的立方体形状。将大颗粒的岩盐敲碎后,小的岩盐仍然呈立方体形。如图所示是岩盐的平面结构，实心点为氯离子，空心点为钠离子,如果将它们用直线连起来，将构成一系列大小相同的正方形。贝ij（）O•O•O••O•O•OO•O•O•A.岩盐是晶体岩盐是非晶体C.固体岩盐中氯离子是静止的D.固体岩盐中钠离子是运动的解析：选AD岩盐分子按一定规律排列，则岩盐是晶体，故A正确，B错误；根据分子永不停息地做无规则运动，可知固体岩盐中氯离子和钠离子都是运动的，故C错误，D正确。8.（多选）甲、乙、丙三种固体物质，质量相等，加热过程中，相同时间内吸收的热量相等，如图所示为其温度随时间变化的图像，由图可以判断（）A.甲、丙是晶体，乙是非晶体B.乙是晶体，甲、丙是非晶体C.乙是非晶体，甲的熔点比丙低D.乙是非晶体，甲的熔点比丙高解析：选AD甲在升温至t2℃时开始熔化,一段时间内温度保持不变；丙在升温至t,℃时开始熔化，一段时间内温度保持不变，因此，甲、丙为晶体，且甲的熔点高。乙没有确定的熔点，为非晶体，故选项A、D正确。9.（多选）有关晶体的排列结构，下列说法正确的是（）A.同种元素原子按不同的结构排列有相同的物理性质B.同种元素原子按不同的结构排列有不同的物理性质C.同种元素形成晶体只能有一种排列规律D.同种元素形成晶体可能有不同的排列规律解析：选BD晶体内部微粒排列的空间结构决定着晶体的物理性质。同种元素原子也会有很多排列结构，例如：碳原子按层状结构排列形成石墨，按网状结构排列形成金刚石，故选项B、D正确。10.某球形固体物质，其导热性能各向相同，则该物体（）A.一定是非晶体B.可能具有确定的熔点一定是单晶体，因为它有规则的几何外形一定不是单晶体，因为其具有各向同性的物理性质解析：选B导热性能各向相同的物质可能是非晶体，也可能是晶体，故A选项错误；晶体具有确定的熔点，故B选项正确；物质外形是否规则不是判断物质是否为单晶体的依据,应该说，单晶体具有规则的几何外形是“天生”的，而多晶体和非晶体也可以具有规则的几何外形，当然，这只能是“后天”加工的，故C选项错误：单晶体具有各向异性的特征，仅是指某些物理性质，并不是所有的物理性质都是各向异性的，故当物质某一物理性质显示各向同性，并不意味着该物质一定不是单晶体，故D选项错误。11.关于下列四幅图中所涉及晶体微观结构及其解释的论述中，不正确的是（）A.甲图中，晶体中沿不同的方向上微粒排列的情况不同，故晶体在不同的方向上会表现出不同的物理性质B.乙图为石墨中碳原子形成的层状结构，与金刚石的结构不同，但物理性质相同C.丙图为食盐晶体的点阵结构，晶体的许多特征都与点阵结构有关D.丁图为金刚石中碳原子形成的一种紧密结构，相互之间作用力很强，所以金刚石十分坚硬，可制造玻璃刀和钻头解析：选B晶体中沿不同的方向上微粒排列的情况不同，故晶体在不同的方向上会表现出不同的物理性质，A正确；金刚石和石墨都是由碳原子直接构成的，因为碳原子的排列方式不同，故其物理性质差异很大，石墨质地松软，可以用来制作铅笔芯，金刚石很硬，可以用于制造玻璃刀和钻头，B错误，D正确；晶体的许多特性都与点阵结构有关，C正确。

.（2021•山东临沂一中高二下月考）一块密度和厚度都均匀分布的矩形被测样品，长是宽/。的两倍，如图所示。若用多用电表沿两对称轴a。'和测其电阻，阻值关系为国=2%，则这块样品是（）AQiBOx i- O,'CO2'A.单晶体 B.多晶体C.非晶体 D.以上说法全错解析：选A假设这块样品沿各个方向的电阻率相同为0,根据4。卷可知，R\=4Rz,而测得石=2是，说明沿aa'和aa'方向的电阻率（导电性能）不同，即表现出各向异性的物理性质，所以为单晶体，所以a正确。.如图所示为食盐晶体结构示意图，食盐的晶体是由钠离子（图中。）和氯离子（图中•）组成的，这两种离子在空间中三个互相垂直的方向上，都是等距离地交错排列的。已知食盐的摩尔质量是58.5g/mol,食盐的密度是2.2g/cn?,阿伏伽德罗常数为6.0X10"mol7,试估算食盐晶体中两个最近的钠离子中心间的距离。摩尔质量以物质密度。的关系为『=摩尔质量以物质密度。的关系为『=彳，V M所以一个离子所占的体积为=产7由题图可知/就是图中八个离子所夹的立方体的体积,3i N2M而最近的两个钠离子中心的距离_ '1 58.5X10=-1.41X^2X60X1023X2.2X10：,m^4X10-'0m»此立方体的边长＜/=如=解析：1mol食盐中有照个氯离子和M个钠离子，离子总数为2M,因而摩尔体积，与答案：4X10T。章末综合检测（本试卷满分：100分）一、单项选择题（本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的）.关于液晶的以下说法正确的是（）A.液晶态的存在只与温度有关B.因为液晶在一定条件下发光，所以可以用来做显示屏C.液晶的物理性质稳定D.笔记本电脑的彩色显示器，是因为在液晶中掺入了少量多色性染料，液晶中电场强度不同时，它对不同色光的吸收强度不一样，所以显示出各种颜色解析：选D液晶态可以在一定温度范围或某一浓度范围存在；液晶本身不能发光，液晶具有液体的流动性，其物理性质并不稳定；在外加电压下，对不同色光的吸收程度不同，故D正确。.如图为一注水的玻璃装置，玻璃管以£上端与大气相通，利用玻璃管C使4、5两球上部相通，D、C、£三管与两球接口处紧密封接。当4、B、〃的水面高度差如图所示时，E管内水面相对6中水面的高度差力应等于（）|poA.0 B.0.5mC.1m D.1.5m解析：选D表面看，题图中1区、2区液面不在同一水平面，但1、2区以管C相通，即n=R=0c,p\=po+Pgh\,力i=l.5m,pa=p、=pa+Pgh,则/?=1.5m,D正确。.如图所示，活塞质量为如缸套质量为机通过弹簧吊放在地上，气缸内封住一定质量的空气，缸套与活塞无摩擦，活塞横截面积为S,大气压强为R,则（）

A.气缸内空气的压强等于r+华B.气缸内空气的压强等于R-置C.内外空气对缸套的作用力为（材+血gD.内外空气对活塞的作用力为侬解析：选A对缸套受力分析如图所示，由力的平衡条件得0S=rS+,磨，所以气缸内空气的压强〃=网+华，A正确，B错误；内外空气对缸套和活塞的作用力均为Mg,C、D错误。.如图所示，一定量的理想气体从状态力开始，经历两个过程，先后到达状态6和G有关48和。三个状态温度北、心和小的关系，正确的是（）A.0=Tb,A.0=Tb,Tb=TcB.T&Tb,T^Tc♦=，，T»TcTa=TC9T^Tc解析：选C由题图可知，从状态力到状态夕是一个等压变化过程，由盖一吕萨克定律有《=丁，因为%〉匕，则有出北。而从状态6到状态C是一个等容变化过程，则由查理定律1A183 3有?=今，因为谕m，有TDK"对状态｛和C,根据理想气体状态方程，有一7—=---,IBIC 1A 1C解得，=£,综上分析，可知选项C正确，A、B、D错误。.一定质量的某种理想气体的压强为R热力学温度为T,单位体积内的气体分子数为n,则（）0增大，〃一定增大0增大，〃一定增大7减小，〃一定增大C.今曾大时，〃一定增大 D.绑大时，〃一定减小解析：选C只知道。或7的变化情况，不能得出体积的变化情况，A、B错误；今曾大,厂一定减小，单位体积内的分子数一定增加，C正确，D错误。.如图所示，a、6表示两部分气体的等压线，根据图中所给条件可知，当t=273C,气体a的体积比气体b的体积大（ ）A.0.1m3 B.0.2m3C.0.3m3 D.0.4m3V/m3|/a° 旅解析：选D在0℃到273℃的温度区间上应用盖一吕萨克定律分别研究气体a和。可得到方程匕 0.3 Vb 0.1m3273K+273K=273K'273K+273K=273K解得匕=0.6m\"=0.2m3,AV=V„—1=0.4m,\正确选项为D„.如图所示，两端开口的弯管，左管插入水银槽中，右管有一段高为力的水银柱，中间封有一段空气，下列说法错误的是（）A.弯管左管内外水银面的高度差为力.若把弯管向上移动少许，则管内气体体积增大C.若把弯管向下移动少许，则右管内的水银柱沿管壁上升D.若环境温度升高，则右管内的水银柱沿管壁上升解析：选B对右管中的水银柱分析知，管中气体压强比大气压强高力cmHg,所以弯管左管内外水银面的高度差为力，故A正确；弯管上下移动，封闭气体温度和压强不变，体积不变，故B错误；封闭气体温度和压强不变，体积不变，所以弯管向下移动少许，则右管内的水银柱沿管壁上升，故C正确；环境温度升高，气体压强不变，封闭气体体积增大，则右管内的水银柱沿管壁上升，故D正确。二、多项选择题（本题共3小题，每小题6分，共18分。在每小题给出的四个选项中,有多项符合题目要求。全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分）.下列现象中，由表面张力引起的是（）A.酒精和水混合后体积减小水银温度计中水银柱的升降C.荷叶上的小水滴呈球形D.洗头发时，当头发浸泡在水中时呈散开状，露出水面后头发聚拢到一起解析：选CD因为液体表面张力使液面具有收缩的趋势，故选项C、D正确。酒精和水混合后体积减小，是由于分子间存在着空隙。水银柱的升降是水银柱的热胀冷缩造成的，A、B错误。如图，固定的导热气缸内用活塞密封一定质量的理想气体，气缸置于温度不变的环境中。现用力使活塞缓慢地向上移动，密闭气体的状态发生了变化。