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学必求其心得,业必贵于专精学必求其心得,业必贵于专精学必求其心得,业必贵于专精3。6带电粒子在匀强磁场中的运动同步练习一、单选题如图所示,半径为R的圆形区域内有垂直于纸面向里的匀强磁场;重力不计、电荷量一定的带电粒子以速度v正对着圆心O射入磁场,若粒子射入、射出磁场点间的距离为R,则粒子在磁场中的运动时间为()A.23πR3v B。2πR3v C。【答案】D【解析】解:粒子在磁场中做匀速圆周运动,画出轨迹,如图所示:
故轨道半径:r=33R
根据牛顿第二定律,有:qvB=mv2r
解得:r=mvqB
联立解得:v=3qBR3m
故在磁场中的运动时间:
t=2如图,空间某区域存在匀强电场和匀强磁场,电场方向竖直向上(与纸面平行),磁场方向垂直于纸面向里。三个带正电的微粒a,b,c电荷量相等,质量分别为ma,mb,mc.已知在该区域内,a在纸面内做匀速圆周运动,b在纸面内向右做匀速直线运动,c在纸面内向左做匀速直线运动。下列选项正确的是(A。ma>mb>mc B.m【答案】B【解析】解:微粒受重力G、电场力F、洛伦兹力的作用,三个带正电的微粒a,b,c电荷量相等,那么微粒所受电场力F大小相等,方向竖直向上;
a在纸面内做匀速圆周运动,则a的重力等于电场力,即F=Ga=mag;
b在纸面内向右做匀速直线运动,则b受力平衡,因为重力方向竖直向下,洛伦兹力方向竖直向上,则有F+F′b=Gb=mbg;
c在纸面内向左做匀速直线运动,则c受力平衡,且洛伦兹力方向向下,则有:回旋加速器的核心部分是真空室中的两个相距很近的D形金属盒.把它们放在匀强磁场中,磁场方向垂直于盒面向下.连接好高频交流电源后,两盒间的窄缝中能形成匀强电场,带电粒子在磁场中做圆周运动,每次通过两盒间的窄缝时都能被加速,直到达到最大圆周半径时通过特殊装置引出,如果用同一回旋加速器分别加速氚核( 13H)和α粒子( 2A。加速氚核的交流电源的周期较大;氚核获得的最大动能较大
B.加速氚核的交流电源的周期较小;氚核获得的最大动能较大
C。加速氚核的交流电源的周期较大,氚核获得的最大动能较小
D.加速氚核的交流电源的周期较小;氚核获得的最大动能较小【答案】C【解析】解:交流电源的周期等于粒子圆周运动的周期,为:T=2πmqB,由于氚核的mq较大,则加速氚核的交流电源的周期较大;
根据qvB=mvm2R得,粒子出D形盒时最大速度为vm=qBRm,最大动能为:Ekm=12如图所示,三个速度大小不同的同种带电粒子,沿同一方向从图中长方形区域的匀强磁场上边缘射入,当它们从下边缘飞出时相对入射方向的偏角分别为90∘、60∘、30∘,则它们在磁场中运动的时间之比为()A.1:1:1 B.1:2:3 C。3:2:1 D。1:2:3【答案】C【解析】解:粒子在磁场中运动的周期的公式为T=2πmqB,由此可知,粒子的运动的时间与粒子的速度的大小无关,所以粒子在磁场中的周期相同,由粒子的运动的轨迹可知,三种速度的粒子的偏转角分别为90∘、60∘、30∘,所以偏转角为90∘的粒子的运动的时间为14T,偏转角为60∘的粒子的运动的时间为16T,偏转角为30∘的粒子的运动的时间为112T.
所以有14T:平面OM和平面ON之间的夹角为30∘,其横截面(纸面)如图所示,平面OM上方存在匀强磁场,磁感应强度大小为B,方向垂直于纸面向外.一带电粒子的质量为m,电荷量为q(q>0).粒子沿纸面以大小为v的速度从OM的某点向左上方射入磁场,速度与OM成30∘角.已知粒子在磁场中的运动轨迹与ON只有一个交点,并从OM上另一点射出磁场.不计重力.粒子离开磁场的射点到两平面交线O的距离为()A.mv2qB B。3mvqB C。2mv【答案】D【解析】解:粒子进入磁场做顺时针方向的匀速圆周运动,轨迹如图所示,
根据洛伦兹力提供向心力,有qvB=mv2R
解得R=mvqB根据轨迹图知PQ=2R=2mvqB,∠OPQ=60∘
粒子离开磁场的出射点到两平面交线O的距离为OP=2PQ=4mvqB如图所示,矩形区域MPQN长MN=3d,宽MP=d,一质量为m(不计重力)、电荷量为q的带正电粒子从M点以初速度v0水平向右射出,若区域内只存在竖直向下的电场或只存在垂直纸面向外的匀强磁场,粒子均能击中Q点,则电场强度E的大小与磁感应强度B的大小的比值为(A。3v04 B.4v03【答案】B【解析】解:在电场中做类似平抛运动过程,根据分运动公式,有:
水平方向:3d=v0t…①
竖直方向:d=12qEmt2…②
只有磁场时,做匀速圆周运动,轨迹如图所示:
结合几何关系,有:r2=(r−d)2+(3d)2
解得:r=2d…③
洛伦兹力提供向心力,根据牛顿第二定律,有:
qv
在平面直角坐标系里面有一圆形匀强磁场区域,其边界过坐标原点O和坐标点a(0,L),一电子质量为m,电量为e从a点沿x轴正向以速度v0射入磁场,并从x轴上的b点沿与x轴成60∘离开磁场,下列说法正确的是()A。电子在磁场中运动时间为πLv0
B。电子在磁场中运动时间为3πL3v0
C.【答案】C【解析】解:A、粒子运动轨迹如图所示,转运的圆心角为60∘,则由几何关系可知,R=2L,则可知,粒子在磁场中飞行时间为:t=Rθv0=2πL3v0,故AB错误;
C、由题意和上图的几何关系可得,过a、O、B三点的圆的圆心在aB连线的中点.所以:
x轴坐标x=aO1sin60∘=32L
y轴坐标为二、多选题如图所示是磁流体发电机的示意图,两平行金属板P、Q之间有一个很强的磁场.一束等离子体(即高温下电离的气体,含有大量正、负带电粒子)沿垂直于磁场的方向喷入磁场.把P、Q与电阻R相连接.下列说法正确的是()A。Q板的电势高于P板的电势
B。R中有由a向b方向的电流
C。若只改变磁场强弱,R中电流保持不变
D.若只增大粒子入射速度,R中电流增大【答案】BD【解析】解:AB、等离子体进入磁场,根据左手定则,正电荷向上偏,打在上极板上,负电荷向下偏,打在下极板上.所以上极板带正电,下极板带负电,则P板的电势高于Q板的电势,流过电阻电流方向由a到b.故A错误,B正确;
C、依据电场力等于磁场力,即为qUd=qvB,则有:U=Bdv,再由欧姆定律,I=UR+r=BdvR+r,电流与磁感应强度成正比,改变磁场强弱,R中电流也改变.故C错误;
D、由上分析可知,若只增大粒子入射速度,R中电流也会增大,故如图所示,平行板电容器与电动势为E的直流电源(内阻不计)连接,下极板接地.一带电油滴位于容器中的P点且恰好处于平衡状态.现将平行板电容器的上极板竖直向上移动一小段距离后()A。P点的电势将降低
B。P带电油滴的电势能将增大
C.带电油滴将沿竖直方向向上运动
D.电容器的电容减小,极板带电量将增大【答案】AB【解析】解:A、C、将平行板电容器的上极板竖直向上移动一小段距离,由于电容器两板间电压不变,根据E=Ud得知板间场强减小,油滴所受的电场力减小,则油滴将向下运动;板间场强E减小,而P点与下极板间的距离不变,则由公式U=Ed分析可知,P点与下极板间电势差将减小,而P点的电势高于下极板的电势,则知P点的电势将降低;故A正确,C错误;
B、由带电油滴原来处于平衡状态可知,油滴带负电,P点的电势降低,则油滴的电势能将增加;故B正确;
D、根据电容的定义式C=QU,电容器与电源保持相连,则U不变,当C减小,则Q也减小;故D错误;
故选:速度相同的一束粒子(不计重力)经速度选择器射入质谱仪后的运动轨迹如图所示,则下列相关说法中正确的是()A.该束带电粒子带正电
B。速度选择器的P1极板带负电
C.能通过狭缝S0的带电粒子的速率等于EB【答案】ACD【解析】解:A、由图可知,带电粒子进入匀强磁场B2时向下偏转,所以粒子所受的洛伦兹力方向向下,根据左手定则判断得知该束粒子带正电。故A正确。
B、在平行金属板中受到电场力和洛伦兹力两个作用而做匀速直线运动,由左手定则可知,洛伦兹力方向竖直向上,则电场力方向向下,粒子带正电,电场强度方向向下,所以速度选择器的P1极板带正电.故B错误。
C、粒子能通过狭缝,电场力与洛伦兹力平衡,则有:qvB1=qE,解得:v=EB1.故C正确.
D、粒子进入匀强磁场B2中受到洛伦兹力而做匀速圆周运动,由牛顿第二定律得:qvB=mv2r,解得:r=mvqB
如图所示,某空间存在正交的匀强磁场和匀强电场,电场方向水平向右,磁场方向垂直纸面向里,一带电微粒由a点进入电磁场并刚好能沿ab直线向上运动,下列说法正确的是()A。微粒一定带负电 B。微粒动能一定减小
C.微粒的电势能一定增加 D.微粒的机械能一定增加【答案】AD【解析】解:
根据做直线运动的条件和受力情况(如图所示)可知,微粒一定带负电,且做匀速直线运动,所以选项A正确,选项B错误.
由于电场力向左,对微粒做正功,电势能一定减小,选项C错误.
由能量守恒可知,电势能减小,机械能一定增加,所以选项D正确.
故选AD.
图甲是回旋加速器的原理示意图.其核心部分是两个D形金属盒,在加速带电粒子时,两金属盒置于匀强磁场中(磁感应强度大小恒定),并分别与高频电源相连.加速时某带电粒子的动能Ek随时间t的变化规律如图乙所示,若忽略带电粒子在电场中的加速时间,则下列判断正确的是()
A.在Ek−t图象中t4−t3=t3−t2【答案】AD【解析】解:A、根据T=2πmqB知,粒子回旋周期不变,在Ek−t图中应有t4−t3=t3−t2=t2−t1,故A正确;
B、交流电源的周期必须和粒子在磁场中运动的周期一致,故电源的变化周期应该等于2(tn−tn−1),故B错误;
三、计算题如图所示,在竖直平面内有一个正交的匀强电场和匀强磁场,磁感应强度为4T,电场强度为103N/C,一个带正电的微粒,q=2×10−6C,质量m=2×10−6kg,在这正交的电场的磁场内恰好做匀速直线运动,g=10m/s2,求:
(1)【答案】解:粒子在重力、电场力与磁场力作用下做匀速直线运动.粒子的受力如图所示.
水平方向:qE=fcosα…①,
竖直方向:fsinα=mg…②,
其中:f=qvB…③,
联立①②③,解得:
f=4×10−5N,
v=5m/s
α=30∘
答:(1)带电粒子受到的洛伦兹力的大小为4×10−5N【解析】(1)粒子受重力、电场力和洛伦兹力,做匀速直线运动,故合力为零根据平衡条件并运用正交分解法列式求解洛仑兹力;
(2)根据f=qvB求解速度大小;
(3)根据左手定则判断洛仑兹力的方向.
本题关键是根据物体做匀速直线运动的条件,运用平衡条件进行列式计算,要注意粒子做直线运动的条件是合力为零或者合力与速度共线,如果是变速运动,洛仑兹力大小变化,合力方向不可能恒定,故有洛仑兹力的直线运动通常都是匀速直线运动.
如图,空间存在方向垂直于纸面(xOy平面)向里的磁场.在x≥0区域,磁感应强度的大小为B0;x<0区域,磁感应强度的大小为λB0(常数λ>1).一质量为m、电荷量为q(q>0)的带电粒子以速度v0从坐标原点O沿x轴正向射入磁场,此时开始计时,当粒子的速度方向再次沿x轴正向时,求(不计重力)
(1)粒子运动的时间;
(2)粒子与【答案】解:粒子在磁场中做圆周运动,洛伦兹力做向心力,则有,Bv0q=mv02R,那么,R=mv0Bq,T=2πRv0=2πmBq;
(1)粒子运动轨迹如图所示,,
则粒子在x≥0磁场区域运动半个周期,在x<0磁场区域运动半个周期;
那么粒子在x≥0磁场区域运动的周期T1=2πmB0q,在x<0磁场区域运动的周期T2=【解析】(1)由磁感应强度大小得到向心力大小进而得到半径和周期的表达式,画出粒子运动轨迹图则得到粒子在两磁场中的运动时间,累加即可;
(2)由洛伦兹力做向心力,求得粒子运动半径,再由几何条件求得距离。
带电粒子在匀强磁场中运动,一般由洛伦兹力做向心力,推得粒子运动半径,再根据几何关系求得位移,运动轨迹,运动时间等问题。
如图所示,从标空间中有匀强电场和匀强磁场,电场方向沿y轴负方向,磁场方向垂直于纸面向里,y轴两种场的分界面,磁场区的宽度为d,现有一质量为m,电荷量为−q的带电粒子从x轴上x=−L的N点处以初速度v0沿x轴正方向开始运动,然后经过y轴上y=L2的M点进入磁场,不计带电粒子重力.求:
(1)MN两点间的电势差UMN
(2)若要求粒子能穿越磁场区域而不再返回电场中,求磁感应强度应满足的条件
【答案】解:(1)粒子从M到N做类似平抛运动,有:
水平分运动:L=v0t
竖直分运动:L2=12at2
加速度:a=qEm
电势差:UMN=E⋅L2
联立解得:UMN=mv022q
(2)粒子在磁场中做匀速圆周运动,有:
qvB=mv2r
又进入磁场的速度:
v=2v0
粒子能够穿过磁场,则要求:
r+22
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